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1、2011学年第一学期“温州八校”高二期末联考物理试卷.单项选择题（每题 4分，共10小题，40分）1.关于磁场和磁感线的描述，下列说法正确的是A.磁感线从磁体的N极出发到磁体的 S极终止用心爱心专心10B.自由转动的小磁针放在通电螺线管内部，其N极指向螺线管的北极C.磁场中电流元受到的磁场力的方向就是该处磁场方向D.两条磁感线空隙处一定不存在磁场2.如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由CA B匀速飞过，电子重力不计，则电子所受电场力的大小和方向变化情况是A.先变大后变小,方向水平向左B.先变大后变小,方向水平向右+用力STC.先变小后变大,方向水平向左D.先变小后变大,方向水平向右3.对电
2、容C=Q/U以下说法正确的是A.电容器充电量越大，电容增加越大B.电容器的电容跟它两极所加电压成反比C.电容器的电容越大，所带电量就越多D.对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变4.如图（俯视图）所示， T是绕有两组线圈的闭合铁芯， D是理想的二极管，金属棒G中有电流ab可在两条平行的金属导轨上沿导轨滑行，磁场方向垂直纸面向里，若电流计通过，则ab棒的运动可能是（除 ab棒有电阻外其余部分无电阻）A.向左匀速运动.向右匀速运动D . 向右匀加速运动8TL第4题旗CM5 .穿过某线圈的磁通量随时间变化的-t图象，如图所示，下面几段时间内，产生感应电动势最大的是 0-5s
3、 5-10s 10-12s 12-15sA. B . C . D .6 .一电场的电场强度 E随时间t变化的图象如图所示，此电场中有一个带电粒子，在 t=0 时刻由静止释放，若带电粒子只受电场力作用，则下列判断正确的是A.带电粒子05s内始终向一个方向运动B.在l3s内，电场力的功率为零C.3s 末带电粒子的速度最大D.在24s内，电场力做的功等于零7.如图甲所示电路是接通的，在ti时刻突然断开 S,则R1两端电压随时间的变化图线可能是图乙中的8.如图所示，M N两平行金属板间存在着正交的匀强电场和匀强磁场，一带电粒子（重力不计）从 O点以速度u沿着与两板平行的方向射入场区后，做匀速直线运动，
4、经过时间ti飞出场区；如果两板间撤去磁场，粒子仍以原来的速度从O点进入电场，经过时间的 t2飞出电场；如果两板间撤去电场，粒子仍以原来的速度从O点进入磁场后，经过时间 t3飞出磁场，则ti、t2、t3的大小关系为A. ti = t2tlt3C. t 1 = t2 = t3D. t 1t2 = t 39. 一磁棒自远处匀速沿一圆形线圈的轴线运动, 四个图中较正确反映线圈中 I与时间t关，A：c V 木乂11-A第8题并穿过线圈向远处而去，如图所示。则下列条的是（线圈中电流以图示箭头为正方向）t okvtoxAtBCD第9题.它的核心部分是两个 D形金属盒,10.回旋加速器是用来加速带电粒子的装置
5、，如图所示两盒相距很近，分别和高频交流电源相连接， 两盒间的窄缝中形成电场， 使带电粒子每次通 过窄缝都得到加速。两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，带电粒子在磁场中做圆 周运动，通过两盒间的窄缝时反复被加速，直到达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出。如果用同一回旋加速器分别加速瓶核（；H ）和“粒子（2 H e）（说明:m何核_ 3叫核4叱=1）比较它们所加的高频交流电源的周期和获得的最大动能的大小，则qtm 2A.加速瓶核的交流电源的周期较大，瓶核获得的最大动能也较大B.加速瓶核的交流电源的周期较大，瓶核获得的最大动能较小C.加速瓶核的交流电源的周期较小，瓶核获得的最大动能也较小D.
6、加速瓶核的交流电源的周期较小，瓶核获得的最大动能较大二.不定项选择题（4X4分=16分，全对得4分，漏选得2分，错选不得分）11.如图所示，是将滑动变阻器作分压器用的电路，A、B为分压器的输出端，R是负载电阻，电源电压为 U保持恒定，滑动片 P位于变阻器的中央，下列判断正确的是A.空载（不接 R）时，输出电压为 U/2B.接上负载R时，输出电压v U/2C.负载电阻R的阻值越大，输出电压越低D.接上负载R后，要使输出电压为 U/2,滑动片P须向上移动至某一位置。12.如图所示，电源的内阻 不可忽略.已知定值电阻 R=15Q , F2=12Q .当电键S接位 置1时，电流表的示数为 0.30A
7、.那么当电键 S接位置2时，电流表的示数可能是下列的哪 些值A. 0.42AB. 0.33AC. 0.38AD. 0.30A13 .如图为一匀强电场， 某带电粒子从 A点运动到B点.在这一运动过程中克服重力做的功大小为1.0J ,电场力做的功大小为 0.5J .（只受电场力、重力作用），则下列说法正确的是:A .粒子带负电B.粒子在A点的电势能比在B点少0.5JC.粒子在A点的动能比在 B点多0.5JAD.粒子在A点的机械能比在B点少0.5J第13题14 .如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为簿 带电量为q,小球可在棒上滑动，现将此棒竖直固定在沿水平方向的且互相垂直的匀强
8、磁场和匀强电场第14题中.设小球电量不变，小球由棒的下端以某一速度上滑的过程中一定有A.小球加速度一直减小B.小球速度先减小，直到最后匀速C.杆对小球的弹力一直减少D.小球所受洛伦兹力一直减小三.实验题（每空 2分，每图3分，共16分）第15题15.某人用多用电表按正确步骤测量一电阻的阻值，当选择欧姆挡“X 1”挡测量时，指针指示位置如下图所示，则其电阻值是。如果要用这只多用电表测量一个约 200欧的电阻，为 了使测量比较精确，选择开关应选的欧姆挡是。改变挡位调整倍率后，要特别注意重新。16. 一个小灯泡的额定电压为6.3V ,额定电流约为0.3A ,用以下所给的实验器材描绘出小灯泡的伏安特性
9、曲线，实验电路图所示。电源E1：电动势为8.0V,内阻不计；电源巳：电动势为12.0V,内阻不计；电压表V:量程为010V,内阻约为10k 电流表A:量程为03A,内阻约为0.1 Q;电流表A2:量程为0300mA内阻约为10；滑动变阻器R:最大阻值10Q,额定电流1.0A;开关S,导线若干。依照实验电路图将图中的实物图连接成实验电路。实验中电源应该选用;电流表应该选用。实验测出的数据如下表所示，依照这些数据在图所示的坐标纸中描绘出该小灯泡的伏安 特性曲线。U/V00.50.81.01.21.52.02.53.04.05.06.06.3I/A00.050.080.100.120.140.160
10、.180.200.230.250.270.27四.计算题(共 3题28分，其中17题10分,18题8分，19题10分)17.如图所示，AB是一倾角为。=37。的绝缘粗糙直轨道，滑块与斜面间的动摩擦因数=0 0.30 , BCD是半彳仝为R=0.2m的光滑圆弧轨道，它们相切于B点，C为圆弧轨道的最低点，整个空间存在着竖直向上的匀强电场，场强 E = 4.0 X103N/C,质量m= 0.20kg的带电滑块从斜面顶端由静止开始滑下。已知斜面AB对应的高度 h = 0.24m ,滑块带电荷 q =0.60 , cos37 =0.80。求:-5.0 x 104C,取重力加速度 g = 10m/s 2,
11、 sin37(1)滑块从斜面最高点滑到斜面底端B点时的速度大小;(2)滑块滑到圆弧轨道最低点 C时对轨道的压力。第1 了题18.如图甲所示，光滑且足够长的金属导轨 MN PQ平行地固定的同一水平面上，两导轨间距L=0.20cm,两导轨的左端之间连接的电阻R=0.40C ,导轨上停放一质量 m=0.10kg的金属杆ab,位于两导轨之间的金属杆的电阻r=0.10 C,导轨的电阻可忽略不计。整个装置处于磁感应强度B=0.50T的匀强磁场中，磁场方向竖直向下。现用一水平外力F水平向右拉金属杆， 使之由静止开始运动， 在整个运动过程中金属杆始终与导轨垂直并接触良好，若理想电压表的示数U随时间t变化的关系
12、如图乙所示。求金属杆开始运动经t=5.0s时，(1)通过金属杆的感应电流的大小和方向；(2)金属杆的速度大小；(3)外力F的瞬时功率。第18题19.在如图所示的空间区域里，x轴下方有一匀强电场，场强方向跟x轴负方向成60。角，大小为E= 8X105N/C, x轴上方有一垂直纸面向里的匀强磁场，有一质子以速度 u 32.0 X106m/s由x轴上A点(OA= 20cm )从与x轴正方向成30角射入磁场，恰好从坐标原点。穿过x轴射入电场，已知质子质量m=1. 6X10-27kg,求(1)匀强磁场的磁感应强度；(2)质子经过电场后，再次射入磁场的第19题位置和方向.2011学年第一学期“温州八校”高
13、二期末联考物理试卷答案1-5.BADCC 6-10 DDABB11 ABD 12 B 13 ACD 14 D15.答案：12Q, “X10挡”，调整欧姆零点16.解： 实验原理和实和连线如图所示。 E1、AIU曲线如图所示17解：（1）滑块沿斜面滑下的过程中，受到的滑动摩擦力 f = N （mg+ qE） cos37 =0.96N（2 分）设到达斜面底端时的速度为v,根据动能定理得h 12（mg+ qE） h - fr = - mv1（2 分）sin 37”2解得 v 1= 2.4m/s 。11 分）（2）滑块从B到C点，由动能定理可得：1 212（mg+ qE） R （1 cos37 ） =
14、-mv2 -mv1 （2 分） 22当滑块经过最低点时，有2Fn （ mg+ qE） = mv2- （1 分）由牛顿第三定律：Fn = F n（ 1分）解得：Fn =11.36N （1 分）18解：（1）由图象可知，t=5.0s日tU = 0.40V 1分）此时电路中的电流（即通过金属杆的电流）I =U / R = 1.0A （1分）用右手则定判断出，此时电流的方向由b指向a （1分）（2）金属杆产生的感应电动势 E = I（R+r） =0.50V （1分）因=8卜,所以0.50s时金属杆的速度大小v = E/BL = 5.0m/s （1分）R（3）金属杆速度为 v时，电压表的本数应为U =R
15、BlvR r由图象可知，U与t成正比，由于 R r、B及L均与不变量，所以 v与t成正比，即金属杆应沿水平方向向右做初速度为零的匀加速直线运动（1分）金属杆运动的加速度 a = v/t =1.0m/s2根据牛顿第二定律，在 5.0s末时对金属杆有F-BIL=ma,解得F=0.20N （1分）此时F的瞬时功率 P=Fv=1.0W （1分）19.解（1）由几何知识可得：r=0.2m, （2分） 粒子做匀速圆周运动：2,v由 qvB=m一得 B=0.1T （2 分）（2）粒子进入电场的方向刚好与电场方向垂直，所以做类平抛运动，沿电场线方向由s=-qEt22 m垂直电场线方向 G=vt几何关系：=tan300S21 3可得：t= 10，s2所以再射入磁场离 。点距离为S=Js12 +S2 =0.2m ,即从A点射入。由类平抛推论及几何关系可得粒子再次射入磁场的速度方向与x轴正向成角度为2,3a = arctan（本步骤求出位置得 4分，求出万向 2分）用心爱心专心