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1、第一章运动的描述命题设计题 X度较易中等稍难单目 标质点、位移和路程6、7、8速度和加速度1、 2、 3、 94、5综合目标综合应用101112、单项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分）1 .如图1所示是汽车的速度计， 某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化.开始时指针指示在如图甲所示的位置，经过 8s后指针指示在如图乙所示的位置，若汽车做匀变速A. 11 m/s 2 B解析：甲图所示为初速度，示数约是(2D . 0.6 m/s直线运动，那么它的加速度约为20 km/h =5.6 m/s ,乙图所示是末速度，示数约是60 km/h = 16.7 m/s ,则加速度a=m/s2= 1.4
2、 m/s82,故C选项正确.用心爱心专心10答案：C2.如图2所示为高速摄影机拍摄到的子弹穿透苹果瞬间的照片.该照片经放大后分析出，在曝光时间内，子弹影像前后错开的距离约为子弹长度的1呛2%.已知子弹飞行速度约为500 m/s ,由此可估算出这幅照片的曝光时间最接近（）A. 10 3sB . 10 6sC . 10 9s D . 10 12s解析：在曝光时间内，子弹的运动可简化为匀速运动，影像前后错开的距离对应在该时间内的位移，子弹长度的数量级为102m.故子弹的位移数量级为 10 4m,而子弹飞行速度约为500 m/s ,故曝光时间估算为 t =x= 黑s = 2X107s,最接近B选项.v
3、 500答案：B13 .用同一张底片对着小球运动的路径每隔而s拍一次照，得到的照片如图3所示，则小球在图中过程运动的平均速度是（）123456 cm图3A 0.25 m/s B . 0.2 m/s C . 0.17 m/s D .无法确定1解析：由于此过程中小球的位移为5 cm,所经时间为t=3X； s =0.3 s，所以v =5X10 m/s = 0.17 m/s0.3答案：CA地运动到B地的过程中,V2,若V1VV2,则甲与乙相4 .甲、乙两人同时由相同位置 A沿直线运动到同一位置 B,甲先以速度V1匀速运动了一半路程，然后以速度 V2匀速走完了剩下的后一半路程；乙在由前一半时间内运动速度
4、为V1,后一半时间内乙的运动速度为比较（）A.甲先到达B地B.乙先到达B地C.只要V1、V2取值合适，甲、乙两人可以同时到达D.以上情况都有可能解析：设AB两地相距x,则t甲=x, 2v1 2 v2 一 x 2v1 v2.一 ，、 ,所以v甲=1= ,设乙从 z B经历时间为t ,则甲 t甲 V1+V2 v17+ v27-2-22 V1 + V2V 乙 （v1+ V2）V =7= , 所以=.由于t2-4V1V2V99一 一 一 X 一.（V1+V2）- 4v1v2= （v1- V2）0,所以丫乙 V甲，所以由V =,得1乙vt甲，即乙先到达B地，应选B.答案：B5. 一个质点做方向不变的直线
5、运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零.在此过程中（）A.速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B.速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C.位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D.位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值解析：因加速度与速度方向相同，故物体速度要增加，只是速度增加变慢一些，最后速 度达到最大值.因质点沿直线运动方向不变，所以位移一直增大.答案：B二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分.每小题有多个选项符合题意，全 部选对的得6分，选对但不全的得 3分，错选或不答的得 0分）6. 2009年1月，中
6、国海军护航舰艇编队用时10天抵达亚丁湾、索马里海域为中国商船护航.如图4所示，此次护航从三亚启航，经南海、马六甲海峡，穿越印度洋，总航程四千五百海里.关于此次护航，下列说法正确的是图4A.当研究护航舰艇的运行轨迹时，可以将其看做质点B. “四千五百海里”指的是护航舰艇的航行位移C. “四千五百海里”指的是护航舰艇的航行路程D.根据题中数据我们可以求得此次航行的平均速度解析：将护航舰艇看做质点可较方便的研究其运行轨迹，故A对；由题图可知，“四千五百海里”指的是护航舰艇的航行路程，而不是位移，故 B错，C对；平均速度是位移 与所用时间的比值，故 D错.答案：AC7.如图5所示，是A、B两质点运动的
7、速度图象，则下列说法正确的是 （A. A质点以10 m/s的速度匀速运动B. B质点先以5 m/s的速度与A同方向运动1 s ,而后停了 1 s ,最后以相反方向的速度匀速运动C. B质点最初3 s内的位移是10 mD. B质点最初3 s内的路程是10 m解析：B质点第1 s内的位移为5 m,第2 s内静止，第3 s内的位移为一5 m,故前3s内，B质点的位移为0,路程为10 m,选项C错，A、B、D对.答案：ABD8. （2010 南通模拟）跳水比赛是我国的传统优势项目.第29届奥运会上我国某运动员正在进行10 m跳台跳水比赛，若只研究运动员的下落过程，下列说法正确的是（）A.前一半时间内位
8、移小，后一半时间内位移大8 .前一半位移用的时间长，后一半位移用的时间短C.为了研究运动员的技术动作，可将正在比赛的运动员视为质点D.运动员在下落过程中，感觉水面在匀速上升解析：运动员的下落过程阻力很小，可看做是自由落体运动， 故前一半时间内的位移小于后一半时间内的位移，A对；前一半位移所用时间大于后一半位移所用时间，B对；研究运动员技术动作时，其大小不能忽略，C错；运动员相对水面加速下降，则水面相对运动员加速上升， D错.答案：AB9 .三个质点 A B、C均由N点沿不同路径运动至 M点，运动轨迹如图6所示，三个质点同时从 N点出发，同时达到 M点，下列说法正 确的是（）.A.三个质点从N点
9、到M点的平均速度相同B.三个质点任意时刻的速度方向都相同C.三个质点从N点出发到任意时刻的平均速度都相同D.三个质点从N点到M点的位移相同，路程不同,. 一 A x . ，一 .解析：根据平均速度的定义式 V =芸，知选项A对；质点速度方向沿轨迹切线方向，故三个质点的速度方向不相同，选项B错；位移是指从初位置指向末位置的有向线段，在任意时刻，三个质点的位移方向不同，只有均到达M点后，位移方向相同，故选项 C错，D对.答案：AD三、计算题（本题共3小题，共46分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算 步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）10 .
10、 （14分）如图7所示，一修路工在长为 x=100 m的隧道中，突然发现一列火车出现在离右隧道口（A）x=200 m处，修路工所处的位置在无论向左还是向右跑恰好能安全脱离危险的位置.问这个位置离隧道右出口距离是多少？他奔跑的最小速度至少应是火车速度 的多少倍？图7解析：设人奔跑的最小速度是 v,火车速度是V0,这个位置离隧道右出口 A的距离为xi,Xi Xo X2 Xo+ X离隧道左出口 B的距离为X2,则由题息可得： 一=,=,Xl+X2=Xv Vo vVo已知 X0=200 m, x= 100 m.解以上三个方程得：Xi= 40 m,V = 7V0.5答案：40 m 5倍11 .（14分）
11、汽车从甲地由静止出发，沿直线运动到丙地，乙在甲、丙两地的中点.汽车从甲地匀加速运动到乙地，经过乙地时的速度为60 km/h;接着又从乙地匀加速运动到丙地，到丙地时速度为 120 km/h ,求汽车从甲地到达丙地的平均速度.解析：设甲、丙两地距离为21 ,汽车通过甲、乙两地的时间为匕，通过乙、丙两地的时间为t2.一，一 .，一， ,V0+ V-甲到乙是匀加速运动，由 x=-2- t得l21（丫甲+丫乙）/2 v乙. , _ _ , ,、一 ，,vo+ v . 一2l从乙到丙也是匀加速运动，由X= 2 t得t 2=:：、，1=：（丫乙+丫丙）/2v乙+v丙所以v2l甲丙=t1 + t2v乙（v乙+
12、 v丙）2V乙v=45 km/h.答案：45 km/h12. （18分）一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动，直到 停止，下表给出了不同时刻汽车的速度：时刻/s1.02.03.05.07.09.510.5速度/1 ms369121293（1）汽车做匀速运动时的速度大小是否为12 m/s?汽车做加速运动时的加速度和减速运动时的加速度大小是否相等？（2）汽车从开出到停止共经历的时间是多少？（3）汽车通过的总路程是多少？解析：(1)是；不相等.加速运动从。增到12 m/s；减速运动从12 m/s至ij 0,变化量的大小一样，但所需时间不一样.(2)汽车做匀减速运动的加速度a
13、=0 = 39 巾笈 2=_6 m/s2.t 1设汽车经t 秒停止，t = v0 =专 s = 0.5 s.6总共经历的时间为 10.5 s +0.5 s =11 s.(3)汽车做匀加速运动的加速度31 = 6 3 m/s 2 = 3 m/s 2,汽车匀加速运动的时间11 = I2 s =4 s ,3匀减速的时间t2 =0- 12F s=2 s匀速运动的时间为t3= (t - t 1-t2)= (11 -4-2)s =5 s则汽车总共运动的路程v 1212s= 2 11 + vt 2+2t 3= (2- X 4+12X5+ X 2) m=96 m.答案：(1)是 不 (2)11 s (3)96 m