《2012届高考物理专项精练精析三十八.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2012届高考物理专项精练精析三十八.docx（5页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、坐i6定网同测 -a a-1 a （本栏目内容，在学生用书中以活页形式分册装订！）1.右图中MN GHK;平行导轨，AB CM跨在导轨上的两根 横杆，导轨和横杆均为导体.有匀强磁场垂直于导轨所在的平面， 方向如图.用I表示回路中的电流.则（）A.当AB不动而CD向右滑动时，I W0且沿顺时针方向B.当AB向左、CD向右滑动且速度大小相等时，1=0C.当AB CD都向右滑动且速度大小相等时，1=0D.当AB CD都向右滑动，且 AB速度大于CD寸，I金0且沿逆时针方向解析： 当AB不动而CD向右滑动时，I W0,但电流方向为逆时针， A错；当AB向左,CD向右滑动时，两杆产生的感应电动势同向，故
2、 IW0, B错；当AB和CD都向右滑动且速度大小相等时，则两杆产生的感应电动势等值反向，故I = 0, C正确；当AB和CCO向右滑答案： C2.如右图所示, 方有一个条形磁铁. 断正确的是（）动，且AB速度大于CD时，I W0,但方向为顺时针， D错误.水平桌面上放有一个闭合铝环，在铝环轴线上当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，下列判A.B.C.D.铝环有收缩趋势，对桌面压力减小 铝环有收缩趋势，对桌面压力增大 铝环有扩张趋势，对桌面压力减小 铝环有扩张趋势，对桌面压力增大解析： 磁铁向下运动，线圈中的磁通量增加， 线圈只有缩小、 并对桌面压力增大，故 B项正确.答案： B3.两个大小不同
3、的绝缘金属圆环如右图叠放在一起，小圆环有一半面积在大圆环内，当大圆环通上顺时针方向电流的瞬间，小圆环中感应电流的方 向是（）A.顺时针方向B.逆时针方向C.左半圆顺时针，右半圆逆时针D.无感应电流解析：根据安培定则，当大圆环中电流为顺时针方向时，圆环所在平面内的磁场是垂直于纸面向里的，而环外的磁场方向垂直于纸面向外，虽然小圆环在大圆环里外的面积一样，但环里磁场比环外磁场要强，净磁通量还是垂直于纸面向里.由楞次定律知，感应电流的磁场阻碍“X”方向的磁通量的增强，应垂直于纸面向外，再由安培定则得出小圆环中感应电流的方向为逆时针方向， B选项正确.答案： B4.如右图所示，在载流直导线近旁固定有两平
4、行光滑导轨A、B,导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导 体ab和cd.当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体 ab和cd的运动 情况是（）A. 一起向左运动B. 一起向右运动C. ab和cd相向运动，相互靠近D. ab和cd相背运动，相互远离解析：电流增强时，电流在 abcd回路中产生的垂直向里的磁场增强，回路磁通量增大，根据运动阻变法，可知回路要减小面积以阻碍磁通量的增加，因此，两导体要相向运动,相互靠拢.答案： C5 .现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及电键如图连接.下列说法中正确的是（）5A.电键闭合后，线圈 A插入或拔出都会引起电流计指针偏转
5、B.线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间电流计指针均不会偏转C.电键闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，会使电流计指针静止在中央零刻度D.电键闭合后，只有滑动变阻器的滑片P加速滑动，电流计指针才能偏转解析： 电键闭合后，线圈A插入或拔出都会引起穿过线圈 B的磁通量发生变化， 从而 电流计指针偏转，选项 A正确；线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间，线圈 B 的磁通量会发生变化，电流计指针会偏转，选项 B错误；电键闭合后，滑动变阻器的滑片 P 无论匀速滑动还是加速滑动， 都会导致线圈 A的电流发生变化，线圈B的磁通量变化，电流 计指针都会发生偏转，选项 C、D错误.答案： A6 .如
6、图所示，通过水平绝缘传送带输送完全相同的铜线圈，线圈均与传送带以相同的 速度匀速运动.为了检测出个别未闭合的不合格线圈，让传送带通过一固定匀强磁场区域， 磁场方向垂直于传送带， 线圈进入磁场前等距离排列，穿过磁场后根据线圈间的距离，就能够检测出不合格线圈，通过观察图形，判断下列说法正确的是（）腿皿1 3湎1o CJ oo o ooo:/ 6 5 43 2 I0fA.若线圈闭合，进入磁场时，线圈相对传送带向前滑动B.若线圈不闭合，进入磁场时，线圈相对传送带向后滑动C.从图中可以看出，第 2个线圈是不合格线圈D.从图中可以看出，第 3个线圈是不合格线圈解析：由电磁感应条件和楞次定律，A、B均错误.
7、由各线圈位置关系，C错误，D正确.答案： D7 .如右图所示，ab为一金属杆，它处在垂直于纸面向里的匀强 磁场中，可绕 a点在纸面内转动；S为以a为圆心位于纸面内的金 属环；在杆转动过程中，杆的b端与金属环保持良好接触；A为电流表，其一端与金属环相连，一端与a点良好接触.当杆沿顺时针方向转动时，某时刻 ab杆的位置如图所示，则此时刻 （）A.有电流通过电流表，方向由B.有电流通过电流表，方向由 C.有电流通过电流表，方向由 D.无电流通过电流表，作用于c向d,作用于ab的安培力向c向d,作用于ab的安培力向左 d向c,作用于ab的安培力向右 ab的安培力为零解析： 当导体杆ab顺时针方向转动时
8、，切割磁感线，由法拉第电磁感应定律知产生感应电动势，由右手定则可知将产生由a到b的感应电流，电流表的 d端与a端相连，c端与b端相连，则通过电流表的电流是由c到d,而导体杆在磁场中会受到安培力的作用，由左手定则可判断出安培力的方向为水平向右，阻碍导体杆的运动，所以A正确.答案： A8 .（2011 皖南八校联考）如右图所示，一半圆形铝框处在水平向 ,B 一一 外的非匀强磁场中，场中各点的磁感应强度为B = ：, y为该点到y+c地面的距离，c为常数，B0为一定值.铝框平面与磁场垂直，直径 ab 水平，（空气阻力不计）铝框由静止释放下落的过程中 （）A.铝框回路磁通量不变，感应电动势为 08 .
9、回路中感应电流沿顺时针方向，直径ab两点间电势差为 0C.铝框下落的加速度大小一定小于重力加速度gD.直径ab受安培力向上，半圆弧 ab受安培力向下，铝框下落加速度大小可能等于g解析：由题意知，y越小，B越大，下落过程中，磁通量逐渐增加，A错误；由楞次定律判断，铝框中电流沿顺时针方向，但5W0, B错误；直径ab受安培力向上，半圆弧ab受安培力向下，但直径 ab处在磁场较强的位置，所受安培力较大，半圆弧 ab的等效水 平长度与直径相等，但处在磁场较弱的位置，所受安培力较小，这样整个铝框受安培力的合力向上，故C正确D错误.答案： C9 . 一长直铁芯上绕有一固定线圈M铁芯右端与一木质圆柱密接，木
10、质圆柱上套有一闭合金属环N, N可在木质圆柱上无摩擦移动.M连接在如右图所示的电路中，其中R为滑动变阻器，Ei和E为直流电源，S为单刀双掷开关.下列情况中，可观测到N向左运动的是（）A.在S断开的情况下，S向a闭合的瞬间B.在S断开的情况下，S向b闭合的瞬间C.在S已向a闭合的情况下，将 R的滑动头向c端移动时N的磁通量增加，N受吸引而向左.故D.在S已向a闭合的情况下，将 R的滑动头向d端移动时 解析：由楞次定律及左手定则可知：只要线圈中电流增强，即穿过则N受排斥而向右，只要线圈中电流减弱，即穿过 N的磁通量减少，则 C选项正确.答案： C10 .如右图所示，金属棒 ab置于水平放置的金属导
11、 体框架cdef上，棒ab与框架接触良好.从某一时刻开始， 给这个空间施加一个斜向上的匀强磁场，并且磁场均匀增加，ab棒仍静止，在磁场均匀增加的过程中，关于 ab棒 受到的摩擦力，下列说法正确的是（）A.摩擦力大小不变，方向向右11 摩擦力变大，方向向右C.摩擦力变大，方向向左D.摩擦力变小，方向向左解析： 本题考查电磁感应规律和平衡条件.由法拉第电磁感应定律，ab中产生的电流的大小恒定，方向由 b到a,由左手定则，ab受到的安培力方向向左下方， F= BIL,由于 B均匀变大，F变大，F的水平分量R变大，静摩擦力Ff=Fx变大，方向向右，B正确.本题 难度中等.答案： B11.如图甲所示，长
12、直导线与闭合线框位于同一平面内，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示.在0T时间内，长直导线中电流向上，则线框中感应电流的方向 与所受安培力情况是（）A. 0T时间内线框中感应电流方向为顺时针方向B. 0T时间内线框中感应电流方向为先顺时针方向后逆时针方向C. 0T时间内线框受安培力的合力向左D.。T时间内线框受安培力的合力向右，TT时间内线框受安培力的合力向左解析：0：时间内，电流i在减小，闭合线框内的磁通量必然在减小，由楞次定律可以判断线框中感应电流方向为顺时针方向，而且。t时间内线框受安培力的合力应向左;同理，可以判断在 JT时间内，电流i在反向增大，闭合线框内的磁通量必然增大
13、，由楞次定律可以判断线框中感应电流方向也为顺时针方向，故A对B错；而且TT时间内线框受安培力的合力应向右，C、D错误.答案： A二、非选择题12.2008年9月25日，我国“神舟七号”载人飞船发射成功， 在离地面大约200 km的太空运行.假设载人舱中有一边长为 50 cm 的正方形导线框，在宇航员操作下由水平方向转至竖直方向，此 时地磁场磁感应强度 B= 4X10 5T,方向如右图.(1)该过程中磁通量的改变量是多少？(2)该过程线框中有无感应电流？设线框电阻为R= 0.1 Q ,若有电流则通过线框的电荷量是多少？ (sin37 = 0.6 , cos 37 = 0.8)解析：(1)设线框在水平位置时法线n方向竖直向上，穿过线框的磁通量1 = BScos53 =6.0 x 10 6 Wb.当线框转至竖直位置时，线框平面的法线方向水平向右，与磁感线夹角0 =143。，穿过线框的磁通量2= BSCos 143 =8.0X10 6 Wb该过程磁通量的改变量大小4虫=1 2=1.4X10 5 Wb.(2)因为该过程穿过闭合线框的磁通量发生了变化，所以一定有感应电流.根据电磁感 应定律得，E_ A R=RZ7.通过的电荷量为q= I At =R=1.4 X10 4 C.答案： (1)1.4 X10 5 Wb (2)1.4 X 10 4 C