《江西省余江县第一中学2016届高三上学期第二次模拟考试物理试题.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江西省余江县第一中学2016届高三上学期第二次模拟考试物理试题.docx（13页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、2016届余江一中高三第二次模拟考试物理试卷( 时间： 90分钟满分 100分 )命题人：许来喜审题人：张春平一、选择题： ( 本题共 10小题 48分。在每小题给出的四个选项中，第1-6 题只有一个选项符合题目要求，每小题4分。第 7-10 题有多个选项符合题目要求，全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分1下列关于运动和力的叙述中，正确的是()A 做曲线运动的物体，其加速度方向一定是变化的B 做圆周运动的物体，所受的合力一定指向圆心C 物体所受合力方向与运动方向相反，该物体一定做直线运动D 物体运动的速率在增加，所受合力方向一定与运动方向相同2如图所示， 一劲度系数为 k的
2、轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，弹簧、地面水平。A 、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的两点，A 、B两点离墙壁的距离分别是x1、 x2。则物块与地面的最大静摩擦力为( )A k( x 2x 1)B k( x 2x 1 )C k( x2x1)D k( x2 + x1)AB223如图所示， 固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔，质量为的小球套m在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住。现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中手对线的拉力 F和环对小球的弹力FN的大小变化情况是()A F减小， FN不变B F不变， FN减小C F不变， FN增大D
3、 F增大， FN减小4如图甲所示，静止在水平地面上的物块受到水平拉力F的作用， F与时间 t 的关系如图乙所示，设物块与地面之间的最大静摩擦力fm大小与滑动摩擦力大小相等，则()A 0 t1时间内所受摩擦力大小不变B t1 t2时间内物块做加速度减小的加速运动C t2 时刻物块的速度最大D t2t3时间内物块克服摩擦力做功的功率增大甲乙5火星和地球绕太阳运行的轨道可近似视为圆形，若已知火星和地球绕太阳运行的周期之比，则由此可求得()A 火星和地球受到太阳的万有引力之比B火星和地球绕太阳运行速度大小之比C火星和地球表面的重力加速度之比D火星和地球的第一宇宙速度之比6如图所示，在水平桌面上叠放着质
4、量均为M的 A、 B两块木板，在木板A的上方放着一个质量为 m的物块 C，木板和物块均处于静止状态。A、B、C之间以及 B与地面之间的动摩擦因数均为 。若用水平恒力 F向右拉动木板 A，使之从 C、 B之间抽出来，已知重力加速度为g。则拉力 的大小应该满足的条件是()FA F (2 m M)gB F 2 ( mM)gC F (m 2M) gD F 2 mg7宇宙飞船绕地心做半径为r的匀速圆周运动， 飞船舱内有一质量为m的人站在可称体重的台秤上， 用 R表示地球的半径， g表示地球表面处的重力加速度，g0表示宇宙飞船所在处的地球引力加速度， N表示人对秤的压力，则关于g0 、N 下面正确的是 (
5、)A NB.R2 gC.RD. N=0g0g 0r 2Nmgmr8如图所示， A 、B 两球分别套在两光滑无限长的水平直杆上，两球通过一轻绳绕过一定滑轮 (轴心固定不动 )相连，某时刻连接两球的轻绳与水平方向的夹角分别为、 ， A 球向左的速度为 v，下列说法正确的是()BA 此时 B球的速度为 cosB此时 B 球的速度为 cosvv) coscosA)C当 增大到等于90时，B球的速度达到最大， A 球的速度为 0vD在整个运动过程中，绳对B 球的拉力一直做正功9.如图，长为 2L 的轻杆两端分别固定质量均为m的两小球 P、Q，杆可绕中点的轴O在竖直平面内无摩擦转动。若给 P球一个大小为2
6、gL 的速度， 使P、Q两球在竖直面内做匀速圆周运动。不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是()A Q球在运动过程中机械能守恒PB P从最高点运动到最低点过程中杆对其做功为2mgLC水平位置时杆对 P的作用力大小为5mgOD Q到达最高点时杆对其作用力大小为mgQ10如图所示，倾角 =30的固定斜面上固定着挡板，轻弹簧下端与挡板相连，弹簧处于原长时上端位于 D点。用一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑定滑轮连接物体A和 B，使滑轮左侧绳子始终与斜面平行，初始时A位于斜面的 C点， C、 D两点间的距离为 L。现由静止同时释放A、 B，物体 A沿斜面向下运动，将弹簧压缩到最短的位置为E点， D
7、、 E两点间距离为L 。若2A、B的质量分别为4m和 m， A与斜面之间的动摩擦因数3，不计空气阻力，重力加速8度为 g，整个过程中，轻绳始终处于伸直状态，则 ( ) A A在从 C至 E的过程中，先做匀加速运动，后做匀减速运动B A在从 C至 D的过程中，加速度大小 1g20C弹簧的最大弹性势能为15 mgL8D弹簧的最大弹性势能为3 mgL8二、非选择题： ( 本题共 6小题 60分。考生根据要求作答)11 (4 分 ) 在高中物理力学实验中，下列说法中正确的是( )A在“探究动能定理”的实验中，通过改变橡皮筋的长度来改变拉力做功的数值B 在“验证力的平行四边形定则”实验中，采用的科学方法
8、是等效替代法C 在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，可用直尺直接测量弹簧的伸长量D 在处理实验数据时，常常采用图象法可以减小系统误差12 (11分 )在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器接在电压为U，频率为 f的交流电源上， 从实验中打出的几条纸带中选出一条理想纸带，如图所示， 选取纸带上打出的连续5个点 A、 B、C、 D、 E，测出 A点距起始点的距离为S0，点 AC间的距离为 S1，点 CE间的距离为S2，已知重锤的质量为m，当地的重力加速度为g，则：起始点 O到打下 C点的过程中，重锤重力势能的减少量为EP，重锤动能的增加量为 EK；根据题中提供的条件，还可利用重锤下落求出
9、当地的重力加速度g=，经过计算可知，测量值比当地重力加速度的真实值要小，其主要原因是：13 (10分 )“神舟”六号载人飞船在空中环绕地球做匀速圆周运动，某次经过赤道的正上空时，对应的经度为，飞船绕地球转一圈后，又经过赤道的正上空，此时对应的经度为11、 2均表示弧度)已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，地球自转的周期为飞船运行的圆周轨道离地面高度h的表达式 (用 、 、 T 、g和R表示 )1202(T0求14 (10 分 ) 如图甲所示，有一倾角为300的光滑固定斜面，斜面底端的水平面上放一质量为M 的木板开始时质量为m = 1kg的滑块在水平向左的甲乙力 F作用下静止在斜面上，今
10、将水平力F变为水平向右，当滑块滑到木板上时撤去力F，木块滑上木板的过程不考虑能量损失此后滑块和木板在水平上运动的v-t图象如图乙所示，g10 m/s2求(1) 水平作用力 F的大小；(2) 滑块开始下滑时的高度；(3) 木板的质量。15 (12分 ) 如图所示，半径 R=0.5m 的光滑圆弧面 CDM 分别与光滑斜面体 ABC 和斜面 MN 相切于 C、M 点， O为圆弧圆心， D为圆弧最低点斜面体 ABC 固定在地面上，顶端 B安装一定滑轮， 一轻质软细绳跨过定滑轮(不计滑轮摩擦 )分别连接小物块P、Q (两边细绳分别与对应斜面平行 )，并保持 P、 Q两物块静止若PC间距为 L 1=0.2
11、5m ，斜面 MN 足够长，物块 P质量 m= 3kg，与 MN 间的动摩擦因数1 3 ，求： ( sin37 =0.6， cos37=0.8)(1) 烧断细绳后，物块 P第一次到达 D点时对轨道的压力大小；(2) 物块 P第一次过 M点后 0.3s到达 K 点，则 MK 间距多大；(3) 物块 P在 MN 斜面上滑行的总路程BONQPRACMD16(13分 )如图所示，一足够长的水平传送带以速度v0匀速运动，质量均为m的小物块 P和小物块 Q由通过滑轮组的轻绳连接，轻绳足够长且不可伸长某时刻物块P从传送带左端以速度 2v0冲上传送带， P与定滑轮间的绳子水平已知物块 P与传送带间的动摩擦因数
12、 =0.25 ，重力加速度为 g，不计滑轮的质量与摩擦求：(1) 运动过程中小物块 P、 Q的加速度大小之比；(2) 物块 P刚冲上传送带到右方最远处的过程中，PQ系统机械能的改变量；(3) 若传送带以不同的速度 v(0v2v0)匀速运动， 当 v取多大时物块 P向右冲到最远处时， P与传送带间产生的摩擦热最小？最小值为多大？参考答案1 C2 C3 A4 D5 B6 B7BD8 AC9 CD10 BD11 B(4分 )12 mg(s0 s1 ) (3分 )， m(s1s2 ) 2 f 2(3分 ) s2 s12(3分 )，324f纸带与限位孔之间的摩擦力(或纸带与其它部分的阻力或摩擦阻力) (
13、2分 )13 (10分 )用 r表示飞船圆轨道半径，M 表示地球质量， m表示飞船质量， T表示飞船运行的周期，由万有引力定律和牛顿定律得G Mm2飞船绕地球运行的周期mw2 r m 2 rT21 T0r 2T2Mm0r= R+h解得或轨道高度gRT ()222G2m0 gh3021RR16414 (10 分 )(1) 103； (2)2.5m ； (3) 1.5kgN3(1) 滑块受到水平推力 F 、重力 mg 和支持力 N 处于平衡，如图所示：mg sinF cos代入数据可得：10 3 NF3(2) 由题意可知，滑块滑到木板上的初速度为10m s当 变为水平向右之后，由牛顿第二定律可得：
14、Fmg sinF cosma 解得： a 10 m s2下滑的位移：v 2 解得： x5m故下滑的高度： h x sin 3002.5mx2a(3) 由图象可知， 二者先发生相对滑动， 当达到共速后一块做匀减速运动， 设木板与地面间的动摩擦因数为，滑块与木板间的摩擦因数为12二者共同减速时的加速度大小a11m s2，发生相对滑动时，木板的加速度a2 1m s2 ，滑块减速的加速度大小为：a34 m s2对整体受力分析可得：1( Mm) g可得：0.1a11 g1Mm在 0 2s 内分别对 m 和 M 做受力分析可得：对M ：2 mg1 ( Mm) gMa 2M对 m ：2mgma3带入数据解方
15、程可得：M1.5kgm15 (12分 )(1)mgh12hL1 sin 530R(1cos53 0 )2mvD2 解得：由牛顿第三定律得，物块P对轨道的压力大小为 78NFD mgm vDFD78 NR(2)PM 段，根据动能定理，有：1解得：vM2 m s02m1gL1 sin 532 m1vM沿 MN 向上运动过程，根据牛顿第二定律，得到：a1g sin 530g cos53010 m s2根据速度时间公式，有：vM a1t1解得： t10.2s所以 t10.2s时， P物到达斜面 MN 上最高点，故返回过程，有：x1a2t222沿 MN 向下运动过程，根据牛顿第二定律，有a2g sin
16、530g cos5306 m s2故，根据运动学公式，有：vM1a2t22即 MK 之间的距离为 0.17mxMKt10.17m22(3) 最后物体在 CM 之间来回滑动，且到达M 点时速度为零，对从P到 M 过程运用动能定理，得到： mgL1 sin 530mgL1 cos530 L总0 解得： L总 1.0m即物块 P在 MN 斜面上滑行的总路程为1.0m 来源 学科网 Z XXK16 (13分 )(1)因 s1=2s2，故 a1=2a2a11a22(2) 对 P有： mg+T=ma1对 Q有： mg2T=ma 2得： a1 =0.6gP先减速位移(2v0 )222共速后，由于 f= mg1mg， P不可能随传送带一起v05v0x12a12g2匀速运动，继续向右减速，设此时P加速度为 a1，Q的加速度为a2/1 a1/2对P有： T mg=ma解得： a1 =0.2g1，对 Q有： mg 2T=ma2设减速到0位移为 x2，v025v02x22a1/2gPQ系统机械能的改变量等于摩擦力对P做的功， E= mgx1+ mgx2=0(3) 第一阶段相对路程：(2v0 v)2 第二阶段相对路程：v2S12a1S22a1/摩擦产生的热 Q=mg(S1+S2)= 5m( v226vv0 v0 )当1 v0时，摩擦热最小5 mv02vQ28