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1、第三章综合检测1 .用弹簧测力计竖直悬挂一静止的小球，以下说法中正确的是()A .小球对弹簧测力计的拉力就是小球所受的重力B.弹簧测力计的读数等于小球对弹簧测力计的拉力C.小球所受重力的施力物体是弹簧测力计D .小球所受重力的施力物体是地球答案：BD2 .关于静摩擦力，下列说法正确的是()A.两个相对静止的物体之间一定有静摩擦力的作用B.静摩擦力一定是阻力C.受静摩擦力作用的物体一定是静止的D.在正压力一定的情况下，静摩擦力的大小是可以变化的，但有一定限度答案：D3 . 一匀质木棒，搁置于台阶上保持静止，下图关于木棒所受的弹力的示意图中正确的是()D答案：D解析：木棒受到的弹力(支持力)的方向
2、应垂直于它与台阶接触处的公切面，所以正确选项是4.如下图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为 球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力30。的斜面上，杆的另一端固定一个重力是D.2N的小球，小A .大小为2N,方向平行于斜面向上 B.大小为C.大小为2N,方向垂直于斜面向上 D.大小为 答案：D1N,方向平行于斜面向上2N,方向竖直向上解析：绳只能产生拉伸形变，所以绳上的弹力方向只能沿绳并且指向绳子收缩的方向.轻杆和绳不同，它既可以产生拉伸形变，也可以产生压缩形变、弯曲形变和扭转形变，因此杆的弹力方向不一定沿杆.5.如甲图所示，质量为 m的木块放在粗糙的水平地面上，木块与地面间的动摩擦因数为0.5,
3、水平推力F作用于木块上，但未把木块推动，则在图乙中反映木块受到的静摩擦力图甲f随水平推力F变化的关系图线是 ()答案:解析：推而未动，故摩擦力 f= F ,所以A正确.6. A、B、C三物块质量分别为 M、m和mo,作如右图所示的连接，绳子不可伸长，且绳子和滑轮的质量、绳子和滑轮的摩擦均可不计，若B随A 一起沿水平桌面做匀速运动,则可以判断(A .物块A与桌面之间有摩擦力，大小为mogB.物块A与B之间有摩擦力，大小为 mogC.桌面对A、B对A,都有摩擦力，两者方向相同，合力为 D .桌面对A、B对A,都有摩擦力，两者方向相反，合力为 答案：Amogmog解析：可把A、B当做一个物体，由二力
4、平衡知，A受桌面向左的滑动摩擦力,大小为mog,对物体B,运动状态不变，没有相对 A运动的趋势，故 B不受摩才力，A正确.7.两个共点力大小都是 60N,若使两个力的合力也是 60N,则两个力之间的夹角B. 45D. 12oA. 3。C. 9。 答案：D解析：本题求两分力的夹角，利用三角形法则解决最简捷，两分力与合力的矢量可以组成一个三角形，如图 所示，三条边相等，故组成等边三角形，所以F1与F2夹角为120 ,仅D正确.Fi()8 .如右图所示，用绳索将重球挂在墙上，不考虑墙的摩擦.如果把绳的长度增加一些，则球对绳的拉力 和球对墙的压力 F2的变化情况是A. F1增大，F2减小B. F1减小
5、，F2增大C. F1和F2都减小D. F1和F2都增大 答案：C解析：采用图解法.F1和F2的合力与重力大小相等、方向相反，当绳长增加时，绳与墙的夹角变小，力的 变化如图所示，由分析可得，F1和F2都减小.Z1_9 .某物体受到大小分别为 F1、F2、F3的三个共点力作用， 表示这三个力的矢量恰好围成一个封闭三角形. 列四个图中不能使该物体所受合力为零的是答案：ABD解析：A图中F1、F3的合力为F2,所以三力的合力为 中合力为2F3.2F2； B图中的合力为 2Fi; C图中的合力为零;10.如图甲、乙所示，两个完全相同的小球在挡板作用下静止在倾角为 的说法中正确的是。的光滑斜面上，下列关于
6、小球受力A .小球的重力在两种情况下产生的效果完全相同B.小球均受重力、压紧斜面的力、压紧挡板的力和斜面弹力、挡 板弹力C.小球受到挡板的作用力和斜面的弹力的合力大小、方向均相等D.撤去挡板，小球所受合力方向均将沿斜面向下答案：CD解析：斜面上的小球均受重力、斜面的弹力和挡板的弹力而处于静止状态，根据物体处于静止状态的受力特点可知，小球受到斜面的弹力和挡板的弹力的合力大小等于重力，方向竖直向上，故C正确.重力按实际作用效果分解为压紧斜面的力和压紧挡板的力，撤去挡板后，小球受力的大小和方向随之发生变化，重力产生的效果变 为压紧斜面的力和使小球下滑的力，压紧斜面的力与斜面对小球的支持力平衡，故甲、
7、乙两种情况下小球所受合 力大小等于重力沿斜面向下的分力 mgsin 0,方向沿斜面向下， D正确.第n卷（非选择题 共70分）、填空题（共3小题，每小题6分，共18分，把答案直接填在横线上）11.用两根钢丝绳 AB、BC将一根电线杆 OB垂直固定在地面上，且它们在同一个平面内，如下图所示，设AO = 5m,OC=9m, OB = 12m,为使电线杆不发生倾斜，两根绳上的张力之比为答案:解析:39 : 25为使电线杆不发生倾斜，两根绳上的张力沿水平方向的分力大小相等.由几何知识可彳#AB=13m, BC= 15m.设AB与竖直方向夹角为飞BC与竖直方向夹角为8则有FABsin=FBCsin 3,
8、 所以肾=sn出，代入数据得 手=工. Fbc sin aFbc 2512.某同学在竖直悬挂的弹簧下加挂钩码，探究弹力与弹簧伸长量的关系.下表是该同学的实验数据，实验时弹簧始终未超过弹性限度.（g取10N/kg）祛码质里 m/ x 10 3kg0306090120150弹簧总长度l/x 10 2m6.07.28.39.510.611.8(1)根据实验数据，在下图所示的坐标系中作出弹力(2)根据图象得到弹簧的劲度系数是 F跟弹簧伸长量x关系的图象.N/m.A7NLS L5 11.2 -0.9 0.6 0.3. I一O I 2 3 4 5 fiO 12 3 4 5 6 7x/X10m解析：由图象知
9、，弹簧的劲度系数,1.5 0k=.N/m 26N/m.0.058 0答案：如图所示(2)26利用坐标纸记下了橡皮条结点位置O以及两个这样做的目的是保证两次13 .某同学在做“探究力的合成的平行四边形定则”实验时, 弹簧测力计拉力的大小和方向，如图所示.(1)试在图中作出无实验误差情况下橡皮条的拉力图示，并用(2)有关此实验，下列叙述正确的有A .两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮条的拉力大B.橡皮条的拉力是合力，两弹簧测力计的拉力是分力C.两次拉橡皮条时，需将橡皮条结点拉到同一位置O,弹簧测力计拉力的效果相同D.若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而要保证橡皮条结点的位置不变，只需调整另 力的大小
10、即可答案：作图AC 解析：作图略(2)合力与分力并不同时存在，故B错误；由矢量三角形可知，当只增大某一只测力计的拉力大小时，为使橡皮条结点的位置不变，必须改变另一只测力计拉力方向，故 D错误.三、论述 计算题(本题共4小题，共52分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出 最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)14 .在一段平直的河面上，一条船受到两边岸上大小相等的纤夫的拉力前行，每个拉力都是2000N,夹角是60,如下图所示，求这两个拉力的合力.答案：3460N解析：利用平行四边形定则求合力.本题作出的平行四边形是菱形，可用几何知识求合力F,如图
11、所示，直F3角二角形 OAD 中，OD 表不合力 F 的一半，/AOD=30 ,所以3=F1cos30 ；F=2F1cos30 =2X 2000X2i2N = 3460N.15 . 一个重为200N的物体，放在水平面上，物体与水平面的动摩擦因数产0.1,试计算该物体在下列几种情况下受到的摩擦力：(1)物体开始时静止，用 F= 5N的水平向右的力拉物体；(2)物体开始时静止，用 F= 30N的水平向右的力拉物体；(3)物体开始以v=15m/s的初速度向左运动，用F=15N的水平向右的力拉物体.F解析：一般情况下可以认为最大静摩擦力等于在同样正压力条件下的滑动摩擦力(注意：严格来说最大静摩擦力大于
12、滑动摩擦力）.因为F滑=p!N=0.1X 200N = 20N,可以认为最大静摩擦力Fmax=20N,所以静摩擦力的取值范围是0VF静V20N.（1）由于F = 5NFmax,物体仍静止，所受静摩擦力F静=5N,方向水平向左.F 滑=fn=20N,（2）由于F=30NFmax,所以物体相对水平面向右运动，这时物体所受滑动摩擦力大小为 方向水平向左.（3）由于物体向左运动，所受滑动摩擦力方向水平向右，大小仍等于20N.16 .如图所示，不计滑轮的摩擦，将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到 b点时，弹簧B刚好没有形变.求a、b两点间的距离.己知弹簧B、C的劲度系数分别为ki、k2,钩码的质量为m,弹
13、簧C的右端在a点时它刚好没有形变.解析：开始时C无形变.设B的压缩量为xi,由胡克定律得kixi = mg, xi=mg,后来B无 形变，设 C 的伸长量为 x2,则 k2x2= mg, x2=mg,所以 ab = xi + x2= mg（A+5）.17 .如图所示，位于桌边竖直侧面的物体 A的质量mA= 0.2kg ,放在水平面上的物体 B的 质量mB= i.0kg ,绳和滑轮间的摩擦均不计，且绳的 OB部分水平，OA部分竖直，A和B恰好 一起做匀速直线运动.取 g = i0m/s2（i）求物体B与桌面间的动摩擦因数.（2）如果用水平力F向左拉物体B,使物体A和B做匀速直线运动需多大的拉力？
14、解析：（i）因为物体A和B恰好一起匀速运动，所以物体B受到水平绳的拉力Ft与滑动摩擦力Fi的大小相等，且等于物体A的重力mAg.物体B对桌面白压力Fn等于物体B的重力mBg.有：Fi =IN, Fn = mBg, FT=Fi = mAg.解得 (i= 0.2.（2）如果用水平力F向左拉物体B,使物体A和B做匀速直线运动，此时物体B所受水平绳的拉力 Ft与滑动摩擦力Fi的大小均不变，根据物体B在水平方向上的受力平衡有：F = Ft+Fi= 2mAg = 4N.一、选择题18 关于力的下列各种说法中，正确的是（）力是改变物体的运动状态的原因力是产生形变的原因只有相互接触的物体才有力的作用在国际单位
15、制中，力的单位是牛顿，简称牛，符号为NA.B.C.D.19 关于重力的叙述，下列说法中正确的是（）A.物体的质量越大，受到的重力也越大，所以物体的重力是由物体的质量产生的B.重力是物体本身的一种属性C.放在支撑面上的物体受到的重力的方向总是垂直向下的D.物体的重力是由于地球对它的吸引而产生的20 足球运动员已将足球踢向空中，如右图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中, 正确的是（G为重力，F为脚对球的作用力，Ff为空气阻力）（）4.图示是幽默大师卓别林一个常用的艺术造型，他身子侧倾，依靠手杖的支持使身躯平衡.下列说法正确的是（）A.水平地面对手杖没有摩擦力的作用B.水平地面对
16、手杖有摩擦力的作用（俯视图），若从安全牢固的角度考虑，应该C.水平地面对手杖的弹力方向竖直向上D.水平地面对手杖的作用力方向竖直向上21 下图为农村小水库大坝的几种设计方案图 选择的一种方案是（）6. 一质量为水水M的探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与2FB. M-一 g速率有关，重力加速度为 g.现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为（）A. 2(M g)C. 2M-FD. 0g7 .汽车刹车时如果车轮停止转动 （技术上叫刹车抱死），车轮与地面发生滑动， 此时地面的侧向附着性能很差， 汽车在种种干扰外力的作用下就会出现方向失稳
17、问题，容易发生交通事故.安装了防抱死系统（ABS系统）后的汽车，紧急刹车时车轮处在一种将要停止滚动又仍在滚动的临界状态，但刹车距离（以相同速度开始刹车到完全停下来行驶白距离）却比车轮抱死时更小.这两种刹车过程相比较（）A .抱死时使车减速的是滑动摩擦力，而车轮转动时是滚动摩擦力8 .抱死时使车减速的是滑动摩擦力，而车轮转动时是静摩擦力C.防抱死后刹车距离小是由于变滑动摩擦力为滚动摩擦力D.防抱死后刹车距离小是由于最大静摩擦力大于滑动摩擦力8 .甲、乙两位同学做“拔河”游戏，两人分别用伸平的手掌托起长凳的一端，保持凳子的水平，然后各自 向两侧拖拉，如下图所示.若凳子下表面各处的粗糙程度相同，且在
18、乙端的凳面上放四块砖，则下列判断正确的 是（）A.凳子向甲方移动中乙B 凳子向乙方移动C.凳子在原处不会被移动/D.凳子向体重大的一方移动/CB, 如右图所示，则下列说法中正确的应是（）A .增加重物的重力，BC段先断10 增加重物的重力， AC段先断C.将A端往左移比往右移时绳子容易断D .将A端往右移时绳子容易断10.木块A、B分别重50N和60N,它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25.夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了 2cm,弹簧的劲度系数为 400N/m.系统置于水平地面上静止不动.现用F = 1N的水平拉力作用在木块 B上,如图所示，力F作用后（）B AC CA.木块A所受摩擦力
19、大小是 12.5NB.木块A所受摩擦力大小是 11.5NC.木块B所受摩擦力大小是 9ND.木块B所受摩擦力大小是 7N选择题答案:C D B BC D A BD高一物理必修一牛顿运动定律单元测试一、选择题1、（2010宁波高一检测）下面关于惯性的说法中，正确的是（）A运动速度大的物体比速度小的物体难以停下来，所以运动速度大的物体具有较大的惯性B.物体受的力越大，要它停下来就越困难，所以物体受的推力越大，则惯性越大C.物体的体积越大，惯性越大D.物体含的物质越多，惯性越大2、（2010长沙高一检测）下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位（）A.m、N、kgB.kg、m/s2、sC.m、kg、s
20、D.m/s 2、kg、N3、（2010泉州高一检测）关于作用力和反作用力，以下说法正确的是（）A作用力与它的反作用力总是一对平衡力B.地球对物体的作用力比物体对地球的作用力大C.作用力与反作用力一定是性质相同的力D.凡是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上的，并且分别作用在不同物体上的两个力一定是一对作用力和反作用力4. （ 20.10上饶高一检测）一物体向上抛出后，所受空气阻力大小不变，从它被抛出到落回原地的过程中（）A上升时间大于下降时间B.上升加速度大于下降加速度C.上升阶段平均速度大于下降阶段平均速度D.上升阶段平均速度小于下降阶段平均速度5. （2010惠州高一检测）如图2所示.弹
21、簧左端固定，右端自由伸长到 。点并系住物体 m。现将弹簧压缩到 A点,然后释放，物体一直可以运动到B点.如果物体受到的阻力恒定，则（）A物体从 A到。先加速后减速 B、物体从 A到。加速运动，从。到B减速运动G物体运动到 O点时所受合力不为零D物体从 A到O的过程加速度逐渐减小6. （2010浏阳高一检测）质量为M的木块位于粗糙的水平面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为A.当B.a 2a7. （2010哈尔滨高一检测）一物体质量为m ,该物体所受合力的大小为F ,获得加速度为 a ,那么在下图中,正确表示了它们之间函数关系的是（）8. （201Q嘉兴高一检测）如图所示，悬挂于小车里的
22、小球偏离竖直方向0角，则小车可能的运动情况是（）A.向右加速运动B.向右减速运动C .向左加速运动D.向左减速运动9. （2010江门高一检测）如图所示为一光滑竖直圆槽，AR BR CP为通过最低点 P与水平面分别成 30、4560角的三个光滑斜面，与圆相交于 A、B C点.若一物体由静止分别从 A B C滑至P点所需的时间为ti, t2, t3, 则（）A. tlt2t 3c. t 1 =t 2=t 3 D. tl=t 2Vt 310. （2010温州高一检测）如图所示水平面上，质量为 10 kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的 另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力
23、大小为5 N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a=1 m/s2沿水平地面向右加速运动时（）A.物块A相对小车仍静止 B .物块A受到的摩擦力将减小C.物块A受到的摩擦力大小不变 D .物块A受到的弹力将增大11、（2010德州高一检测）如图所示，物体A放在光滑水平桌面上，用一根细绳系住，若在绳的另一端用mg牛顿的拉力拉物体 A时，A的加速度为a1,若在绳的另一端挂一质量为m的物体时，物体的加速度为a2,则（）A. ar132 B. a1 gg ,合外力向右，物体加速运动；在 。点，只.受 mg,方向向左，物体减速运动。故从 A到O,物体先加速后减速，加速度先减小后增大。从。到B,合外力向左，
24、物体一直减速，加速度一直增大。6 .解析：选C.设阻力为f,依题意有F-Ff=Ma2F-E=Ma,由上述两式可得a 2a.F a7 .解析：选A、D。由 m ,得A正确；又因为m为定值，故D正确。8 .答案：A、D 9 .答案：C10.答案：AC 11、解析：选Ao设物体A的质量为M,若在绳的另一端用 mg牛市 F的拉力拉物体 A时，A的加mag速度为a1,以A为研究对象，由牛顿第二定律：M 若,在绳的另一端挂一质量为 m的物体时，物体的加速度为ma2 gFsinFNMg；水平方向:a2,以A和m整体为研究对象，由牛顿第二定律：M m ,显然有aa2, A正确。12、解析：选D。取M为研究对象
25、，对其受力进行正交分解，竖直方向:F cos (Mg F sin )F cosFN Ma ,两式联立，得：MM二、计算题13.解析：人站在升降机中的体重计上受力情况严0m八力V G(1)当升降机匀速上升时由牛顿第二定律得F合=Fn G=0所以，人受到的支持力 FN=G=mg=60X 10N=600N.根据牛顿第三定律， 人对体重计的压力即体重计的示数为600 N.2 .(2)当升降机以 4 m/s的加速度加速上升时，根据牛顿第二定律Fn- G=ma Fn=* ma=m (g+a) =60 x(10+4) N=840N,此时体重计的示数为840N,大于人的重力 600 rN,人处于超重状态.(3
26、)当升降机以5 m/s 2的加速度加速下降时，根据牛顿第二定律可得mg- R=maFN mg ma m(g a) 60 (10 5)N=300 N,体重计的示数为 300 N,小于人本身的重力，人处于失重状态.答案：(1) 600N(2) 840N(3) 300N14.解析：(1)有F作用时，物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得Ff=mat时刻速度为v=ait一撤去F后，物体做匀减速直线运动，有f =m a2v=2a2t联立、式可求得v=2Ft/3m, f=F/3,一 vv - Ft /3m(2)物体前后两段的平均速度2所以总位移x=V-3t=Ft2/m答案：(1) f=F/3,(2) x
27、=Ft2/ m15.解析：设最大速度为 Vm,由S=Vt/2得二 V=8 m/s又 Vm=a1t 1=a2t 2由题意 a1=2a2 t=t 1+ t 2=3y方向上由平衡条件m受力分析如图3所示，丫方向贝1J 11=1 s 12=2s a 1=8m/ s2 a 1=4mi/ s2mg f 1=ma且 f 2-mg=ma则 f 1=l20N f 2=840N所以 f 1： f 2=1 ： 7。答案：8 m/s 1: 716.解析：(1)对物体m受力分析如图1所示沿斜面方向由牛顿第二定律mgsin mg cos ma a=g(sin - cos )342210(-0.25-)m/s24m/s2=
28、55(2)由题意知，当 F取最小值时 m恰好不下滑，对物体 m受力分析如图2所示,Fn cos F sin mg 0 (1)x方向由牛顿第二定律得Fn sin F cos ma(2)又 FFn (3) 2联立(2)(3) 式解得a=5m/s对整体分析由牛顿第二定律得Fmin (M m)a (2 1) 5N 15N上由平衡条件得由题意知，当F取最大值时 m恰好不上滑，对物体(4)Fn sinF sinmg0x方向由牛顿第二定律得Fn sinF cosma联立(3) (4) (5) 2式解得a=12. 3m/s对整体分析.由牛顿第二定律得Fmax (M m)a (2 1) 12.3N36.9N综上得要使m相对M不滑动F必须满足的条件是15NK F 36. 9N2答案：(i)4m/s(2)15N F36. 9N