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1、全等三角形精典模型之“手拉手” 全等三角形的问题,颇受出题人青睐,变成了当前考试的热点.而其中“手拉手”模型下的 全等运用更为广泛;善于发现、创造出符合“手拉手”模型是解题的关键。 一、试题呈现 如图 1,四边形ACEG和四边形BCDF是两个正方形.证明:(1)AD BE; (2)AD BE. 分析本题意在考查正方形的性质、全等三角形的判定与性质. 解(1) 四边形ACEG,BCDF均为正方形, AC EC,BC DC,ACD BCE 90. 在ACD和ECB中, AC EC ACD ECB, CD CB ACD ECB, AD BE. (2)如图 2,延长BE交AD于点H. ACD ECB,
2、 1 2. ECB是直角三角形,BCE 90, 24 90. 又3 4, 13 24 90, DHE 90, AD BE. 1 点评 在考试中,常常出现本题的一些变式,如将正方形改为等边三角形、等腰直角三角形、 顶角相等的等腰三角形,或将正方形或三角形旋转一定角度. 二、试题变式 变式 1如图 3,四边形ABCD,BEFG均为正方形,连结AG,CE. (1)求证:AG CE; (2)求证:AG CE. 变式 2如图 4,已知点C为线段AE上一点,ABC,CDE都是等边三角形,求 证: (1)AD BE; (2)AOB 60. 变式 3若将变式 2 的CDE绕点C沿逆时针方向旋转到图 5 时,变
3、式 2 中的结论还 成立吗?请说明理由. 变式 4 如图 6,ACB和ECD都是等腰直角三角形,AD分别交BC,BE于点P,O, BE交CD于点Q.试猜测线段AD和BE的位置和数量关系,并说明理由. 变式 5若上题中的条件“ACB和ECD都是等腰直角三角形”换为“ACB 和ECD都是等腰三角形,ACB,ECD分别为ACB和ECD的顶角(为锐角)且相 等” ,其它条件不变,试猜测线段AD和BE的位置和数量关系,并说明理由. 2 三、能力升华 练习 1如图 8,点C为线段AE上的一个动点(不与端点重合),在AE同侧分别作正 连结PQ.ABC和正CDE.连结AD和BE交于点O,AD交BC于P,BE交CD于Q, 以下六个结论 :AD BE;PQ/ AE;AP BQ;DE DP;AOB 60; CPQ是等边三角形.一定成立的结论是 .(把正确结论的序号填在横线上) 2如图 9,在BCD中,BCD 120,分别以BC,CD和BD为边在BCD外部 作等边三角形ABC、 等边三角形CDE和等边三角形BDF, 连结AD,BE和CF交于点P. (1)下列结论中正确的是(只填序号即可). AD BE CF;BEC ADC;DPE EPC CPA 60. (2)求证:PB PC PD BE. 3