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1、昌吉市第九中学2018-2019学年第一学期第二次月考试卷高二年级物理试题分值：100分 时间：80分钟 注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上图1一、选择题1.某线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，产生交变电流的图像如图1所示，由图中的信息可以判定（）A. A和C时刻线圈处于中性面位置B.B和D时刻穿过线圈的磁通量为零C.从A到D时刻线圈转过的角度为2图2D.若从O到D时刻历时0.02 s，则在1 s内交变电流的方向改变100次2在图2所示的闭合铁芯上绕有一组线圈，与滑动变阻器、电池构成闭合电路，a、b、c为三个闭合金属圆环，假定线圈产生的磁
2、场全部集中在铁芯内，则当滑动变阻器的滑片左、右滑动时，能产生感应电流的金属圆环是 ()Aa、b两个环 Bb、c两个环Ca、c两个环 Da、b、c三个环3为了减少输电线路中电力损失，发电厂发出的电通常是经过升压变电站升压后通过远距离输送，再经过降压变电站将高压变为低压某降压变电站将电压U011000sin100t(V)的交流电降为220 V供居民小区用电，则降压变电站变压器()A原、副线圈匝数比为501B副线圈中电流的频率是50 HzC副线圈中电流的频率是1 HzD输入原线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和4.如图3所示，图中所标的导体棒的长度为L，处于磁感应强度为B的匀强磁场中，棒运动的速
3、度均为v，产生的电动势为BLv的是（ ）)30vBBL)30vCBL)30vDBL)30vABL图3 图45. 如图4a所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方悬挂另一个线圈Q，P与Q共轴，Q中通有变化电流，电流随时间变化的规律如图4b所示，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为N，则（ ）A. t1时刻NGB. t2时刻NG图5C. t3时刻NFcFb B. Fc Fd Fb Fd D. Fc Fb Fd13.如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧。若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向_（填“左”或“右”）运动，并有_（填“收缩”或“扩张”）趋势。14.如图所示，质量，电
4、阻，长度的导体棒横放在U型金属框架上。框架质量，放在绝缘水平面上，与水平面间的动摩擦因数，相距0.4m的、相互平行，电阻不计且足够长。电阻的垂直于。整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度。垂直于施加的水平恒力，从静止开始无摩擦地运动，始终与、保持良好接触。当运动到某处时，框架开始运动。设框架与水平面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。（1）求框架开始运动时速度v的大小；（2）从开始运动到框架开始运动的过程中，上产生的热量，求该过程位移x的大小。15. 如图所示空间分为、 三个足够长的区域，各边界面相互平行。其中、区域存在匀强电场:V/m，方向垂直边界面竖直向上；E = V/m
5、，方向水平向右，区域磁感应强度B=5.0T，方向垂直纸面向里。三个区域宽度分别为d1=5.0m、d2=4.0m、d3=10m。一质量m=1.010-8kg、电荷量q = 1.610-6C 的粒子从O点由静止释放，粒子重力忽略不计。求：（1）粒子离开区域时的速度（2） 粒子从区域进入区域时的速度方向与边界面的夹角（3）粒子在区域中运动的时间和离开区域时的速度方向与边界面的夹角 16、如图所示，两足够长平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面夹角=30，导轨电阻不计磁感应强度为B的匀强磁场垂直导轨平面向上，长为L的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨电接触良好，金属棒
6、的质量为m、电阻为R两金属导轨的上端连接右端电路，灯泡的电阻RL=4R，定值电阻R1=2R，电阻箱电阻调到使R2=12R，重力加速度为g，现将金属棒由静止释放，试求：（1）金属棒下滑的最大速度为多大？（2）当金属棒下滑距离为S0时速度恰达到最大，求金属棒由静止开始下滑2S0的过程中，整个电路产生的电热；（3）R2为何值时，其消耗的功率最大？消耗的最大功率为多少？MPQBaNbR2R1SRL10-3-24昌吉市第九中学2018-2019学年第一学期第二次月考试卷高二年级物理试题参考答案1 D2A3AB4 D5AD6BC7 CD8 AC9B 10D 11 D12D13【答案】左 收缩【解析】变阻器
7、滑片P向左移动，电阻变小，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，相互排斥，则金属环A将向左运动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势。14.【答案】（1）6m/s （2）1.1m【解析】(1)ab对框架的压力 框架受水平面的支持力依题意，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则框架受到最大静摩擦力ab中的感应电动势E=MN中电流 MN受到的安培力 框架开始运动时 由上述各式代入数据解得v=6m/s (2) 闭合回路中产生的总热量： 由能量守恒定律，得：代入数据解得x=1.1m 15（1）由动能定理得：mv12/2 = qE1 d1 得： v1= 4 x 103 m/s2 （2）粒子在区域II做类平抛运动。水平向右为y轴，竖直向上为x轴.设粒子进入区域III时速度与边界的夹角为 tan = vx/ vy vx = v1 vy = at a = qE2/m t = d2/ v1 把数值代入得： = 300 （3）粒子进入磁场时的速度v2 = 2 v1 粒子在磁场中运动的半径R=m v2 /qB = 10m = d3 由于 R = d3 ，粒子在磁场中运动所对的圆心角为 600 ，粒子在磁场中运动的时间t = T/6 = 10-2 / 4s 粒子离开区域时速度与边界面的夹角为 600 16略7