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1、2019 届高考物理金榜押题卷（6）2019 届高考物理金榜押题卷（6） 二、选择题：本大题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 14-18 题只有一项符合题目要求，第 19-21 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全 的得 3 分，有选错的得 0 分。 14、图 1、图 2 分别表示两种电压的波形,其中图 1 所示电压按正弦规律变化。下列说法正 确的是( ) A.图 1 表示交流电,图 2 表示直流电 B.两种电压的有效值相等 C.图 1 所示电压的瞬时值表达式为u=311sin100t(V) D.图 1 所示电压经原、副线圈匝数比为 1
2、0:1 的变压器变压后,频率变为原来的 1 10 15、在一次警车 A 追击劫匪车 B 时,两车同时由静止向同一方向加速行驶，经过 30s 追上， 两车各自的加速度为 aA=12m/s2,aB=8m/s2,各车最高时速分别为 vA=48m/s,vB=40m/s,两车原 来相距( ) A.280m B.244m C.488m D.200m 16、如图所示，粗糙水平地面上的长方体物块将一重为 G 的光滑圆球抵在光滑竖直的墙壁 上，现用水平向右的拉力 F 缓慢拉动长方体物块，在圆球与地面接触之前，下面的相关判 断正确的是( ) A. 地面对长方体物块的支持力逐渐增大 B. 球对墙壁的压力逐渐减小 C
3、. 水平拉力 F 逐渐减小 D. 地面对长方体物块的摩擦力逐渐增大 17、用红光照射光电管阴极发生光电效应时,光电子最大初动能为 Ek,饱和光电流为 I,若改 用强度相同的绿光照射同一光电管,产生的光电子最大初动能和饱和电流分别为 Ek和 I, 则下面说法正确的是( ) A. kk EEII ， B. kk EEII ， C. kk EEII ， D. kk EEII ， 18、如图所示，竖直平面内有一固定光滑的绝缘轨道 ABCD，其中倾角 37的斜面 AB 与半径为 R 的圆弧轨道平滑相切于 B 点，CD 为竖直直径，O 为圆心，质量为 m 的带负电小 球（可视为质点）从斜面上的 A 点由静
4、止释放，A、B 两点高度差为 h，重力加速度为 g， sin370.6，cos370.8则下列判断正确的是（ ） A调整高度差 h，小球从 D 点离开圆弧轨道后有可能直接落在 B 点 B当 h2.5R 时，小球会从 D 点以的速度飞出，做平抛运动gR C若在 O 点放个正点电荷，小球通过 D 点的速度一定大于gR D若在 O 点放个正点电荷，小球从 C 点沿圆弧轨道到 D 点过程机械能不守恒 19、2018 年 3 月 30 日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双 星”方式成功发射第三十、三十一颗北斗导航卫星。按照计划，北斗卫星导航系统将于 2018 年底服务“一带一路”沿
5、线国家。已知“北斗第三十颗导航卫星”做匀速圆周运动的 轨道半径小于地球同步卫星轨道半径，运行速度为v，向心加速度为a；地球表面的重力加 速度为g，引力常量为G。下列判断正确的是( ) A. 地球质量为 4 v Ga B. 该导航卫星的运行周期大于 24 小时 C. 该导航卫星的轨道半径与地球半径之比为 :ga D. 该导航卫星的运行速度与地球第一宇宙速度之比:ag 20、如图，在正点电荷 Q 的电场中，A、B、C 为直角三角形的三个顶点，D 为 AC 的中点， ，A、B、C、D 四点处的电势满足，点电荷 Q 在 A、B、C 三点所30A, ACBD 在平面内，则( ) A. 点电荷 Q 在 A
6、B 的连线上 B. 点电荷 Q 在 BD 连线的中点处 C. DC D. 将负试探电荷从 C 点搬运到 B 点,电场力做负功 21、图(甲)为手机及无线充电板,图(乙)为充电原理示意图。充电板接交流电源,对充电板 供电,充电板内的送电线圈可产生交变磁场,从而使手机内的受电线圈产生交变电流,再经整 流电路转变成直流电后对手机电池充电。为方便研究,现将问题做如下简化:设受电线圈的 匝数为 n,面积为 S,总电阻(含所接元件)为 R,若在 t1到 t2时间内,磁场垂直于受电线圈平 面向上穿过线圈,其磁感应强度由 B1增加到 B2。下列说法正确的是( ) A.在 t1 到 t2 时间内,c 点的电势高
7、于 d 点的电势 B.在到时间内,受电线圈通过的电量为 1 t 2 t 21 ()n BB S R C.若只增加送电线圈匝数,可使 c、d 之间的电压减小 D.受电线圈中的电流大小与交流电的频率无关 三、非选择题：第 22-25 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 33、34 题 为选考题，考生根据要求作答。 22、某探究小组险证机械能守恒定律的装置如图所示,细线端拴一个球,另一端连接力传感 器,固定在天花板上,传感器可记录球在摆动过程中细线拉力大小,用量角器量出释放球时细 线与竖直方向的夹角,用天平测出球的质量为m。重力加速度为g。 1.用游标卡尺测出小球直径如图所示,读数为_mm; 2
8、.将球拉至图示位置,细线与竖直方向夹角为,静止释放球,发现细线拉力在球摆动过程 中作周期性变化。为求出球在最低点的速度大小,应读取拉力的_(选填“最大 值”或“最小值“),其值为F。 3.球从静止释放运动到最低点过程中,满足机械能守恒的关系式为_(用测定物理 量的符号表示)。 4.关于该实验,下列说法中正确的有( )。 A.细线要选择伸缩性小的 B.球尽量选择密度大的 C.不必测出球的质量和细线的长度 D.可以直接用弹簧测力计代替力传感器进行实验 23、物理兴趣小组的同学将毫安表与定值电阻并联扩大量程，测量某一电池的电动势和 x R 内阻。 1.图甲是该同学的实验电路，请指出实验电路中存在的两
9、处错误，写在答题卡的指定区 域。_；_ 2.毫安表 mA 的量程为 0200mA，内阻为，若实验中需要将其量程扩大到 01A，并联的 0 R 定值电阻=_(用表示) x R 0 R 3.改变滑动变阻器 R 的阻值，记录多组毫安表和电压表的示数 l、U，得到如图乙所示的 U- I 关系图线。由图线得到电池的电动势 E=_V，内阻 r=_(结果保留 三位有效数字)。 4.关于实验误差的分析，下列说法正确的_(填写选项前的字母) A.实验中电动势的测量值等于真实值 B.实验中内阻的测量值小于真实值 C.误差是由于电压表的内阻造成的 D.电流表和电压表的读数误差是系统误差 24、汽车发动机的功率为 3
10、00kW,汽车的质量为 4t,当它行驶在坡度为 sin=0.15 的长直公 路上时,如图所示,所受阻力为车重的 0.1 倍(g取 10m/s2),求: 1.汽车所能达到的最大速度vm. 2.若汽车从静止开始以 1.25m/s2的加速度做匀加速直线运动,则此过程能维持多长时间? 3.若汽车从静止开始以 1.25m/s2的加速度做匀加速直线运动,整个匀加速运动过程中汽车 做功多少? 25、如图所示,坐标空间中有场强为 E=100 N/C 的匀强电场和磁感应强度为 B=10-3T 的匀强 磁场,y 轴为两种场的分界面,图中虚线为磁场区域的右边界,现有一质量为 m,电荷量为-q 的带电粒子从电场中坐标
11、位置(-1,0)处,以初速度 vo=105m/s 沿 x 轴正方向开始运动,且已 知带电粒子的比荷,粒子的重力忽略不计,则: 8 10/ q C kg m 1.求带电粒子进入磁场的速度大小; 2.为使带电粒子能穿越磁场区域而不再返回电场中,求磁场的宽度 d 应满足的条件 。 33、物理一选修 3-3 1.以下说法中正确的是( ) A两分子处在平衡位置时，分子势能最小 B在潮湿的天气里，洗过的衣服不容易晾干，是因为没有水分子从衣服上飞出 C热量可以从低温物体传到高温物体而不引起外界的变化 D相同温度下液体中悬浮的花粉小颗粒越小，布朗运动越剧烈 E晶体一定有固定的熔点，但物理性质可能表现各向同性
12、2.如图所示，上端带卡环的绝热圆柱形气缸竖直放置在水平地面上，气缸内部的高度为 h，气缸内部被厚度不计、质量均为 m 的活塞 A 和 B 分成高度相等的三部分，下边两部分封 闭有理想气体 M 和 N，活塞 A 导热性能良好，活塞 B 绝热，两活塞均与气缸接触良好，不 计一切摩擦，N 部分气体内有加热装置，初始状态温度为，气缸的横截面积为 S，外界 0 T 大气压强大小为且保持不变。现对 N 部分气体缓慢加热 S mg (i)当活塞 A 恰好到达气缸上端卡环时，N 部分气体从加热装置中吸收的热量为 Q，求该过 程中 N 部分气体内能的变化量； ()活塞 A 恰好接触气缸上端卡环后，继续给 N 部
13、分气体加热，当 M 部分气体的高度达到 时，求此时 N 部分气体的温度。 9 h 34、物理选修 34 1.下列说法中正确的是( ) A.偏振光可以是横波,也可以是纵波 B.泊松亮斑支持了光的波动说 C.雨后路面上的油膜呈现彩色,是光的折射现象 D.光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象 E.光纤通信及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理 2.一个弹簧振子沿 x 轴做简谐运动,平衡位置为坐标原点 O,振幅 A=10cm,周期 T=2s。t=0 时, 小球位于 x0=5cm 处,且正在向 x 轴负方向运动,则: 写出小球的位置坐标 x 随时间 t 变化的关系式; 求出在t=0 至t=0.5s
14、内,小球通过的路程。 答案答案 1414.C 解析：交流电是指电流大小和方向都随时间发生周期性变化的电流,两个图中都是交流电, 选项 A 错误;图 1 是正弦式交流电,图 2 是锯齿形交流电,有效值大小不相等,选项 B 错误; 图 1 所示电压的最大值是 311V,周期是 0.02s,则其瞬时值表达式为 ,选项 C 正确;变压器不改变交流电的频率大小,选项 D 错 m 2 sin311sin100VuUtt T 误 1515.B 1616.C 解析：AD、对小球和长方形物块整体进行受力分析，整体处于平衡状态，竖直方向有： ，则地面对长方体物块的支持力不变，地面受到的摩擦力为滑动摩擦力，则Nmg
15、G 有，因此地面对长方体物块的摩擦力不变，所以 AD 错误；fN B、对小球进行受力分析，如图所示： 小球受力平衡，则有:，当水平向右的拉力 F 缓慢拉动长方体 1 tanNG 2 cos g N 物块时， 增大，则 tan 增大，所以增大，cos 减小，则增大，根据牛顿第三 1 N 2 N 定律可知，球对墙壁的压力逐渐增大，故 B 错误； C、对长方形物块受力分析，受到重力、地面的支持力、拉力 F、球对物块的压力以及 2 N 滑动摩擦力作用，如图所示： 受力平衡，根据牛顿第三定律可知，则水平方向有： ，由 22 NN 2sin FNf 于 N2增大， 增大，f 不变，则 F 减小，故 C 正
16、确。 1717.D 1818.C 解析：解：A、若小球恰好能从 D 点离开圆弧轨道，设此时小球通过 D 点的速度为，则 0 v 有：，可得： 。 2 0 v mgm R 0 vgR 小球从 D 点离开后做平抛运动，有：，得：,水平距离为： 2 1 cos 2 RRgt6 10 R t g ，所以小球从 D 点离开圆弧轨道后不可能直接落在 B 点。故 A 错 0 6 0.6 10 xv tR 误。 B、若小球恰好能从 D 点飞出时，从 A 点到 D 点的过程，根据机械能守恒有： 0 vgR 解得 h2.3R，故 B 错误。 2 0 1 (cos ) 2 mg hRRmv C、若在 O 点放个正点
17、电荷，小球恰好能从 D 点飞出时，有：，可得： 2 D v mgFm R 库 ，故 C 正确。 0 vgR D、若在 O 点放个正点电荷，小球从 C 点沿圆弧轨道到 D 点过程中，由于库仑力和轨道的弹 力对小球均不做功，只有重力做功，所以小球的机械能守恒。故 D 错误。 1919.AC 解析：卫星的轨道半径：；根据，解得，选项 A 正确；卫星 2 v r a 2 Mm Gma r 4 v M Ga 做匀速圆周运动的轨道半径小于地球同步卫星轨道半径，可知该导航卫星的运行周期小于 24 小时，选项 B 错误；在地球表面：可得：，选项 C 正确；第一 2 Mm Gmg R rg Ra 宇宙速度，卫星
18、的速度，则，选项 D 错误；故选 AC. 1 vgRvar 1 var vgR 2020.AC 解析：因 A=C，则点电荷 Q 在 AC 连线的垂直平分线上；又 B=D，则点电荷 Q 又在 BD 连线的垂直平分线上；则点电荷 Q 在 AB 的连线上，如图，则选项 A 正确，B 错误； D 点距离点电荷的距离较 C 点近，可知，选项 C 正确；将负试探电荷从 C 点搬运到 DC B 点。电场力做正功，选项 D 错误；故选 AC. 2121.BC 解析：根据楞次定律可知,受电线圈内部产生的感应电流方向俯视为顺时针,受电线圈中感 应电流方向由c到d,所以c点的电势低于d点的电势,故 A 错误;根据法
19、拉第电磁感应定律 可得:,根据欧姆定律可得:,通过的电荷量为:,联 立可得:,故 B 正确;若只增加送电线圈匝数,相当于增大变压器的原线圈匝数, 所以c、d之间的电压减小,故 C 正确;受电线圈是通过电磁感应获得能量的,所以受电线圈 中的电流大小与交流电的频率无关,故 D 错误。所以 BC 正确,AD 错误。 2222.1.18.50; 2.最大值; 3. 2(1 cos )mgFmg 4.AB 解析：1.游标卡尺的读数为: 1.810 0.0518.50cmmmmm 2.小球在最低点由牛顿第二定律可得: ,由此可知,应读出小球在最低时绳 2 0 V Fmgm L 的拉力即最大值; 3. 由机
20、械能守恒定律可得: ,整理得: 2 0 11 (1 cos )() 22 mgLmvFmg L ;2(1 cos )mgFmg 4.A.为了减小小球做圆周运动的半径的变化,所以细线要选择伸缩性小的,故 A 正确; B.为了减小阻力的影响,球尽量选择密度大的,体积小的,故 B 正确; C.球从静止释放运动到最低点过程中,满足机械能守恒的关系式为 可知,应测出小球的质量,而不用测出细线的长度,故 C 错误;2(1 cos )mgFmg D.由于弹簧的弹力属于渐变,所以小球摆到最低点瞬间,弹力的测量准确,故 D 错误。 故选:AB。 2323.1. 滑动变阻器连入电路的阻值没有调到最大;毫安表的正负
21、极接反了 2. 0 1 4 R 3. 1.85;2.47 4. BC 解析： 2424.1.30m/s; 2.16s; 3.2.4106J 2525.1.带电粒子在电场中做类平抛运动,设运动的加速度为 a,由牛顿定律得:qE=ma 设粒子出 电场、入磁场时的速度大小为 v,此时在 y 轴方向的分速度为 vy,粒子在电场中运动的时间 为 t。 则有 vy=at l=v0t 解得:vy=v0 225 00 2210/ y vvvvm s 2. 设 v 的方向与 y 轴夹角,则有得 2 cos 2 y v v 45 粒子进入磁场后在洛伦磁力作用下做圆周运动,如图所示, 则有: 可得: 2 mv qv
22、B R mv R Bq 要使粒子穿越磁场区域,磁场的宽度应满足的条件( +cos )dR1 结合已知条件解以上各式可得: 0 (12) (12)2.41 mv dmm Bq 3333.1.ADE 2.解：()活塞A到达气缸上端卡环前，气体M和N均做等压变化，活塞A、B之间的距离 不变。当活塞A恰好到达气缸上端卡环时， N部分气体的压强 =+=+= 2 N p 1 M p mg S 0 p 2mg S 3mg S N部分气体增加的体积 V= 3 Sh N部分气体对外做功 W= V=mgh 2 N p N部分气体内能的变化量 U=Q-W=Q-mgh () 活塞A恰好接触气缸上端卡环后，继续给N部分
23、气体加热，气体M做等温变化，由玻 意耳定律 S=S 2mg S3 h 2 M p 9 h 解得 = 2 M p 6mg S 此时N部分气体的压强 = += 3 N p 2 M p mg S 7mg S N部分气体的体积 =S 3 N V 8 9 h 对N部分气体由理想气体状态方程 = 0 3 3 mg h S S T 3 78 9 N mgh S S T 解得 30 56 9 N TT 解析： 3434.1.BDE; 2.设由题知: 0 sin()xAt 2 10,/Acmrads T 可得: 当时可得 0 10sin()()xtcm0t 0 5xcm 0 5 6 所以 5 10sin()() 6 xtcm 由于故小球做单方向运动t0.5 4 T s 2 5 10sin 0.55 3 6 xcm 可得路程: 02 5(13)sxxcm