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1、黑龙江省绥化市2014年中考物理试卷一、选择题（每小题2分，共20分，1-8小题只有一个选项正确；9、10小题有2个或2个以上选项正确，选项不全得1分，有错误选项不得分）1（2分）（2014绥化）下列估测值最接近生活实际的是（）A人脉搏的正常跳动频率约为70HzB人体感受到舒适的环境温度约为36C教室里日光灯的正常工作电流约为2.0AD中学生的质量约为50kg考点：质量的估测；温度；电流的大小专题：估算综合应用题分析：本题考查对常见的一些量要有数据、数量级的认识，估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用解答：解：
2、A、人脉搏的正常跳动频率约为1Hz，所以A不符合实际情况；B、人体感受到舒适的环境温度约为24左右，所以B不符合实际情况；C、教室里日光灯的正常工作电流约为0.2A，所以C不符合实际情况；D、中学生的质量约为50kg，所以D符合实际情况故选D点评：估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法2（2分）（2014绥化）如图所示是汽油机的四个冲程，其中属于做功冲程的是（）ABCD考点：内燃机的四个冲程专题：比热容、热机、热值分析：本题应抓住汽油机的一个工作循环由如图所示的四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程判断冲程名称可用
3、口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功；”进行分析；其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能解答：解：A、排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；不符合题意；B、两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，符合题意；C、进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；不符合题意；D、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，不符合题意故选B点评：本题考查了内燃机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成考查了内燃机的四个冲程的判断，解决此题需要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答3（2分）（201
4、4绥化）如图是甲、乙两种液体内部的压强与深度关系的图象设甲液体的密度为甲，液体乙的密度为乙，则甲和乙的关系是（）A甲=乙B甲乙C甲乙D无法确定考点：液体压强计算公式的应用专题：压强、液体的压强分析：要比较甲、乙两种液体的密度关系，可控制两种液体的深度相同，通过比较两种液体的压强大小来判断其密度关系解答：解：由图可知，当甲乙两液体深度相同时，甲中的压强大于乙中的压强，由p=gh可得：甲乙故选C点评：图象法是物理中的重要方法之一，应用较多，本题应注意由控制变量法分析图象4（2分）（2014绥化）看起来清澈见底不过齐腰深的池水，不会游泳的小明跳下去就出现了危险，幸好有同学及时相救小明在岸上看池水比实
5、际浅的原因是（）A从池底射出的光在水面处发生反射B小明的眼睛产生的错觉C从池底射出的光在水面处发生折射D从空气射入水中的光在水面处发生折射考点：光的折射现象及其应用专题：光的折射、光的色散分析：池底反射的光线从水中进入空气时发生折射，折射光线向水面偏折，人逆着折射光线看去，看到的池底位置比实际位置高，池底看起来比实际位置浅解答：解：池底反射的光线从水中斜射入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，向水面偏折，人看到的池底在折射光线的反向延长线上，看到的是池底由光的折射形成的池底虚像，像在池底实际位置的上方，因此看起来池水较浅故选C点评：光从水中斜射入空气，折射角大于入射角
6、是造成看到的位置比实际位置变浅的根本原因理解掌握光的折射规律是解决此类折射问题的关键；有时可以利用折射时光路可逆帮助解题5（2分）（2014绥化）如图所示，小明用一可绕O点转动的轻质杠杆，将挂在杠杆下的重物提高，他用一个始终与杠杆垂直的力F，使杠杆由竖直位置缓慢转到水平位置，在这个过程中此杠杆（）A一直是省力的B先是省力的，后是费力的C一直是费力的D先是费力的，后是省力的考点：杠杆的动态平衡分析专题：简单机械分析：（1）力臂的概念：从支点到力的作用线的距离叫做力臂（2）运用杠杆的平衡条件F1l1=F2l2分析动力的大小变化解答：解；由图可知动力F1的力臂始终保持不变，物体的重力G始终大小不变，
7、在杠杆从竖直位置向水平位置转动的过程中，重力的力臂逐渐增大，在L2L1之前杠杆是省力杠杆，在L2L1之后，杠杆变为费力杠杆故选B点评：能否正确分析重力的阻力臂与动力臂的大小关系是本题的解题关键6（2分）（2014绥化）由欧姆定律I=变形可得R=下列说法正确的是（）A导体电阻跟它两端的电压成正比B导体电阻跟通过它的电流成反比C导体电压跟通过它的电流成正比D导体电阻跟通过的电流和它两端电压无关考点：欧姆定律的变形公式专题：欧姆定律分析：（1）导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关；（2）电压是产生电流的原因，先有电压后有
8、电流解答：解：（1）电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，R=是计算导体电阻大小的一种方法，故AB不正确，D正确；（2）电压是产生电流的原因，不能说导体电压跟通过它的电流成正比，故C不正确故选D点评：本题考查了学生对电阻计算式R=的理解与掌握，我们根据比值定义法定义了电阻，但是电阻是由导体本身的性质决定的，与通过它的电流及两端的电压是无关的，在学习中要注意体会和理解7（2分）（2014绥化）教室内的两盏日光灯，由一个开关控制，如图中能正确反映它们连接方式的是（）ABCD考点：串、并联电路的设计专题：电流和电路分析：并联电路中，各用电器工作时互不影响，用电器的开关应该连接在火线
9、上解答：解：一只开关同时控制2盏日光灯，若摘掉其中任意一盏灯管，由另外一盏灯仍正常发光可知，这二盏日光灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的；火线接用电器之前，应先接开关，故选A点评：本题考查的根据串并联电路的特点判断家庭电路的连接情况8（2分）（2014绥化）在温度一定时，比较两根铜导线的电阻的大小，下列说法中正确的是（）A长导线的电阻大B细导线的电阻大C长度相同，粗导线的电阻大D粗细相同，长导线的电阻大考点：影响电阻大小的因素专题：电压和电阻分析：导体电阻的大小由温度、材料、长度和横截面积三方面因素共同决定所以在比较两根导线电阻大小关系时，一定要在其他三个因素都相同的情况下，通过比较其中
10、的某一个因素，才能比较出两根电阻的大小关系，否则是很难比较出来的解答：解：AB、电阻的大小不仅跟导体的材料有关，还跟材料的长度和横截面积大小有关，所以选项A、B都不正确；C、在长度和材料相同时，导体的横截面积越小，即导线越细，电阻越大，故C选项错误；D、在横截面积和材料相同，长的铜丝电阻大，故D正确故选D点评：本题考查了决定电阻大小的因素，用好控制变量法正确分析是本题的关键9（2分）（2014绥化）如图物体在相同力F的作用下，分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿着力的方向移动了相同的距离S，力F做的功分别为W1、W2、W3，则下列说法中正确的是（）AW2=W3BW2W3CW1=W2DW1
11、W3考点：功的大小比较专题：功、功率、机械效率分析：已知拉力和移动距离可求做的功解答：解：拉力相同，移动距离相同，所以力F做的功W1=W2=W3=Fs故选AC点评：本题考查功的计算和大小的比较10（2分）（2014绥化）如图甲所示的电路中，滑动变阻器的滑片P从a端移到b端，定值电阻R1两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图象如图乙所示，下列说法中正确的是（）A电源电压为6VBR1=20时，电压表示数为4VC该电路的最大功率为3.6WDP在b端时，电阻R1的功率为0.1W考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：欧姆定律；电能和电功率分析：分析清楚电路结构，由图示图象求出电压与电阻的对应值，应用串
12、联电路特点、欧姆定律、电功率公式分析答题解答：解：由图甲所示电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压；A、由图甲所示电路可知，滑片在a端时，只有定值电阻接入电路，电压表测电源两端电压，由图乙所示图象可知，电源电压U=6V，故A正确；B、由图示图象可知，R2=20时，电压表示数为2V，故B错误；C、由图示图象可知，R2=20时，电压表示数为2V，电路电流：I=0.2A，定值电阻阻值：R1=10，当滑片在a端时电路功率最大，最大功率：P=3.6W，故C正确；D、P在b端时，电路电流I=0.1A，此时电阻R1的功率P1=I2R1=（0.1A）210=0.1W，故D正确；故选AC
13、D点评：本题考查了求电源、电压、电功率问题，分析清楚电路结构，由图示图象求出电压与电阻阻值的对应关系、应用串联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题二、填空题（每小题2分，共24分）11（2分）（2014绥化）吼猴是世界上叫声最响的动物之一，它以雷鸣般的吼声警告其它动物不要侵犯它的领地这里的“雷鸣般”描述的是声音的响度特性人们可以根据声音的音色特性分辨出吼猴的叫声考点：音调、响度与音色的区分专题：应用题；声现象分析：声音有三个特性：即音调、响度和音色；音调是指声音的高低，响度是指声音的强弱或大小，而音色是取决于物体本身的一种特性解答：解：这里的“雷鸣般”侧指声音非常大，即是指的声音的响度特
14、性；音色是物体具有的一种声音的特性，故人们是可以根据声音的音色特性分辨出吼猴的叫声的故答案为：响度；音色点评：知道并理解声音的三个特性是解决该题的关键12（2分）（2014绥化）手机是同学们非常喜欢的通讯工具，它是通过电磁波传递信息的；水是人类赖以生存的资源，那么水能属于可再生能源（选填“可再生”或“不可再生”）考点：电磁波的传播；能源的分类专题：信息的传递；能源的利用与发展分析：手机是利用电磁波传递信息的；能够源源不断从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得或不能重复利用的能源是不可再生能源解答：解：手机是人们离不开的通讯工具，它是通过电磁波传递信息的水能可以源
15、源不断地从自然界获得，水能属于可再生能源故答案为：电磁波；可再生点评：本题考查了电磁波的应用、能源的分类，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题13（2分）（2014绥化）用照相机拍一朵盛开的荷花，荷花到镜头的距离要大于两倍焦距若要把荷花的像拍得更大些，则应使照相机的镜头靠近荷花（选填“远离”或“靠近”）考点：凸透镜成像的应用专题：透镜及其应用分析：凸透镜成倒立、缩小的实像，U2f，应用于照相机和摄像机上凸透镜成实像规律，物近像远像变大解答：解：照相机的镜头相当于一个凸透镜，所照景物放在镜头的二倍焦距以外，在底片上成缩小的实像；由凸透镜成实像规律，物近像远像变大可知，若要把荷花的像拍得更大一些
16、，则应使照相机镜头靠近荷花故答案为：两倍焦距；靠近点评：凸透镜成像的成像规律和应用，是凸透镜成像习题的基础内容，一定要熟练掌握14（2分）（2014绥化）小明从冰箱内拿出一杯自制的冰淇淋，过了一会儿，杯的外壁出现了一层水珠，这是发生了液化现象（填物态变化的名称），这一现象的发生需要放出热量（选填“吸收”或“放出”）考点：液化及液化现象专题：汽化和液化、升华和凝华分析：从六种物态变化定义进行判断：物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热
17、；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热解答：解：杯的外壁出现了一层水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠沾在杯外壁上，液化放出热量故答案为：液化；放出点评：判断物态变化时，要明确一种现象现在和原来的状态，然后根据六种物态变化定义进行比对15（2分）（2014绥化）如图是皮球落地后弹跳过程中，每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片A、B是同一高度的两点，则A点的重力势能等于B点的重力势能（选填“大于”“小于”或“等于”）；此过程中皮球的机械能减小（选填“增大”“减小”或“不变”）考点：动能和势能的大小变化专题：应用题；机械能及其转化分析：（1）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，
18、高度越高，重力势能越大（2）机械能等于动能和势能之和，不计阻力，机械能守恒解答：解：据图可知，皮球位于A、B两点时，其质量不变，高度相等，故其所具有的重力势能相等；同时据图能 看出，该过程中，皮球被反弹的高度逐渐变小，即说明在反弹过程中有一部分机械能转化成了内能，故该过程中的机械能是减小的；故答案为：等于；减小点评：本题考查重力势能的影响因素、机械能和内能的转化等知识点，是一道基础题16（2分）（2014绥化）甲、乙两个物体同时从同一地点向西做直线运动，速度与时间关系如图所示以甲为参照物，乙向东做直线运动，经过6s甲乙两物体相距30m考点：速度公式及其应用专题：长度、时间、速度分析：由图象求出
19、甲乙的速度，根据甲乙的速度关系判断乙相对于甲的运动方向；由速度公式的变形公式求出甲乙的路程，然后求出他们间的距离解答：解：由图象可知，v甲=15m/s，v乙=10m/s，甲乙均向西运动，以甲为参照物，乙向东做直线运动；v=，s甲=v甲t=15m/s6s=90m，s乙=v乙t=10m/s6s=60m，经过6s甲乙间的距离d=s甲s乙=90m60m=30m；故答案为：东；30点评：由图象求出物体的速度，应用速度公式的变形公式即可正确解题17（2分）（2014绥化）在玻璃杯里装上大半杯米，把一根筷子插在中间，将米压紧并使筷子直立，再往杯内加少许水，过一会儿拿起筷子，可以看到筷子把装米的玻璃杯提起来这
20、是因为米吸水后发胀发涩，既增大了米对筷子和米对玻璃杯的压力，又增大了它们接触面的粗糙程度，从而增大了摩擦力若米重1.5N，玻璃杯重1N，则当筷子提着米在空中静止时，米与筷子的摩擦力为2.5N考点：摩擦力的大小专题：重力、弹力、摩擦力分析：（1）摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，增大压力，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦；（2）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力，相互平衡的两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上解答：解：（1）筷子提米，米吸水后发涨发涩，既增大了米对筷子和米对玻璃杯的压力，又增大了接触面的粗糙程度，从而增大了摩擦力；（2）筷子提米实验中，筷子受到向下力
21、是米和玻璃杯的重力，向上的力是摩擦力，由于米重1.5N，玻璃杯重1N，所以当筷子提着米在空中静止时，筷子受到米的摩擦力是1.5N+1N=2.5N故答案为：压力；2.5点评：本题考查影响摩擦力大小的因素和摩擦力大小的计算，知道物体静止或匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力是解题的关键18（2分）（2014绥化） 如图是两端开口的容器，从管左端吹气，在A、B两个管口处流体压强分别这PA和PB，则PAPB（选填“”、“”或“=”）考点：流体压强与流速的关系专题：气体的压强、流体压强与流速的关系分析：流动的液体和气体称为流体，生活中常见的流体是空气和水流体的流速越大，压强越小解答：解：当从管左端吹气时
22、，A的上方空气流速快，压强小，B中的液面上方的空气流速慢，压强大，所以PA小于PB故答案为：点评：掌握流速和压强的关系，并能用流体压强和流速的关系解释一些现象19（2分）（2014绥化）沿东西方向直线运动的火车突然刹车，车厢里的乘客看到水平桌面上的小球朝着自己滚动过来，这是由于小球具有惯性的缘故若乘客是朝西坐着，则小球是向东运动的（选填“东”或“西）考点：惯性专题：应用题；运动和力分析：物体保持运动状态不变的性质叫惯性惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性；当火车的运动状态发生改变时，小球由于惯性还要保持原来的运动状态，所以会偏离原来的位置解答：解：原来火车和小球的运动状态相同，当火车的运动状
23、态发生改变时，小球由于惯性仍会保持原来的运动状态，故相对于火车来说，其运动状态改变了；由于题目中已经提示：车厢里的乘客看到水平桌面上的小球朝着自己滚动过来，且乘客是朝西坐着的，所以小球是向东运动的故答案为：惯性；东；点评：由于物体具有惯性而表现出来的惯性现象，在生活中随处可见要多观察，多思考，多体会20（2分）（2014绥化）通过两电路元件A和B的电流与其两端电压的关系如图，则元件A的电阻为5，将A和B串联后接在某一电路中，已知电路中电流为0.2A，则电源电压为3V考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：由图示图象求出电压对应的电流，然后由欧姆定律求出电阻阻值；由图示求出电流对应的电压，然后由
24、串联电路特点求出电源电动势解答：解：由图示图象可知，电阻阻值：RA=5；由图示图象可知，I=0.2A时，UA=1V，UB=2V，则电源电压：U=UA+UB=1V+2V=3V；故答案为：5；3点评：本题考查了求电阻阻值、电源电压问题，由图象求出电压与电流的对应值、应用欧姆定律与串联电路特点即可正确解题21（2分）（2014绥化）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙=5：3，则R1：R2=2：3；当开关S断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙=2：5考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：根据题意分析电路结构，然后根据串并联电
25、路特点与欧姆定律分析答题解答：解：由电路图可知，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测串联总电压，乙测R2两端电压，两表的示数之比U甲：U乙=5：3，设R2两端两端电压为3U，则R1两端电压为5U3U=2U，两电阻串联，电阻阻值之比：=；由电路图可知，当开关S断开，甲、乙为电流表时，两电阻并联，甲测通过R2的电流，乙测干路电流，两表示数之比：=；故答案为：2：3；2：5点评：本题考查了求电阻之比、电流表示数之比，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题22（2分）（2014绥化）用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体
26、同时加热，两液体的温度随时间变化关系的图象如图根据图象可知，甲液体的比热容小于乙液体的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20的乙液体吸收1.89105J的热量，乙液体的温度升高了90（气压为一标准大气压）考点：热量的计算专题：比热容、热机、热值分析：（1）由图象可找出液体温度的变化与所用时间的关系，在相等时间内温度变化大的液体升温快；在相等的加热时间内，甲和乙吸热相同，温度变化大的液体比热容小，温度变化小的比热容大，据此分析判断；（2）知道水的质量、水的比热容、水吸收的热量，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸热后升高的温度解答：解：（1）由图象可以
27、看出：在相等时间内，液体甲温度变化量大，则甲液体温度升高较快；而两个加热器相同、加热时间相等时，两种液体吸收的热量相等，由公式Q吸=mct可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，温度升高快的液体比热容小，所以甲的比热容小，乙的比热容大；（2）根据Q吸=cm（tt0）得：t=90故答案为：小于；90点评：本题考查学生由图象获取知识的能力和吸热公式Q吸=cmt的掌握和运用，这类题一般是通过比较相同质量的不同物质，在相同时间内，加热时间相同（吸收热量相同）的情况下，比较其温度的变化即可判断三、作图与实验探究题（23、24题各2分，25题4分，26题7分，27题6分，28题8分、29题5分，共
28、34分）23（2分）（2014绥化）完成如图光路图考点：透镜的光路图专题：透镜及其应用分析：在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图解答：解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会过焦点；过焦点的光线经凸透镜折射后，平行于主光轴；如下图所示：点评：凸透镜三条特殊光线的作图：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变24（2分）（2014绥化）根据小磁针的指向在括号内标出螺线管的磁极和电源符号考点：通电螺线管的磁场专题：作图题；磁现象、电生磁分析：由小磁针的指向可得电磁铁极性方向，由安培定则
29、可得电流方向解答：解：小磁针N极向右，则得螺线管右侧为N极，由安培定则得电流由右侧流入螺线管，即电源右侧为正极故答案如图：点评：安培定则内容：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为电磁铁N极25（4分）（2014绥化）某学习小组探究石蜡和海波的熔化过程，且每隔1min记录一次温度，直到两种物质全部熔化，某时刻温度计的示数如图甲所示，温度计的示数是48，根据记录数据绘制了这两种物质的熔化图象，如乙、丙两图所示，其中丙图能反映石蜡的熔化特点考点：熔化和凝固的温度时间图象专题：温度计、熔化和凝固分析：甲图首先判断出温度是零上，读数时应自下向上读，然后结合温度计的最小刻度值是1，读出正确
30、示数根据平日所学海波为晶体，石蜡为非晶体，所以能反映石蜡的熔化过程的图象即在乙丙中选择哪个属于非晶体的熔化图象解答：解：甲图中温度计的读数刻度上大下小说明温度为零上，根据图中所示4050之间共10个格，故图中温度计的最小刻度值为1，图中温度为40上数8个格，故温度t=40+8=48根据乙丙图象可知：乙为晶体的熔化图象，丙为非晶体的熔化图象，海波为晶体，石蜡为非晶体，所以能反映石蜡的熔化过程的丙图故答案为：48；丙点评：温度计读数时，观察温度计的最小刻度值，并且视线要与温度计液柱上表面相平会判别常见的晶体和非晶体及其熔化图象区别26（7分）（2014绥化）小明想知道牛奶的密度，在实验室进行了下面
31、的探究活动（1）小明根据所学知识进行了如下实验步骤：用已调好的天平测量出空烧杯的质量m1=20g；取适量牛奶作为样品倒入烧杯，用天平测量烧杯和牛奶的总质量m2；砝码和游码在标尺上的位置如图；将烧杯中的牛奶倒入量筒中，读出量筒中牛奶的体积V则牛奶样品的质量m=33g，密度=1.1g/cm3（2）小明用这种方法测出牛奶密度比真实值偏大（选填“偏大”或“偏小”）（3）现要求更精确的测理牛奶密度，请你只在步骤的基础上完成实验（只写步骤）A将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒中，读出牛奶的体积；B用天平测出烧杯和剩余牛奶的质量考点：液体密度的测量专题：测量型实验综合题分析：（1）物体质量等与砝码质量加上游码对应
32、刻度值，烧杯和牛奶的总质量减去空烧杯的质量，等于烧杯中牛奶的质量，读出量筒中牛奶的体积，根据=求出牛奶的密度；（2）烧杯中牛奶没有全部倒入量筒中，测量的牛奶的体积不是烧杯中牛奶的体积，测量的体积偏小，根据密度公式求出的密度偏大；（3）只将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒中，读出体积；再用天平测出烧杯和剩余牛奶的质量，求出量筒中牛奶的质量，根据=求出牛奶的密度解答：解：（1）图中天平的分度值为0.1g，烧杯和牛奶的总质量m2=20g+20g+10g+3g=53g，牛奶样品的质量m=m2m1=53g20g=33g；量筒中牛奶的体积V=30cm3，牛奶的密度=1.1g/cm3；（2）烧杯中牛奶没有全部倒入
33、量筒中，测量的牛奶的体积不是烧杯中牛奶的体积，测量的体积偏小，根据密度公式=可知求出牛奶的密度偏大；（3）步骤中测出了烧杯和牛奶的总质量，所以接下来的步骤是：将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒中，读出牛奶的体积V；用天平测出烧杯和剩余牛奶的质量m3求出量筒中牛奶的质量，根据=求出牛奶的密度故答案为：（1）33；1.1；（2）偏大；（3）将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒中，读出牛奶的体积；用天平测出烧杯和剩余牛奶的质量点评：此题主要考查的是学生对天平和量筒的读数、密度计算公式、误差分析和实验步骤的设计等知识的理解和掌握，难度不大27（6分）（2014绥化）如图是某同学探究“电流与电压、电阻关系”的电路图（
34、1）在探究电流与电压关系实验中，滑动变阻器除保护电路外还有调节定值电阻两端电压作用；（2）在探究电流与电阻关系的实验中，定值电阻R1则5变为10时，滑动变阻器的滑片应向右调节（选填“左”或“右”）（3）若电源电压为6V，R1的可选最大电阻为20，为保证电阻R1两端的电压为2V，那么滑动变阻器R2阻值应不小于40考点：探究电流与电压、电阻的关系实验专题：探究型实验综合题分析：（1）电流与电压和电阻有关，要探究电流与电压的关系，应保持电阻不变，改变电压；要探究电流和电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，改变电阻根据实验的目的判断滑动变阻器的作用；（2）在探究电流跟电阻的关系时，应移动滑片，保持电阻
35、两端的电压不变；（3）利用串联分压作用，结合欧姆定律I=求出所接电阻大小解答：解：（1）探究电流与电压的关系时，应保持电阻不变，改变电压；在探究电流与电阻的关系时，要保持电阻两端的电压不变，改变电阻，所以滑动变阻器的作用除了保护电路外，主要是在变换电阻时使其两端的电压保持不变；（2）实验过程中，定值电阻R1由5变为10时，如果滑片不动，则定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大，实验中要保持电压表示数不变，则滑动变阻器滑片应该向右移动（3）由于U1=2V R1=20，则电路中的电流为I=I1=0.1A，滑动变阻器两端电压为U2=6V2V=4V，R2=40故答案为：（1）调节定值电阻两端电压；（2
36、）右；（3）40点评：该题考查学生对于滑动变阻器在实验中的作用、调节以及接入阻值的运算的掌握程度28（8分）（2014绥化） 有一阻值恒定的电阻元件，额定功率P额=6W，额定电压在10V19V之间若要正确使用该元件，应先知道其额定电压实验室里有如下器材：一个蓄电池（电压约为6V）、一个电流表（量程：00.6A和03A）、一个定值电阻R0=10，两个单刀开关、导线若干请你用上述器材测出该元件的额定电压（1）猜想与假设：根据欧姆定律I=，电功率P=UI，只要我们测出元件电阻的阻值，进而就可计算出其额定电压（2）设计实验：a该元件的额定电流不超过0.6A为提高测量的精确度，电流表应选量程00.6Ab
37、根据实验器材请把你设计的电路图画在方框中（3）进行实验：请按照你设计的电路图补全以下实验步骤，并写出测量的物理量及其对应的符号a连接电路；b闭合S1，断开S2，记下电流表示数I1；c闭合S1和S2，记下电流表示数I2；d断开开关，整理器材（4）用测量的物理量和已知物理量的符号表示出额定电压：U额=考点：控制变量法与探究性实验方案专题：探究型实验综合题分析：（2）由题知，估计额定电压在10V19V之间，额定功率为6W，由I=可知，当额定电压最小为10V时，电流才为0.6A，选小量程即可；将电阻元件与R0并联，两个开关一个连在干路上、一个连在其中的一条支路上，电流表测量干路电流；（3）只闭合S1，
38、电路中只有R0，读出电流表的示数I1；当开关都闭合两个电阻并联，读出电流表的示数I2；（4）开关都闭合时和只闭合S1比较，通过R0的电流不变I0=I1，则通过R1的电流IR1=I2I1；根据并联电路的分流关系求解解答：解：（2）电阻元件的额定功率为6W，假设额定电压最小为10V，额定电流最大为I=，所以电流表的量程选00.6A；将电阻元件与R0并联，两个开关一个连在干路上、一个连在其中的一条支路上，电流表测量干路电流，如右图所示：（3）实验步骤：a、根据电路图连接电路；b、闭合S1，断开S2，记下电流表示数I1；c、闭合S1和S2，记下电流表示数I2；（4）只闭合S1，通过R0的电流为I1，开
39、关都闭合时，因接在同一电源上，通过R0的电流不变，还是I1，则通过R1的电流IR1=I2I1；因为R0与R1并联，所以I1R0=IR1R1，即：I1R0=（I2I1）R1；变形可得，R1=；由P额=可得，U额=故答案为：（2）0.6；00.6A；实验电路图如图所示；（3）b、闭合S1，断开S2，记下电流表示数I1；c、闭合S1和S2，记下电流表示数I2；（4）点评：此题通过测量电阻元件的额定电压，考查了学生对公式变形的掌握，同时考查了学生设计实验的能力29（5分）（2014绥化）小宇用如图所示的装置探究“动能的大小与哪些因素有关”实验步骤如下：（1）将质量为m的小球从光滑斜面的A处由静止释放，
40、滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示（2）将质量为m的小球从光滑斜面的B处由静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示（3）将质量为2m的小球从光滑斜面的B处由静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图丙所示根据上述三次实验，回答下列问题：通过观察比较木块被推动的距离就可以反映小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法（选填“直接测量”“放大”或“转换”）为探究动能大小与物体运动速度的关系，应选用甲、乙两个图来分析分析乙、丙两图，得到的实验结论是速度相同时，物体
41、质量越大，动能越大考点：探究影响物体动能大小的因素专题：探究型实验综合题分析：（1）探究物体动能大小与哪些因素有关的实验中，小球动能的大小是通过小球对外做功的多少来体现，实验中通过观察木块被小球推开的距离反映做功的多少；（2）动能的决定因素有两个：质量和速度根据控制变量法的思路，去分析解决解答：解；（1）探究物体动能大小与哪些因素有关时，物体动能的大小无法直接体验，所以通过小球对木块外做功的多少来体现小球动能的多少，即通过木块被推动的距离来判断小球动能的大小，所用方法为转换法（2）动能的大小与质量和速度有关，若要探究动能的大小与质量的关系，需控制小球的速度相同，质量不同所以应选质量不同的两个小
42、球，又因为小球起始点的高度越高，到水平面的速度越大，为了使得两球到水平面的速度相同，应该使两球在斜面的相同高度滚下来所以要探究动能的大小与质量的关系，应通过图中甲、乙两次实验进行对比；（3）分析乙、丙两图，小球释放的位置相同，到达水平面时，初速度相同，当两球的质量不同，丙图中小球质量大，木块被推动的距离大，说明丙图中小球的动能大，故可以得出初步结论是：速度相同时，物体质量越大，动能越大故答案为：（1）木块被推动的距离；转换；（2）甲、乙；（3）速度相同时，物体质量越大，动能越大点评：动能的决定因素有两个：质量和速度要研究物体的动能与物体的质量和速度的关系时，要从控制变量法的思路入手分析注意解本
43、题时，要把握图中的相同点与不同点四、信息读取题（30题4分，31题4分，共8分请仔细阅读材料，根据材料提供的信息，回答问题）30（4分）（2014绥化）我们学过匀速直线运动，但变速直线运动是一种更普遍的运动形式速度随时间均匀变化的运动称之为匀变速运动，可以表示为不变（表示变化量），在物理学中，把这个比值叫加速度，用字母a表示它是反映物体速度变化快慢的物理量若用v0表示匀变速运动的开始速度，经过一段时间t后，速度变为v1，则物体的加速度a=根据以上信息回答：（1）加速度的物理意义是反映物体速度变化快慢的物理量（2）一个做匀变速直线运动的物体开始时的速度是2m/s，运动2s后速度变为6m/s，则物体的加速度是2m/s2考点：速度公式及其应用专题：长度、时间、速度分析：（1）加速度是速度变化量与发生这一变化所用时间的比值（），是描述物体速度改变快慢的物理量；（2）根据a=求出物体的加速度解答：解：（1）加速度是速度变化量与发生