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1、最新资料推荐求极限的 13种方法（简叙）龘龖龍极限概念与求极限的运算贯穿了高等数学课程的始终，极限思想亦是高等数学的核心与基础， 因此，全面掌握求极限的方法与技巧是高等数学的基本要求。本篇较为全面地介绍了求数列极限与函数极限的各种方法，供同学参考。一、利用恒等变形求极限利用恒等变形求极限是最基础的一种方法，但恒等变形灵活多变，令人难以琢磨。常用的的恒等变形有：分式的分解、分子或分母有理化、三角函数的恒等变形、某些求和公式与求积公式的利用等。例 1、求极限 lim (1a)(1 a2 ).(1a2 n)，其中 a1n分析由于积的极限等于极限的积这一法则只对有限个因子成立，因此，应先对其进行恒等变
2、形。解因为 (1)(1a2 ).(1a2n )a=1(1a)(1a)(1a2 ).(1a 2n)1a=1(1a 2 )(1 a2 ).(1 a 2n)1a=1(1a 2n 1)1a当n时，2n 1,而a1，故a 2n 10, 从而 lim(1a)(1 a 2).(1 a2n) =1n1a二、利用变量代换求极限利用变量代换求极限的主要目的是化简原表达式，从而减少运算量，提高运算效率。常用的变量代换有倒代换、整体代换、三角代换等。1最新资料推荐例 2、求极限 limm x1 ，其中 m,n 为正整数。x 1nx1分析这是含根式的（ 0 ）型未定式，应先将其利用变量代换进行化0简，再进一步计算极限。
3、1解 令 tx mn ,则当 x1时， t1原式 = limtn1(t1)(tn 1tn 2.1)tn 1tn 2.1nmlimm 1m 2m 1m 2t 1t1t 1(t1)(tt.1)tt.1m三、利用对数转换求极限利用对数转换求极限主要是通过公式uveln u v , 进行恒等变形，特别的情形，在（ 1）型未定式时可直接运用 uve( u 1) v例 3、求极限 lim (cosx)csc2 xxo1sin 2 x12xlim2sin 2 x解原式 = lime(cos x 1) cscex 0e 2x o四、利用夹逼准则求极限利用夹逼准则求极限主要应用于表达式易于放缩的情形。例 4、求
4、极限 limn!nnn分析 当我们无法或不易把无穷多个因子的积变为有限时，可考虑使用夹逼准则。解 因为 on! 12n 1 n1 ，nnnnn nnn!且不等式两端当趋于无穷时都以0 为极限，所以 lim=0nnn五、利用单调有界准则求极限利用单调有界准则求极限主要应用于给定 初始项与 递推公式2最新资料推荐xn 1f (xn ) 的数列极限。在确定 limxn 存在的前提下，可由方程 A=f(A)n解出 A，则 lim xn =A 。n1a) ，（）求极限 lim xn 。例 5、设 a 0, x1 0, xn 1(3xn34xnn=1,2, ,n分析 由于题中并未给出表达式，也无法求出，故
5、考虑利用单调有界准则。解 由a0, x0, x1 (3xna)易知 xn0。1n 143xn根据算术平均数与几何平均数的关系，有x1 ( xxxa ) 4x x xa4an 14nnnxn3n n n xn3所以，数列 xn 有下界 4a ，即对一切 n1,有 xn4 a又xn 11(3a1a1xn44 )(3)xn4a所以 xn 1xn , 即数列单调减少。由单调有界准则知数列xn 有极限。现设 limxn =A, 则由极限的保号性知 A4 a0.nxn 11(3xna)1a)对式子4xn3两边同时取极限得A(3 A34A解得A=4a 即 limxn =4a （已舍去负根）,n六、利用等价无
6、穷小求极限利用等价无穷小求极限是求极限极为重要的一种方法，也是最为简便、快捷的方法。 学习时不仅要熟记常用的等价无穷小，还应学会灵活应用。同时应注意：只有在无穷小作为因式时，才能用其等价无穷小替换。3最新资料推荐例 6、求极限 limsin sin( x 1)ln xx 1分析此题中 sin(x-1),sinsin(x-1),lnx 均为无穷小，而均作为因式，故可以利用等价无穷小快速求出极限。解当 x 1时，x 10, 则 sin sin( x1) sin( x 1) x 1, ln x ln( 1 x 1) x 1故原式 = lim x11x 1 x1七、利用导数定义求极限利用导数定义求极限
7、适用于lim0f ( x0 a)f ( x0b) 型极限，并且需要( a b)ab满足 f (x0 ) 存在。例 7、求 lim sin( a1)sin an n ，其中0 a 1。n分析初步可判断此题为（ 1）型未定式，先通过公式 uveln u v , 进行恒等变形，再进一步利用导数定义求得极限。1 )sin( a 1 )s i na(lim n lnn 解 l i mn n = ensin an s i nasin( a1 )ln sin( a1)ln s i na而 lim n lnnlimnnsin an1n1ln sin aln sin( a)由导数的定义知， limn表示函数 l
8、nsinx 在 x=a 处的导n1nsin(a1)数。即 lim nlnsin an ln sin x x acot a 。n八、利用洛必达法则求极限4最新资料推荐0利用洛必达法则求极限适用于,0型未定式，其它类型未定式也0可通过恒等变形转化为0 , ,0型。洛必达法则使用十分方便，但使0用时注意检查是否符合洛必达法则的使用条件。例 8、求极限 lim cos x 2cos3xx 0x解原式 = limsin x 3sin 3xcosx9 cos3x42xlim2x 0x 0注：连续两次使用洛必达法则九、利用微分中值定理求极限利用微分中值定理求极限的重点是学会灵活应用拉格朗日中值定理，即 f
9、(a)f (b) ( ), 其中 （ , )。afa bb例 9、求极限 lim exesin xx0 xsin x分析若对函数 f ( x） ex ，在区间 sin x, x 上使用拉格朗日中值定理则： exesin xe , 其中（ sinx, x)xsin x解由分析可知 exesin xe ,其中（ sinx, x)xsin x又x0时，有 s i nx0,si xnx, 故0所以 lim exesin x= lim e1x 0xsin xx0十、利用泰勒公式（麦克劳林公式展开式）求极限利用泰勒公式（麦克劳林公式展开式） 求极限是求极限的又一极为重要的方法。与其它方法相比，泰勒公式略显
10、繁琐，但实用性非常强。例 10、求极限 lim arctan xarcsin xx 0tan xsin x分析若使用洛必达法则， 计算起来会相当麻烦； 同时分子并非两因5最新资料推荐式之积，等价无穷小也不适用，此时可以考虑用泰勒公式。解当 x0时，由于 arctan xxx3o( x3 ), a r c s xi n xx3o( x3 )36tan xsin xtan x(1cos x) 1x3x32x3 xo( x3 ) xo(x 3 )1 x3o( x3 )故 原式 = lim31 x36lim21x0x 01 x322十一、利用定积分的定义求极限由定积分的定义知， 如果 f(x) 在 a
11、， b 上可积，那么，我们可以对a，b用特殊的分割方法（如n 等分），并在每一个子区间特殊地取点（如取每个子区间的左端点或右端点），所得积分和的极限仍是f(x) 在a， b 上的定积分。所以，如果遇到某些求和式极限的问题，能够将其表示为某个可积函数的积分和，就能用定积分来求极限。 这里关键在于根据所给和式确定被积函数和积分区间。例 11、求极限 lim1(sinsin2sin (n 1)nnnnn解 从和式 1(sinnsin2sin (n1) 看，若选被积函数为 sin x ,nnn则因分点 1 与 n1当 n时分别趋于 0与1，故积分区间为0，1.nn1 ,从而有 ：将 0，1等分，则有
12、xi原式 = lim 1 (sinsinnsin(n 1) =sinxdx1 cos x o2211nnnnn0十二、利用级数收敛的必要条件求极限级数具有以下性质：若级数u n 收敛，则 lim un0 。所以对于某些极限lim f (n), 可以将函nnn 1数 f(n) 作为级数f(n) 的一般项，只需证明级数f(n) 收敛，便有n 1n 16最新资料推荐limf (n), =0.n例 12、求极限 limn n( n! )2n解令 unnn,对于正项级数un ,有(n!) 2n 1limu n 1lim(n1) n 1(n! ) 2lim( n1)nlim (11n1lime2nn)0n
13、u nn(n1)! )nn(n1)nnnn 1nn1limun101,由比值审敛法知，级数u n收敛。u nnn 1故limnn=0( n! )2n十三、利用幂级数的和函数求极限当数列本身就是某个级数的部分和数列时，求该数列的极限就成了求相应级数的和。此时常常可以辅助性地构造一个函数在某点的值。例 13、求极限lim (123n1 )3323nn分析 若构造幂级数n1nxn 1 ，则所求极限恰好是此级数的和函数在x1 处的值。3解 考虑幂级数nx n1 ，n1由于 lima n1n11, 故当 x（ - 1，1）时，该级数收敛。anlimnnn设 s(x)=nx n1于是n 1,s(x)= (x n )(x)12 , x ( 1,1),n 11x(1x)从而原式=ns(3)91 3n14n7