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1、2019 课堂新坐标物理二轮练习课时知能练习- 第三章第 1 讲注意事项 ：认真阅读理解，结合历年的真题，总结经验，查找不足！重在审题，多思考，多理解！无论是单选、多选还是论述题，最重要的就是看清题意。在论述题中， 问题大多具有委婉性， 尤其是历年真题部分，在给考生较大发挥空间的同时也大大增加了考试难度。考生要认真阅读题目中提供的有限材料，明确考察要点， 最大限度的挖掘材料中的有效信息，建议考生答题时用笔将重点勾画出来，方便反复细读。 只有经过仔细推敲，揣摩命题老师的意图，积极联想知识点，分析答题角度，才能够将考点锁定，明确题意。( 时间： 45 分钟总分值： 100 分 )【一】单项选择题
2、( 本大题共 5 小题，每题 6 分，共 30 分、在每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求， 选对的得 6 分，选错或不答的得0 分、)1、某人乘坐列车时发现，车厢的双层玻璃窗内积水了、列车进站过程中，他发现水面的形状如图中的 ()【解析】列车进站时刹车， 速度减小， 而水由于惯性仍要保持原来较大的速度，所以水向前涌，液面形状和选项 C 一致、【答案】 C图 3111、(2018深圳模拟)如图 11所示，一个劈形物体 A，各面均光滑，23 1B，劈形物体从静放在固定的斜面上，上表面水平，在上表面上放一个光滑小球止开始释放，那么小球在碰到斜面前的运动轨迹是 ()A、曲线B、竖直向下的直
3、线C、沿斜面向下的直线D、抛物线【解析】在劈形物体 A沿斜面下滑的过程中，小球 B在水平方向不受任何外力作用 ( 小球与斜面之间光滑 ) ，所以小球在水平方向将保持原来的静止状态，而在竖直方向将在重力与支持力的共同作用下向下做直线运动、【答案】 B图 31123、(2018 广州执信中学模拟 ) 一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮，绳的一端系一质量m15kg 的重物，重物静止于地面上、有一质量1m2 10kg 的猴子，从绳子另一端沿绳向上爬， 如图 3112 所示、不计滑轮摩擦， g 取 10m/s2，在重物不离开地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度为 ()A、25m/s2B、5m/
4、s2C、10m/s2D、15m/s2Fmg，根据牛顿第二定律有【解析】根据题意可知， 轻绳中的最大拉力为1Fmgma2，解得猴子向上爬的最大加速度为 5m/s .22max【答案】 B图 31134、(2018 梅州模拟 ) 如图 3113 所示，物体 P 以一定的初速度沿光滑水平面向右运动， 与一个右端固定的轻质弹簧相撞， 并被弹簧反向弹回、 假设弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律， 那么在 P 与弹簧发生相互作用的整个过程中()A、P 做匀速直线运动B、P 的加速度大小不变，但方向改变一次C、P 的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度为零D、有一段过程， P 的加速度逐渐增大，速度
5、也逐渐增大【解析】在物体 P 压缩弹簧的过程中， 弹簧的弹力一直在增大， 根据牛顿第二定律可知， 物体 P 的加速度一直在增大， 但速度方向与加速度方向相反， 那么物体 P 运动速度一直在减小， 当速度为零时， 加速度最大， 反向弹回时加速度减小，速度增大， C正确 .【答案】 C图 31145、在动摩擦因数 0.2 的水平面上有一个质量为 m1kg 的小球，小球与竖直方向成 45角的不可伸长的轻绳一端相连，如图 3114 所示、此时小球处于静止状态， 且水平面对小球的弹力恰好为零， 当剪断轻绳的瞬间， 小球的加速度的大小为 ( g 取 10m/s2)()A、0B、10m/s2C、8m/s2D
6、、2m/s2【解析】绳断前由共点力的平衡知，弹簧弹力大小 Fmg，绳断瞬间对球根据牛顿第二定律有 Fmgma，解得 a 8m/s2.【答案】 C【二】双项选择题 ( 本大题共 5 小题，每题 8 分，共 40 分、全部选对的得 8 分，只选 1 个且正确的得 4 分，有选错或不答的得 0 分、 )图 31156、如图 3 1 15 所示，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，以下说法中正确的选项是 ()A、小球对绳的拉力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B、小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力C、小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力D、小球受到的重力和小球对细绳的
7、拉力是一对平衡力【解析】小球受到的重力与细绳对小球的拉力均作用在小球上， 且等大反向，是一对平衡力， D 错误， C 正确；小球对细绳的拉力与细绳对小球的拉力才是一对作用力和反作用力，故 B 错误， A 正确、【答案】 AC7.图 3116F如图 3116 所示，力 F 拉一物体在水平面上以加速度a 运动、用力 F 代替力 F，沿水平方向拉物体，该物体的加速度为a，比较 a 与 a cos的大小关系，正确的选项是 ()、a可能小于 a、a与 a 可能相等ABC、a可能大于 aD、a一定小于 a【解析】由牛顿第二定律可得： Fcos( mg Fsin ) ma，将 F 换为水平方向的 Fcos
8、后：Fcos mgma，由此可见： 假设 0，那么 a a，假设 0，那么 a a，故 A、B 正确， C、D 错误、【答案】 AB图 31178、如图 3117 所示，光滑的斜槽由 AB、CD组成， AB 与 CD的夹角大于90， CD面水平，质量为 m 的球放在斜槽中，当斜槽和球一起沿水平面向右加速运动时，那么 ()A、球对 AB槽板的压力可能大于mgB、球对 AB槽板的压力可能为零C、球对 CD槽板的压力可能大于mgD、球对 CD槽板的压力可能为零【解析】当斜槽和球一起沿水平面向右加速运动时，球所受的合外力向右，因此球除受重力外， 肯定受到 AB槽板的支持力 N1，有可能受到 CD槽板的
9、支持力N2，应用牛顿第二定律正交分解列方程后分析可知，加速度越大， N1 越大， N2 越小，当加速度增大到某一数值时， N20，此时再对球分析，用合成法求合力会发现 N1 大于 mg. 综合以上分析可知： A、D 正确， B、C错误 .【答案】 AD9、如图 3118 甲所示，在粗糙水平面上，物块A 在水平向右的外力的作用下做直线运动， 其速度时间图象如图乙所示，以下判断正确的选项是F()甲乙图 3118A、在 01s 内，外力 F 不断增大B、在 13s 内，外力 F 的大小恒定C、在 34s 内，外力 F 不断减小D、在 34s 内，外力 F 的大小恒定【解析】在速度时间图象中 01s
10、内，物块速度均匀增大， 物块做匀变速运动，外力F 为恒力；内，物块做匀速运动，外力F 的大小恒定；34s1 3s内物块做加速度不断增大的减速运动，外力F 由大变小、【答案】 BC图 311910、 (2018 十堰模拟 ) 如图 3119 所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一个轻杆与竖直方向成 角与横杆固定， 下端连接一小铁球， 横杆右边用一根细线吊一质量相等的小铁球、 当小车向右做匀加速运动时， 细线保持与竖直方向成 角，假设 ，那么以下说法正确的选项是 ()A、轻杆对小铁球的弹力方向与细线平行B、轻杆对小铁球的弹力方向沿着轻杆方向向上C、轻杆对小铁球的弹力方向既不与细线平行也不沿着
11、轻杆方向D、小车匀速运动时 0【解析】设细线对小铁球的弹力为F 线，由牛顿第二定律得： F 线 sin ma，aF 线 cos mg，可得： tan g，设轻杆对小铁球的弹力与竖直方向夹角为 ，大小为 F 杆，由牛顿第二定律可得： F 杆 mg，F 杆 ma，可得：tancossina gtan ，可见轻杆对小球的弹力方向与细线平行， A 正确， B、C正确；当小车匀速运动时， 0，故 D 正确、【答案】 AD【三】非选择题 ( 此题共 2 小题，共 30 分、要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位、 )图 312011、(15 分) 如图 3 1 20 所示，质量为 m的人站在
12、自动扶梯上，扶梯正以加速度 a 向上减速运动， a 与水平方向的夹角为 . 求人所受到的支持力和摩擦力、【解析】以人为研究对象，受力分析如下图、因摩擦力 f 为待求，且必沿水平方向，设为水平向右、建立如下图坐标系、根据牛顿第二定律得x 方向：mgsin FNsin f cos may 方向：mgcos f sin FNcos 0由以上两式可解得FNm( gasin ) ，f macosFf 为负值，说明摩擦力的实际方向与假设方向相反，为水平向左、【答案】 m( gasin ) ，方向竖直向上 macos，方向水平向左12、(15 分)(2018 江门模拟 ) 如图 3121 所示，一辆卡车后面
13、用轻绳拖着质量为 m的物体 A，A 与地面的摩擦不计、图 312115(1) 当卡车以 a12g 的加速度运动时，绳的拉力为 6mg，那么 A 对地面的压力为多大？(2) 当卡车的加速度 a2 g 时，绳的拉力为多大？【解析】 (1) 卡车和速度，故有：A 的加速度一致、由图知绳的拉力的分力使A 产生了加516mgcos m2g34解得 cos5，sin 5.设地面对 A 的支持力为 FN，那么有5FNmg6mgsin13mg1由牛顿第三定律得： A 对地面的压力为 3mg.(2) 设地面对 A 弹力为零时，物体的临界加速度为 a0，那么3a0gcot 4g，故当 a2ga0 时，物体已飘起、此时物体所受合力为 mg，那么由三角形知识可知，拉力F2mg2mg22mg.1mgmg【答案】 (1) 3(2)2