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1、精品文档功动能测试题一、不定项选择题1、一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用此后，该质点的动能可能()A一直增大B先逐渐减小至零，再逐渐增大C先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小D先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大2、A、B两个物体的质量分别为m和m，并排静止在水平地面上，用同向水平拉力F、121F2分别作用于物体A和B上，分别作用一段时间后撤去，两物体各自滑行一段距离后停止下来，两物体运动的速度时间图象分别如图55中图线a、b所示，已知拉力F1、F2分别撤去后，物体做减速运动过程的速度时间图线彼此平行(相关数据已在图中标出)，由图中信息可以得出()A若F1F2，则m1a2
2、，故F1F2时有m1F，汽车做减速运动，使得汽车速度v变小，由公式PFv，v变小而P不变，则F变大，由fFma，可知汽车减速运动的加速度变小，当再次出现Fff时，汽车做匀速运动，选项AB错误，C正确；由fP8m/s，选项D正确P额vm5103N，而Pfv，解得vv04、AC【解析】匀速运动阶段，根据平衡条件有，Fmg.由速度图象，匀加速阶2v段的加速度a110s，匀减速阶段的加速度a21s；根据牛顿第二定律，有F1mgma1，F3mgma2，解得F1F32F2.对全运动过程应用动能定理WFmgx0，得WFmgx.所以选项AC正确二、计算题5、(1)11.2J(2)10N方向竖直向上【解析】(1
3、)对小球在C处，由牛顿第二定律得v21F1mgmRm解得v1F1mgR5m/s从A到B由动能定理得1Epmgx2mv2111故Ep2mv2mgx11.2J(2)从C到D由机械能守恒定律得1112mv22mgR2mv221故v2v24gR3m/s由于v2gR2m/s，所以小球在D处对轨道外壁有压力小球在D处，由牛顿第二定律得精品文档v2g2故vC5m/s在C点，由牛顿第二定律得：FNmgR精品文档v22F2mgmR故F2mR10N由牛顿第三定律可知，小球在D点对轨道的压力大小为10N，方向竖直向上6、(1)12.4N(2)2.4m(3)4.8J12【解析】(1)物体从E到C，由能量守恒得：mg(
4、hR)2mvC2mvC联立解得FN12.4N(2)从E到A过程，由动能定理得WGWf0WGmg(hRcos37LABsin37)Wfmgcos37LAB联立解得LAB2.4m(3)因为mgsin37mgcos37，所以物体不会停在斜面上物体最后以C为中心、B为一侧最高点沿圆弧轨道做往返运动从E点开始直至稳定，系统因摩擦所产生的热量即为损失的机械能，QEpEpmg(hRcos37)联立解得Q4.8J7、(1)5m/s(2)1.6N(3)2s【解析】(1)赛车经过B点做平抛运动由于vy2gh3m/svysin(2)从C点运动到最高点D的过程中，由动能定理得1122mgR(1cos)2mvD2mvC设赛车经过最高点D处时轨道对赛车的支持力为FN，由牛顿第二定律v2DFNmgmR联立解得FN1.6N由牛顿第三定律可知，赛车经过最高点D处时对轨道压力大小FN1.6N.vy(3)赛车在B点的速度大小为vBtan4m/s12从A点到B点的过程中由动能定理有PtfL2mvB精品文档精品文档解得t2s精品文档