宁夏银川一中2015届高考物理四模试卷(Word版含解析).docx

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1、宁夏银川一中2015届高考物理四模试卷一、选择题：本题共 8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第 6、7、8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分.1.下列说法正确的是（）A.在物理问题的研究中，如果不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的 方法叫假设法B.牛顿认为在足够高的山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落到地球上C.把电容器的电量 Q和两极板间的电压 U的比值定义为电容，是基于该比值的大小取决 于电量Q和电压U ,且它能反映电容器容纳电荷的本领D.牛顿利用了斜面实验证实了力是改变物体运

2、动状态的原因2.为了使乘客乘车更为舒适，2015届高三年级某班合作小组设计一种新的座椅，此座椅可以随着路面坡度的变化而自动调整，使得座椅上表面始终保持水平，如图所示，当此车加速下坡时，一位乘客正盘腿坐在座椅上，则下列说法正确的是（）A.乘客所受到的合外力可能竖直向下B.支持力可能大于重力C.若乘客未接触座椅靠背，则应受到向前（水平向左）的摩擦力作用D.乘客处于超重状态3.如图所示，一质量为 M=3kg的铁块套在倾斜放置的杆上，铁块与杆之间的动摩擦因数 吁与 且最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等.杆与水平方向成。=60。角，一轻绳一端连接在铁块上，一端连在一质量m=2kg的小球上，一水平力 F作用

3、在小球上，连接铁块与绳的轻绳与杆垂直，铁块和小球都处于静止状态，取g=10m/s2.则（）A .拉力F的大小为10：3NB.铁块所受的摩擦力大小为15NC.若将F在图示的平面内沿逆时针方向缓慢地转过30,此过程中铁块受到的摩擦力逐渐D.若将连接铁块与轻绳之间的轻绳突然剪断，则铁块受到的摩擦力将减小4 .如图所示，两颗卫星围绕着质量为M的中心星体做匀速圆周运动.若两颗卫星和中心星体始终在同一直线上，两颗卫星间的作用及其他星体对两颗卫星的作用均忽略不计，则下列判断正确的是（）pQ-o- -A.两颗卫星的轨道半径相等B.两颗卫星的向心加速度相同C.两颗卫星的向心力大小相等D.两颗卫星的动能相等5 .

4、如图所示，同一竖直面内有上下两条用相同材料做成的水平轨道 MN、PQ,两个完全相 同的物块A、B放置在两轨道上，A在B物块正上方，A、B之间用一细线相连.在细线的 中点。施加拉力，使 A、B一起向右做匀速直线运动，则 F的方向是（图中 表示水平方 向）（）28 / 25A .沿方向B.沿方向C.沿方向D.沿方向都可以6 .如图所示，一位同学玩飞镖游戏.圆盘最上端有一 P点，飞镖抛出时与 P等高，且距离P点为L.当飞镖以初速度 v0垂直盘面瞄准 P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动. 忽略空气阻力，重力加速度为g,若飞镖恰好击中P点，则（）A.飞镖击中P点所需的时间为v

5、0b.圆盘的半径可能为上，24C.圆盘转动角速度的最小值为D. P点随圆盘转动的线速度可能为5万乱4v07 .如图所示，电流表 A1 （03A）和A2 （00.6A）是由两个相同的电流表改装而成，现 将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S,调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）A. Al、A2的读数之比为1： 1B. Al、A2的读数之比为5： 1C. A1、A2的指针偏转角度之比为1: 1D. A1、A2的指针偏转角度之比为1： 58. 一带电液滴质量为 m,带电量为+q以初速度v0与水平方向成30射向空间一匀强电场区 域，液滴恰做直线运动，如图所示，重力加速度为g,则（）A .液滴一定

6、做匀变速直线运动8 .匀强电场的最小场强的大小立邂2q厂29 . 若场强E=立空，小球有可能运动的最大距离为 ?Q4g10 若场强E=生，并做匀变速直线运动，取小球在初始位置的电势能为零，则小球电q势能的最大值为二、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题-18题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题11 利用图（a）实验可粗略测量人吹气产生的压强.两端开口的细玻璃管水平放置，管内塞有潮湿小棉球，实验者从玻璃管的一端A吹气，棉球从另一端 B飞出，测得玻璃管内部截面积S,距地面高度h,棉球质量m,开始时的静止位置与管口 B的距离x,落地点C与管 口

7、 B的水平距离1.然后多次改变x,测出对应的1,画出l2-x关系图线，如图（b）所示, 并由此得出相应的斜率 k.Afi/一 /H i ut（a）（b）（1）若不计棉球在空中运动时的空气阻力，根据以上测得的物理量可得，棉球从B端飞出的速度V0=.(2)假设实验者吹气能保持玻璃管内气体压强始终为恒定值，不计棉球与管壁的摩擦，重力加速度g,大气压强P0均为已知，利用图(b)中倾斜直线的斜率 k可得，管内气体压强P=.(3)考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，则(2)中得到的p与实际压强相比 (填偏大”或偏小”).12 .为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻Rl,实验室提供以下器材：(A)待测线圈L

8、 (阻值小于10Q,额定电流2A)(B)电流表Ai (量程0.6A,内阻ri=0.2 Q)(C)电流表A2 (量程3.0A,内阻2约为0.2)(D)滑动变阻器Ri (010Q)(E)滑动变阻器 R2 (01k(F)定值电阻R3=10Q(G)定值电阻R4=100Q(H)电源(电动势 E约为9V,内阻很小)(I)单刀单掷开关两只 S1、S2,导线若干.要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1表和A2表的读数11、I2,然后利用给出的I2- I1图象(如图乙所示)，求出线圈的电阻 Rl.西乙(1)实验中定值电阻应选用(填仪器前的字母序号) ,滑动变阻器应选用(填 仪器前的字母

9、序号).(2)请你画完图甲方框中的实验电路图.(3)由I2- I1图象，求得线圈的直流电阻 Rl=Q (保留两位有效数字)(4)实验结束后应先断开电键 然后再断开电键 .13 .如图(甲)所示，磁感应强度为 B的匀强磁场垂直于纸面，在纸面内固定一条以 。点 为圆心、半径为L的圆弧形金属导轨，长也为L的导体棒OA绕。点以角速度 3匀速转动， 棒的A端与导轨接触良好， OA、导轨、电阻R构成闭合电路.图（日）图（乙）（1）试根据法拉第电磁感应定律E=n0,证明导体棒产生的感应电动势E=AbwL2.At2（2）某同学设计了一种带有闪烁灯的自行车后轮，如图（乙）所示.车轮与轮轴之间均匀地连接4根金属条

10、，每根金属条中间都串接一个小灯，阻值为 R=0.3 并保持不变，车轮半径ri=0.4m,轮轴半径可以忽略.车架上固定一个强磁铁，可形成圆心角为。=60的扇形匀强磁场区域，磁感应强度 B=2.0T,方向如图（乙）所示.若自行车前进时，后轮顺时针转动的角速度恒为 w=10rad/s,不计其它电阻和车轮厚度.求金属条ab进入磁场时，ab中感应电流的大小和方向.（计算时可不考虑灯泡的大小）14 . （18分）如图所示，以水平地面建立x轴，有一个质量为 m=1kg的木块放在质量为 M=2kg 的长木板上，木板长 L=11.5m.已知木板与地面的动摩擦因数为园=0.1, m与M之间的动摩擦因数应=0.9

11、（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）.m与M保持相对静止共同向右运动， 已知木板的左端 A点经过坐标原点 。时的速度为vo=10m/s,在坐标为X=21m处的P点有 一挡板，木板与挡板瞬间碰撞后立即以原速率反向弹回，而木块在此瞬间速度不变，若碰后2立刻撤去挡板，g取10m/s ,求：（1）木板碰挡板时的速度 V1为多少？（2）碰后M与m刚好共速时的速度？（3）最终木板停止运动时 AP间距离?【物理-选彳3-3】15 .体积相同的玻璃瓶 A、B分别装满温度为60c的热水和0C的冷水（如图所示）下列说法正确的是（）A. 由于温度是分子平均动能的标志，所以A瓶中水分子的平均动能比B瓶中水分子的平均动能大

12、B. 由于温度越高，布朗运动愈显著，所以A瓶中水分子的布朗运动比B瓶中水分子的布朗运动更显著C. 若把A、B两只玻璃瓶并靠在一起，则 A、B瓶内水的内能都将发生改变，这种改 变内能的方式叫热传递D. 由于A、B两瓶水的体积相等，所以A、B两瓶中水分子的平均距离相等E. 已知水的相对分子量是18,若B瓶中水的质量为 3kg水的密度为1.0X103kg/m3,阿伏伽德罗常数 NA=6.02M023mo1,则B瓶中水分子个数约为1.0M026个 14.如图1为一个横截面积足够大的喷水装置，内部装有 200L水，上部密封1atm的空气1.0L.保持阀门关闭，再充入 2atm的空气1.0L.设在所有过程

13、中空气可看作理想气体，且 温度不变. 求充入2atm的空气1.0L后密封气体的压强,通过计算，在如图 2中画出喷水过程中（不计阀门右侧的管中水的体积及喷嘴打开阀门后，水从喷嘴喷出（喷嘴与水平等高） 气体状态变化的图象，求最后容器内剩余水的体积. 与装置中水平的高度差）【物理-选彳3-4】15.下列说法中正确的有 （）A.不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的B .水面上的油膜呈现彩色是光的干涉现象C .在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象D. 声源向静止的观察者运动，观察者接收到的频率小于声源的频率E. 未见其人先闻其声，是因为声波波长较长，容易发生衍射现象16.如图

14、甲所示是由透明材料制成的半圆柱体，一束细光束由真空沿着径向与AB成。角射入，对射出的折射光线的强度随。角的变化进行记录，得到的关系如图乙所示，如图丙所示是这种材料制成的器具，左侧是半径为R的半圆，右侧是长为 8R,高为2R的长方体，一束单色光从左侧 A点沿半径方向与长边成 37。角射入器具.已知光在真空中的传播速度为c,求：（sin37=0.6, cos37=0.8）甲乙A 该透明材料的折射率； 光线至少要经过几次全反射才能穿过器具？并求出穿过器具所用的时间？（必须有必要 的计算说明）【物理-选彳3-5】17.下列说法正确的是（）口 t：rQ4JLSI23 4011.6与锌板相连的验电器铝箔有

15、张角，证A. 图甲中，当弧光灯发出的光照射到锌板上时,明光具有粒子性B. 如图乙所示为某金属在光的照射下，光电子最大初动能Ek与入射光频率v的关系图象，当入射光的频率为 2v0时，产生的光电子的最大初动能为EC. 图丙中，用从n=2能级跃迁到n=l能级辐射出的光照射逸出功为6.34 eV的金属钳，不能发生光电效应D. 丁图中由原子核的核子平均质量与原子序数 Z的关系可知，若D和E能结合成F, 结合过程一定会释放能量射线c是3粒子流，它产生的E. 图戊是放射性元素发出的射线在磁场中偏转示意图,机理是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的18.如图所示，一质量 M=2kg的带有弧形轨道的平台置于足

16、够长的水平轨道上，弧形轨道与水平轨道平滑连接，水平轨道上静置一小球B.从弧形轨道上距离水平轨道高h=0.3m处由静止释放一质量 mA=1kg的小球A,小球A沿轨道下滑后与小球 B发生弹性正碰，碰后 小球A被弹回，且恰好追不上平台.已知所有接触面均光滑，重力加速度为g.求小球B的质量.宁夏银川一中2015届高考物理四模试卷一、选择题：本题共 8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第 6、7、8题有多项符合题目要求.全部选对的得 6分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0分.1 .下列说法正确的是（）A.在物理问题的研究中，如果不需要考虑物体本身的大小和形状

17、时，用质点来代替物体的方法叫假设法B .牛顿认为在足够高的山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落到地球C.把电容器的电量 Q和两极板间的电压 U的比值定义为电容，是基于该比值的大小取决于电量Q和电压U,且它能反映电容器容纳电荷的本领D .牛顿利用了斜面实验证实了力是改变物体运动状态的原因考点：物理学史.分析：质点是理想化物理模型. 牛顿提出了卫星的设想.电容反映电容器容纳电荷的本领，与电量和电压无关.伽利略利用了斜面实验证实了力是改变物体运动状态的原因.解答： 解：A、在物理问题的研究中，如果不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想化模型法，故A错误.B、牛顿认

18、为在足够高的高山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落回地球上，绕地球做圆周运动.故 B正确.C、把电容器的电量 Q和两极板间的电压 U的比值定义为电容，电容能反映电容器容纳电 荷的本领，由电容器本身决定，与电量 Q和电压U无关，故C错误.D、伽利略利用了斜面实验证实了力是改变物体运动状态的原因.故 D错误.故选：B.点评：解决本题的关键要掌握物理上常用的研究方法：理想化模型法、比值定义式、理想实验法、假设法.2.为了使乘客乘车更为舒适，2015届高三年级某班合作小组设计一种新的座椅，此座椅可以随着路面坡度的变化而自动调整，使得座椅上表面始终保持水平，如图所示，当此车加速下坡时，一位乘

19、客正盘腿坐在座椅上，则下列说法正确的是（）A .乘客所受到的合外力可能竖直向下B .支持力可能大于重力C.若乘客未接触座椅靠背，则应受到向前（水平向左）的摩擦力作用D .乘客处于超重状态考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力.专题：牛顿运动定律综合专题.分析：当此车加速下坡时，整体的加速度沿斜面向下，对乘客进行受力分析，根据加速度方向知道合力方向，根据合力方向确定摩擦力方向.解答： 解：A、B、当此车加速下坡时，整体的加速度沿斜面向下，所以乘客所受到的合外力沿斜面向下，故 A错误；B、由于乘客有竖直向下的分加速度，对乘客竖直方向进行受力分析，乘客受重力，支持力,所以支持力可能小于重力，故 B错误

20、；C、由于乘客有水平向左的分加速度，若乘客未接触座椅靠背，则应受到向前（水平向左）的摩擦力作用，故C正确；D、整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于失重状态.故 D错误；故选：C.点评：解决本题的关键知道乘客和车具有相同的加速度，通过汽车的加速度得出乘客的加速度.以及能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律求解.3 .如图所示，一质量为 M=3kg的铁块套在倾斜放置的杆上，铁块与杆之间的动摩擦因数后疏，且最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等.杆与水平方向成。=60。角，一轻绳一端连接在铁块上，一端连在一质量m=2kg的小球上，一水平力 F作用在小球上，连接

21、铁块与绳的轻绳与杆垂直，铁块和小球都处于静止状态，取g=10m/s2.则（）/F必-A . 拉力F的大小为10/3NB. 铁块所受的摩擦力大小为15NC. 若将F在图示的平面内沿逆时针方向缓慢地转过30,此过程中铁块受到的摩擦力逐渐减小D. 若将连接铁块与轻绳之间的轻绳突然剪断，则铁块受到的摩擦力将减小考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算.专题：共点力作用下物体平衡专题.分析：B球和铁块都处于平衡状态，对B球受力分析，根据平衡条件列式即可求解F及铁块所受的摩擦力大小，将F在图示的平面内沿逆时针方向缓慢地转过3。的过程中，绳子的拉力变化不影响沿斜面方向的力，所以摩擦力仍然等于重力沿

22、斜面的分量，不变，将连接铁块与轻绳之间的轻绳突然剪断后，分析铁块的受力情况，判断铁块的运动情况即可求解. 解答： 解：A、B球处于平衡状态，对 B球受力分析，根据平衡条件得： tan60二卫，解得：F=2X.,?=2o/5N,故 A 错误；B、铁块处于平衡状态，对铁块进行受力分析，根据平衡条件得：f=Mgcos30 =30,故B错误;C、将F在图示的平面内沿逆时针方向缓慢地转过斜面方向的力，所以摩擦力仍然等于重力沿斜面的分量，不变，故30。的过程中，绳子的拉力变化不影响沿C错误；D、将连接铁块与轻绳之间的轻绳突然剪断后，最大静摩擦力M坛1 一fMgcos60 =yX30X=7.5，3N v M

23、gcos30。，则铁块开始滑动，摩擦力大小为7.5后N,变小，故D正确.山 4访庐Me故选：D点评：本题的关键是能正确分析 B球和铁块的受力情况，根据平衡条件列式求解,注意D答案要先考虑铁块所处的运动状态，难度适中.4 .如图所示，两颗卫星围绕着质量为 M的中心星体做匀速圆周运动.若两颗卫星和中心星体始终在同一直线上，两颗卫星间的作用及其他星体对两颗卫星的作用均忽略不计，则下列判断正确的是（）-oOo -A.两颗卫星的轨道半径相等B.两颗卫星的向心加速度相同C.两颗卫星的向心力大小相等D.两颗卫星的动能相等考点：万有引力定律及其应用；向心力.专题：万有引力定律的应用专题.分析：两颗卫星和中心星

24、体始终在同一直线上”得知两颗卫星的角速度 3相等，根据万有引力提供向心力角速度公式求出半径，根据a=32r得向心加速度，根据向心力公式可知，向心力与星球质量有关.解答： 解：A、由两颗卫星和中心星体始终在同一直线上”得知两颗卫星的角速度 3相等,根据G粤二m/r,得=?|昆，可见两颗卫星的轨道半径相等，选项 A正确；B、由2=得向心加速度大小ai=a2,但方向相反，选项 B错误；C、由万有引力提供向心力即 F向= G*知，F向与卫星的质量 m有关，由于两颗卫星的质量 r关系不确定，选项 C错误；2D、根据G-二得卫星白动能Ek=5mv2=G* m有关，选项D错误.r2 2r故选：A点评：本题主

25、要考查了万有引力提供向心力公式得直接应用，抓住 两颗卫星和中心星体始终在同一直线上 ”得知两颗卫星的角速度 3相等求解，特别注意向心加速度是矢量， 有方向，难度适中.5.如图所示，同一竖直面内有上下两条用相同材料做成的水平轨道 MN、PQ,两个完全相 同的物块A、B放置在两轨道上，A在B物块正上方，A、B之间用一细线相连.在细线的 中点。施加拉力，使 A、B一起向右做匀速直线运动，则 F的方向是（图中 表示水平方 向）（）A.沿方向B.沿方向C. 沿方向D.沿方向都可以考点：力的合成.专题：受力分析方法专题.分析：对A、B两物体分析，抓住A、B对水平轨道的正压力不同，导致摩擦力不等，根据水平方

26、向上平衡，得出 AO、BO拉力的大小，从而确定拉力F的方向.解答：解：力的作用点是在细线的中点，而且物块A在B的正上方，所以三角形ABO是等腰三角形，且AB在竖直方向，所以AO与BO与水平方向的夹角相等.因为A对水平轨道的正压力大于 B对水平轨道的正压力，所以水平面对A的摩擦力大于水平面对 B的摩擦力，由题意细线AO受到的拉力必须大于 BO受到的拉力，所以F的方向只能是 方向.故 C正确，A、B、D错误. 故选C.点评：解决本题的关键知道滑动摩擦力与正压力成正比，通过摩擦力的大小得出绳子拉力的大小，从而确定拉力的方向.6.如图所示，一位同学玩飞镖游戏.圆盘最上端有一 P点，飞镖抛出时与 P等高

27、，且距离P点为L.当飞镖以初速度 v0垂直盘面瞄准 P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动. 忽略空气阻力，重力加速度为g,若飞镖恰好击中P点，则（）A.飞镖击中P点所需的时间为一v0B.圆盘的半径可能为gL22寸C.圆盘转动角速度的最小值为D. P点随圆盘转动的线速度可能为5.我0考点：平抛运动；匀速圆周运动.分析：飞镖做平抛运动的同时，圆盘上P点做匀速圆周运动， 恰好击中P点，说明TA点正好在最低点被击中，则 P点转动的时间t= (2n+1)根据平抛运动水平位移可求 J得平抛的时间，两时间相等联立可求解.解答： 解：A、飞镖水平抛出做平抛运动，正确.B、飞镖击中P点

28、时，P恰好在最下方，则误.C、飞镖击中P点，则P点转过的角度满足在水平方向做匀速直线运动，因此t=工，故Ay022r=Agt2,解得圆盘的半径二=，故B错24vge=cot= TT+2k 兀(k=0, 1, 2)_ e_ (2k+i)兀 v0 co= =则圆盘转动角速度的最小值为2.故c错误.L(2k+l)D、P点随圆盘转动的线速度为v= wr=-_vlo(2k+l) KgL当k=2时，v=2.故D正确.故选：AD .点评：本题关键知道恰好击中 P点，说明P点正好在最低点，利用匀速圆周运动的周期性和平抛运动规律联立求解.7.如图所示，电流表 A1 (03A)和A2 (00.6A)是由两个相同的

29、电流表改装而成，现 将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S,调节滑动变阻器，下列说法中正确的是()A . A1、A2的读数之比为1: 1B. Ai、A2的读数之比为5： 1C. Ai、A2的指针偏转角度之比为1： 1D .A1、A2的指针偏转角度之比为1： 5考点：闭合电路的欧姆定律.专题：恒定电流专题.分析：电流表Ai、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大.解答： 解：图中的Ai、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，所以Ai、A2的指针偏转角度之比为 1:1；量程不同的电流表读数不同，电

30、流表Ai的量程为3A, A2的量程为0.6A,当偏转角相同时，Ai、A2的读数之比为5: 1, 故BC正确.故选BC点评：本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成.指针偏转角度取决于流过表头的电流大小.8. 一带电液滴质量为 m,带电量为+q以初速度vo与水平方向成30射向空间一匀强电场区 域，液滴恰做直线运动，如图所示，重力加速度为g,则（）A .液滴一定做匀变速直线运动B. 匀强电场的最小场强的大小上过2qC. 若场强e=e里嗅，小球有可能运动的最大距离为 D.若场强E=变，并做匀变速直线运动，取小球在初始位置的电势能为零，则小球电 q3mvn势能的最大值为

31、考点:专题：分析：4匀强电场中电势差和电场强度的关系.电场力与电势的性质专题.小球恰好作直线运动， 合力方向与速度方向在同一直线上，运用作图法分析电场力的最小值和方向，确定场强的大小及方向.解答： 解：A、液滴恰做直线运动，若电场力与重力大小相等，方向相反，则液滴做匀速 直线运动.故A错误；B、小球恰好作直线运动，则其合力方向与速度方向在同一直线上，作出力的合成图如图，由图可知，当电场力 qE与速度方向垂直时，电场力最小，电场力最小值，则有： qEmin=mgsin30 得到，电场强度的最小值为 Emin=半，由于小球带正电，则此场强方向垂直直线向上，即斜 向左上方，与水平方向成 30度.故B

32、错误；C、若场强E=Fll嗅，电场强度的方向可能向右上方如图，也可能水平向左（未画出）；若Q水平向左，则合力的大小为2mg,小球的加速度的大小为 2g,所以小球有运动的最大距离22为也二心.故C正确；2a 4gD、若场强E=，并做匀变速直线运动， 则电场的方向如图， 则小球受到的合力大小为 mg, q加速度的大小为g,由运动学的公式可知，小球向上运动的最大位移为：22也二口；取小球在初始位置的电势能为零，则小球电势能的最大值为2a 2gv0M3m半口=.故D错误.2g4故选：C答图点评：该题中，由于电场的方向未知，所以要结合题目中提供的条件，判断出电场瓶内的方向，所以解答本题关键要掌握小球做直

33、线运动的条件：合力方向与速度方向共线， 运用作图法得到电场力的最小值.二、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题-18题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题9.利用图（a）实验可粗略测量人吹气产生的压强.两端开口的细玻璃管水平放置，管内塞有潮湿小棉球，实验者从玻璃管的一端A吹气，棉球从另一端 B飞出，测得玻璃管内部截面积S,距地面高度h,棉球质量m,开始时的静止位置与管口B的距离x,落地点C与管口 B的水平距离1.然后多次改变x,测出对应的1,画出l2-x关系图线，如图（b）所示, 并由此得出相应的斜率 k.AH/- i o()口力(1)若不

34、计棉球在空中运动时的空气阻力，根据以上测得的物理量可得，棉球从B端飞出的速度V0=l(2)假设实验者吹气能保持玻璃管内气体压强始终为恒定值，不计棉球与管壁的摩擦，重力加速度g,大气压强P0均为已知，利用图(b)中倾斜直线的斜率 k可得，管内气体压强kmgp=po+-.-4Sh2)中得到的p与实际压强相比偏小(填 偏(3)考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，则( 大”或偏小”).考点：动能定理的应用；平抛运动.专题：压轴题.分析： (1)棉球从B端飞出做平抛运动，可以根据平抛运动的基本公式解出速度V0；(2)根据压强公式求出压力 F,运用动能定理求出l2-x的关系，其斜率等于 k,这样就可以求出管内

35、气体压强 p；(3)考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，所以除了压力做功外，摩擦力对棉球做负功，再运用动能定理求出l2-x的关系，其斜率等于 k,这样就可以比较压强偏大还是偏小.解答：解：(1)棉球从B端飞出做平抛运动，根据平抛运动的基本公式得：l=v0t,h=4：.乙解得：vo=l -V2h(2)设玻璃管内气体压强始终为 p,不计棉球与管壁的摩擦，对棉球从静止到 B点的 运动过程运用动能定理得：9(pp0) Sx=(I-.-w2 匕二匚：所以 l =：=kxIDg4 (p- pn) Sh所以mg解得:p=po+f,所以除了压力做功外，摩擦(3)考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，设摩擦力为 力对棉球

36、做负功，再运用动能定理得：12(p 实p0)Sx fx= -JIDVql2=4h （ p实-p0）S-f=kxmg所以mg解得：口实=口0+肥；产4sh很明显，(2)中得到的p与实际压强相比偏小.故答案为：lp0+电照；偏小.V 2h g匕要求同学们学会熟练运点评：该题考查了平抛运动的基本规律与压强的相关计算,用动能定理解题，比较简洁、方便，本题难度不大.10.为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻Rl,实验室提供以下器材：(A)待测线圈L (阻值小于10Q,额定电流2A)(B)电流表Ai (量程0.6A,内阻ri=0.2 Q)(C)电流表A2 (量程3.0A,内阻r2约为0.2)(D)滑动

37、变阻器Ri (010Q)(E)滑动变阻器 R2 (01k(F)定值电阻R3=10Q(G)定值电阻R4=100Q(H)电源(电动势 E约为9V,内阻很小)(I)单刀单掷开关两只 S1、S2,导线若干.要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1表和A2表的读数11、I2,然后利用给出的I2- I1图象(如图乙所示)，求出线圈的电阻 Rl.乙(1)实验中定值电阻应选用(填仪器前的字母序号)F,滑动变阻器应选用(填仪器前的字母序号)D.(2)请你画完图甲方框中的实验电路图.(3)由I2- I1图象，求得线圈的直流电阻 Ri =2.0 0 (保留两位有效数字)(4)实验结束后应先断

38、开电键 S2_然后再断开电键 S1.考点：伏安法测电阻.专题：实验题.分析： (1)测量线圈自感很大，连接实物图时要考虑到保护电路，通过对电压和电流的分析，选择滑动变阻器和定值电阻；(2)根据题意确定滑动变阻器与电流表接法，然后完成实验电路.(3)根据部分电路的欧姆定律可表示出通过两个电表的电流关系，根据两个电流表示数的关系可求出电感线圈的电阻.(4)实验中要保护电流表 Ai,从而判断先断开哪个电键.解答： 解：(1)测量线圈的电阻一般采用伏安法，为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，可与电表串联一个开关.由于待测线圈L的阻值约为2，额定电流为2A,最大电压为4V,而电源

39、电动势为 9V,所以定值电阻选 F: R3、滑动变阻器 选D: Ri即可.(2)由于本实验尽可能大的范围内测得数据，所以必须采用滑动变阻器的分压接法；电流表A2的量程大，所以电流表 A2外接电路进行测量，电路如图所示.hSHIY(3)由电路图知自感线圈两端的电压与下边支路电压相等，所以Ii (Ri+ri) = (I2-I1) Rl,Ii解得：Rl= (Ri+ri),从Ii - - I2图象上选取一组数据，如(0.3, I.8)代入公式解2一工得：Rl=2.0 Q.(4)实验结束时为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，应先断开开关S2 .才能断开Si； 故答案为：F; D;

40、电路图如图所示； 2.04;S2； Si点评：本题的关键是据实验要求进行仪器的选择和滑动变阻器的解法的选择；要求电流或电压的测量值从零或很小开始逐渐增大的实验必须采用分压电路，且分压电路中滑动变阻器选择阻值较小的；仪器的选择应遵循安全性、精确性、节能性、方便性原则综合考虑， 灵活择取ii.如图(甲)所示，磁感应强度为 B的匀强磁场垂直于纸面，在纸面内固定一条以 。点 为圆心、半径为L的圆弧形金属导轨，长也为L的导体棒OA绕。点以角速度 3匀速转动， 棒的A端与导轨接触良好， OA、导轨、电阻R构成闭合电路.图（日）图（乙）（1）试根据法拉第电磁感应定律E=n0,证明导体棒产生的感应电动势E=A

41、bwL2.At2（2）某同学设计了一种带有闪烁灯的自行车后轮，如图（乙）所示.车轮与轮轴之间均匀地连接4根金属条，每根金属条中间都串接一个小灯，阻值为R=0.3 并保持不变，车轮半径ri=0.4m,轮轴半径可以忽略.车架上固定一个强磁铁，可形成圆心角为。=60的扇形匀强磁场区域，磁感应强度 B=2.0T,方向如图（乙）所示.若自行车前进时，后轮顺时针转动的角速度恒为 w=10rad/s,不计其它电阻和车轮厚度.求金属条ab进入磁场时，ab中感应电流的大小和方向.（计算时可不考虑灯泡的大小）考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；楞次定律.专题：电磁感应与电路结合.分析： （1）

42、根据法拉第电磁感应定律证明；（2）根据右手定则判定感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律求感应电动势的大小从而得出感应电流的大小；解答： 解：（1）设金属棒OA在t时间内扫过的面积为 则：磁通改变量为：根据法拉第电磁感应定律得到为：（2）根据右手定则知：ab中的电流方向为b-a, ab相当于电源，电动势：12 12.=1.6V电路总电阻为：R总:费+脂g=0.4 QW1E 1 6通过ab中的电流：1二二;?二4ARa 0.4答：（1）证明如上所述；（2）金属条ab进入磁场时，ab中感应电流的大小 4A和方向b-a;点评：本题考查了电磁感应和恒定电路的知识，设计问题从容易入手，层层递进，较好地把握

43、了试题的难度和区分度.12. （18分）如图所示，以水平地面建立x轴，有一个质量为 m=1kg的木块放在质量为 M=2kg 的长木板上，木板长 L=11.5m.已知木板与地面的动摩擦因数为 园=0.1, m与M之间的动摩擦因数正=0.9 (设最大静摩擦力等于滑动摩擦力).m与M保持相对静止共同向右运动， 已知木板的左端 A点经过坐标原点 。时的速度为V0=10m/s,在坐标为X=21m处的P点有 一挡板，木板与挡板瞬间碰撞后立即以原速率反向弹回，而木块在此瞬间速度不变，若碰后2立刻撤去挡板，g取10m/s ,求：(1)木板碰挡板时的速度 V1为多少？(2)碰后M与m刚好共速时的速度？(3)最终

44、木板停止运动时 AP间距离?考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题：牛顿运动定律综合专题.分析： (1)对木板和木块组成的系统运用牛顿第二定律，求出整体的加速度，结合匀变速直线运动的速度位移公式求出木板碰挡板时的速度大小.(2)分别对m和M分析，根据牛顿第二定律求出m和M的加速度，结合 m和M的运动规律，运用运动学公式求出两者刚好共速时的速度大小.(3)解答： 解.(1)对木块和木板组成的系统，有： 因(m+M) g= (m+M) a1V02 V 12=2a1s代入数据得：V 1=9m/s(2)由牛顿第二定律可知：am=(j2g=9m/s22aM=6m/sM2m运动至停止时间为:t1= =1 s 9此时M速度：Vm=V 1 - aMt1=9 - 6M=3m/s,方向向左，此后至m, M共速时间t2,有：Vm aMt2=amt2得：t2=0.2s共同速度 V共=1.8m/s,方向向左Vi +viQj-1 Q(3)至共速 M 位移：S1=八 X+2=6.48m2