《2021届高考物理二轮复习第1部分专题讲练突破六选修部分限时规范训练.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021届高考物理二轮复习第1部分专题讲练突破六选修部分限时规范训练.docx（9页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、限时标准训练建议用时：40分钟ab、be、ca回到原状态，其1. 1多项选择一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程p T图象如下图.以下判断正确的选项是A.过程B.过程C.过程D.a、bE.b和i一定质ab中气体一定吸热be中气体既不吸热也不放热ea中外界对气体所做的功等于气体所放的热和e三个状态中，状态 a分子的平均动能最小e两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同.汽缸壁导热良好，活塞可沿汽缸壁无摩擦地滑动.开始时气体压强为p,活塞下外表相对于汽缸底部的高度为h.界的温度为To.现取质量为 m的沙子缓慢地倒在活塞的上外表，沙子倒完时，活塞下降了h4.假设此后外界的
2、温度变为求重新到达平衡后气体的体积外界大气的压强始终保持不变，重力加速度大小为g.解析：1对封闭气体,由题图可知aTb过程，气体体积V不变，没有做功，而温度T升高,那么为吸热过程，A项正确.bT e过程为等温变化，压强减小，体积增大，对外做功，那么为吸热过程，B项错.eta过程为等压变化，温度 T降低，内能减少，体积 V减小，外界对气体做功，依据 W+ Q=A E,外界对气体所做的功小于气体所放的热，C项错.温度是分子平均动能的标志，Ta<Tb= Te,故D项正确.同种气体的压强由气体的分子密度P和温度T决定,由题图可知Tb= Te, pb>pe，显然E项正确.2设汽缸的横截面积为
3、 S,沙子倒在活塞上后， 对气体产生的压强为A p,由玻意耳定律得phS= (p+A p) h-?S1 h4h s 外界的温度变为 T后，设活塞距底面的高度为 h'.根据盖-吕萨克定律， 得h' STO解得h=舲据题意可得 p=ms气体最后的体积为 W= Sh'联立式得v 9m雲4pTo“宀9mghT答案：1ADE石詈2. 1多项选择以下说法中正确的选项是A分子间的距离增大时，分子势能一定增大B. 晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点C. 根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体D. 物体吸热时，它的内能可能不增加E. 定质量的理想气体，如果压强不变，
4、体积增大，那么它一定从外界吸热2如图，在圆柱形汽缸中用具有质量的光滑导热活塞密闭有一定质量的理想气体，在汽缸底部开有一小孔，与 U形水银管相连，外界大气压为 po= 75 cmHg室温to = 27 C，稳 定后两边水银面的高度差为 h= 1.5 cm，此时活塞离容器底部的高度为 L= 50 cm.柱 形容器横截面积 S= 0.01 m 2,75 cmHg= 1.0 x 10 5 Pa. 求活塞的质量； 使容器内温度降至-63 C,求此时U形管两侧水银面的高度差和活塞离容器底部的高度L'.解析：1分子间的距离有一个特殊值r。，此时分子间引力与斥力平衡，分子势能最小.当分子间的距离小于
5、r。时，分子势能随距离的增大而减小，当分子间的距离大于r。时，分子势能随距离的增大而增大，选项A错误.根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体而不引起其他变化在有外力做功的情况下热量可以从低温物体传到高温物 体，选项C错误.2根据U形管两侧水银面的高度差为 h= 1.5 cm，可知 A 中气体压强 pw= p°+ pA h= 75 cmHg+ 1.5 cmHg = 76.5 cmHg而 Pai= po+ p 塞_一155所以活塞产生的压强 p 塞=1.5 cmHg = 1.5 x 75X 10 Pa = 0.02 x 10 Pa由p塞=mgs，解得m= 2 kg.由于
6、活塞光滑，所以气体等压变化，U形管两侧水银面的高度差不变仍为 h= 1.5 cm初状态：温度 T1= 300 K，体积V1 = 50 cm S;末状态：温度 T2= 210 K，体积V= L' S由盖一吕萨克定律，=11 12解得活塞离容器底部的高度L'= 35 cm.答案：1BDE 22 kg 1.5 cm 35 cm3. 原创题1多项选择以下表达和热力学定律相关，其中正确的选项是A. 第一类永动机不可能制成，是因为违背了能量守恒定律B. 能量耗散过程中能量不守恒C. 电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，违背了热力学第二定律D. 能量耗散是从能量转化的角度反映出
7、自然界中的宏观过程具有方向性E. 物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功2如下图，右端开口的绝缘、绝热圆柱形汽缸放置在水平地面上，容积为V,汽缸内部被绝热活塞M和导热性能良好的活塞 N分成三个相等的局部，左边两局部分别封闭气体A和B,两活塞均与汽缸接触良好，忽略一切摩擦；汽缸左边有加热装置，可对气体A缓慢加热；初始状态温度为 Td,大气压强为po. 给气体A加热，当活塞 N恰好到达汽缸右端时，求气体 A的温度；3 继续给气体 A加热，当气体 B的长度变为原来的3时，求气体B的压强和气体 A的温度.4解析：1由热力学第一定律知 A正确，能量耗散是指能量品质降低，反映能量转化的方向 性仍遵守能量守
8、恒定律，B错误，D正确；电冰箱的热量传递不是自发，不违背热力学第二定律，C错误；在有外界影响的情况下，从单一热源吸收的热量可以全部用于做功，E正确.v 2V332活塞N移动至恰好到达汽缸右端的过程中气体A做等压变化= T解得 T1 = 2To.继续加热过程，气体 B体积减小，做等温变化V V p° 3= P1 44解得pi = 3P032V3Vpo -3 pi 因不计摩擦，气体 A的压强等于气体 B的压强，对气体 A有一帀一=-解得 T2 = 3To.- 答案：(1)ADE (2) 2To 3po 3To3-(1)(多项选择)有关分子的热运动和内能，以下说法正确的选项是()A. 定质
9、量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B. 物体的温度越高，分子热运动越剧烈C. 物体的内能是物体中所有分子热运动动能和分子势能的总和D. 布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的E. 外界对物体做功，物体的内能必定增加(2)在室温恒定的实验室内放置着如下图的粗细均匀的L形管，管的两端封闭且管内充有水银，管的上端和左端分别封闭着长度均为Lo= 15 cm的A B两局部气体，竖直管内水银柱高度为H= 20 cm, A局部气体的压强恰好等于大气压强.对B局部气体进行加热到某一温度，保持 A局部气体温度不变，水银柱上升h= 5 cm(大气压强为76 cmHg室温为300 K).试求： 水银
10、柱升高后 A局部气体的压强； 温度升高后B局部气体的温度.解析：(1)温度是分子平均动能的标志，A正确；温度越高，分子运动越剧烈，B正确；内能指所有分子热运动动能与分子势能的总和，C正确；布朗运动是液体分子对悬浮颗粒的碰撞引起的，D错误；根据热力学第一定律，内能变化由做功和传热共同决定，E错误.(2)设L形管的横截面积为 S,水银柱上升前后 A局部气体的压强分别为 pA和pA,气体 A的温度并没有发生变化，由玻意耳定律可得：PaL°S= Pa ( L0 h) S,PA&PA = L0h代入数据可得：Pa'= 114 cmHg设水银柱上升前后 B局部气体的压强分别为 P
11、b和pB，温度分别是 T和T',那么PB= pA+ Rd, PB= PA+ Ph + PH由气体状态方程可得：Pa+ Ph LoS Pa + Ph+ Fh Lo+ h S _T=T代入数据解得：T' 579.2 K答案：(1)ABC (2) 114 cmHg 579.2 K5. 1多项选择两个相邻的分子之间同时存在着引力和斥力，它们随分子之间距离 r的变化关系如下图图中虚线是分子斥力和分子引力曲线，实线是分子合力曲线当分子间距r =丘与两分子间距离rro时，分子之间合力为零， 那么以下关于这两个分子组成系统的分子势能的关系曲线，可能正确的选项是 2 一定质量的理想气体从状态A变
12、化到状态B,再变化到状态 C,其状态变化过程的p-V图象如下图.该气体在状态A时的温度为27 °C .求:3 A2,BCfiI舟!* 该气体在状态 B时的温度； 该气体从状态 A到状态C的过程中与外界交换的热量.解析：1由于r = ro时，分子之间的作用力为零，当r >ro时，分子间的作用力为引力，随着分子间距离的增大， 分子力做负功，分子势能增加，当rv ro时，分子间的作用力为斥力， 随着分子间距离的减小，分子力做负功，分子势能增加，故r = ro时，分子势能最小综上所述，选项B、C、E正确，选项 A D错误.(2)对于理想气体：AtB过程，由查理定律有Pa Pb矿百，得
13、Tb= 100 K ,所以 tB= Tb 273 C = 173 C.Bt c过程，由盖一吕萨克定律有=,Ib Ic得 Tc= 300 K ,所以 tc= Tc 273 C = 27 C.由于状态A与状态C温度相同，气体内能相等，而At B过程是等容变化气体对外不做功，BtC过程中气体体积膨胀对外做功，即从状态A到状态C气体对外做功，故气体应从外界吸收热量.Q= pA V= 1X 105x (3 X 10 3 1X 10 3)J = 200 J.答案：(1)BCE (2)173 C 200 J6. (原创题)(1)(多项选择)在一个标准大气压下，1 g水在沸腾时吸收了 2 260 J的热量后变
14、成 同温度的水蒸气，对外做了 170 J的功.阿伏加德罗常数 Nx= 6.0 X 1023 mol 1，水的摩 尔质量M= 18 g/mol.以下说法中正确的选项是()A分子间的平均距离增大B. 水分子的热运动变得更剧烈了C. 水分子总势能的变化量为2 090 JD. 在整个过程中能量是不守恒的22E. 1 g水所含的分子数为 3.3 X 10个(2)如下图，一个绝热的汽缸竖直放置，内有一个绝热且光滑的活塞，中间有一个固定的 导热性良好的隔板，隔板将汽缸分成两局部，分别密封着两局部理想气体A和B.活塞的质量为m横截面积为 S,与隔板相距h.现通过电热丝缓慢加热气体，电热丝电阻为R,通过的电流为
15、I.通电时间为t时，活塞上升了 h,此时气体的温度为 T1,大气压强为 3，电热丝放出热量的 90%被气体吸收，重力加速度为g._-QAWSTm时，活塞恰现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当添加砂粒的总质量为 好回到原来的位置求此时A气体的温度T2.解析：1液体变成气体后，分子间的平均距离增大了，选项A正确；温度是分子热运动剧烈程度的标志，由于两种状态下的温度是相同的，故两种状态下水分子热运动的剧烈程度是相同的，选项B错误；水发生等温变化，分子平均动能不变，因水分子总数不变，分子的总 动能不变，根据热力学第一定律 U= Q+ W,可得水的内能的变化量为 U= 2 260 J 170
16、J=2 090 J，即水的内能增大 2 090 J，那么水分子的总势能增大了2 090 J，选项C正确；在m 123整个过程中能量是守恒的，选项 D错误；1 g水所含的分子数为 n =协=18X 6.0 x 10 =3.3 x 1022个，选项E正确.2由焦耳定律可得，电热丝放出的热量Q= l2Rt气体吸收的热量 Q= 0.9 Q= 0.9 IRtB气体对外做功： W= pSh= poS+ mg h由热力学第一定律得： E+A E2= Q- W解得：A E2 = 0.9 I Rt P0S+ mghA E.mgB气体的初状态：压强 P1 = po+ ，体积V = 2hS,温度为T1Sn+ m g
17、、B气体的末状态：压强p2= P0+，体积V= hS,温度为T2由理想气体状态方程:pVT1解得：T2 =p°S+ m+ m2 p°S+ mgT1.答案：1ACE 2见解析7. 原创题1多项选择以下说法中正确的选项是A. 分子间的距离增大时，分子间的引力增大，斥力减小B. 大量气体分子对容器壁的持续性作用形成气体的压强C. 对于一定质量的理想气体，温度不变，压强增大时，气体的体积一定减小D. 根据热力学第二定律可知，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E. 气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力的缘故 在标准状态下，空气的密度为1.29 g/L ,
18、假设房间的容积为100卅，大气压等于77 cmHg那么当室温由17 C升至27 C时，房间里空气的质量将减少 kg.3某高速公路发生一起车祸，车祸系轮胎爆胎所致.爆胎后气体迅速外泄，假设气体对外 做功为1 000 J，且来不及与外界发生热交换，那么此过程胎内原有气体内能如何变化，变化 了多少？解析：(1)当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，A错误；根据气体压强产生的原因知，气体的压强就是大量气体分子对容器壁的持续性作用形成的，B正确；由理想气体状态方程知，对于一定质量的理想气体， 温度不变，压强增大时，气体的体积一定减小， C正确；根据热力学第二定律知，热量从低温物体传到高温物体需
19、要其他作用的影响，D正确；气体失去了容器的约束会散开，是因为气体分子自由运动的缘故，E错误.(2)以17 C时“室内气体为研究对象，气体做等压膨胀，V Ti由盖一吕萨克定律可得77=:V2|2330029根据题意，Vi= 100 m , Ti= 290 K , T2= 300 K，代入得：V2 =判=2°0 x 100 m3=Ti290因此27 C时有 V= Va- V1 =罟 m3体积的气体处于房间之外再算出27 C时空气密度 p 2,标准状态下：po= 76 cmHg、氏=273 K、po= 1.29 g/L.可得p 0P2T0p 2= -piT=27 C时房间内的空气：p2= 77 cmHg、E= 300 K.由理想气体的状态方程变形有：P0P2p 0T0p 2T21.29 x 77 x 273376X 300 kg/m = “9 kg/m因此房间里空气质量将减少 m= p 2 V= 4.1 kg(3)气体迅速膨胀对外做功，但短时间内与外界几乎不发生热量传递，所以内能减少 由热力学第一定律得，变化的内能为： U= Wb Q=- 1 000 J答案：(1)BCD (2)4.1 kg (3)内能减少 一1 000 J