2019年贵州省遵义十八中第二轮复习物理试卷(九).docx

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1、2019 年贵州省遵义十八中第二轮复习物理试卷（九）副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共5 小题，共15.0 分）1.2018 年中国散裂中子源（ CSNS）将迎来验收，目前已建设的3 台谱仪也将启动首批实验。有关中子的研究，下列说法正确的是（）A. Th 核发生一次 衰变，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4B. 一个氘核和一个氚核经过核反应后生成氦核和中子是裂变反应C. 卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，发现了质子和中子D. 中子和其他微观粒子，都具有波粒二象性2.将一个半球体置于水平地面上，半球的中央有一光滑小孔，上端有一光滑的小滑轮， 柔软光滑的轻绳绕过滑轮，两端分别系有质量

2、为m1、 m2 的物体（两物体均可看成质点， m2 悬于空中）时，整个装置处于静止状态，如图所示。已知此时m1 与半球的球心O 的连线与水平线成 53°角（ sin53 °=0.8， cos53°=0.6）， m1 与半球面的动摩擦因数为0.5，并假设 m1所受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。则在整个装置处于静止的前提下，下列说法正确的是（）A. 当的比值不同时，地面对半球体的摩擦力也不同B. 当= 时，半球体对m1 的摩擦力为零C. 当 1 时，半球体对m1 的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上D. 当 5时，半球体对m1 的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向下

3、3. 2018 年 1 月 13 日 15 时 10 分，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭，成功将“陆地勘查卫星三号”发射升空，卫星进入预定轨道。 这是我国第三颗低轨陆地勘查卫星。关于“陆地勘查卫星三号”，下列说法正确的是（）A. 卫星的发射速度一定小于7.9km/sB. 卫星绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大C. 卫星绕地球运行的向心加速度比月球绕地球运行的向心加速度小D. 卫星在预定轨道上没有加速度4.理想变压器原线圈接如图甲所示的正弦交变电压，变压器原线圈匝数n1=270 匝，P是副线圈上的滑动触头， 当 P 处于图乙所示位置时， 副线圈连入电路的匝数 n2=135

4、匝，电容器 C 恰好不被击穿，灯泡 L 恰能正常发光， R 是滑动变阻器。以下判断正确的是（）第1页，共 19页A. 若向下移动P，电容器的电荷量增加B. 若保持 P 不动，向下移动R 的滑片，灯泡变暗C. 若保持 R 的滑片不动，向下移动P，灯泡变亮D. 电容器的击穿电压为11V5. 如图所示，虚线表示某电场的等势面一带电粒子仅在电场力作用下由 A 运动到 B 的径迹如图中实线所示 粒子在 A 点的加速度为aA、电势能为 EA ；在 B 点的加速度为 aB、电势能为EB）则下列结论正确的是（A. 粒子带正电，aAaB，EAEBB. 粒子带负电， aA aB，EA EBC. 粒子带正电， aA

5、 aB， EA EBD. 粒子带负电， aA aB， EA EB二、多选题（本大题共5 小题，共 17.0 分）6.如图所示，固定的粗糙斜面的倾角 =37，°长度 L=4 m，可视为质点的滑块从斜面的顶端由静止开始下滑，滑到斜面底端时速度大小v=4 m/s，滑块的质量 m=200 g，空气阻力可忽略不计， 取重力加速度g=10 m/s2，sin 37 =0°.6，cos37°=0.8，则（）A. 滑块沿斜面下滑的加速度大小为2 m/s2B. 滑块与斜面间的动摩擦因数为0.6C. 整个下滑过程的时间为1.5 sD. 在整个下滑过程中重力对滑块的冲量大小为4 N

6、83;s7.如图所示， O 是一固定的点电荷，另一点电荷P 从很远处以初速度u射入点电荷 O 的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线MN a、b、c 是以 O 为中心 Ra、Rb、Rc 为半径画出的三个圆， Rc 一 Rb=Rb一 Ra.1、2、3、4 为轨迹 MN 与三个圆的一些交点以|W12|表示点电荷P 由 l 到 2 的过程中电场力做的功的大小， |W34|表示由 3 到 4 的过程中电场力做的功的大小，则（）A. |W12|=2|W34|B. |W12| 2|W34|C. P、O 两电荷可能同号D. P、 O 两电荷一定异号8. 如图所示， 在竖直平面内有一光滑水平直轨道与半径为 R

7、 的光滑半圆形轨道在半圆的一个端点B 相切，可视为质点的小球从A 点通过 B 点进入半径为R 的半圆，恰好能通过半圆的最高点M，从 M 点飞出后落在水平面上，不计空气阻力，则（）第2页，共 19页A. 小球到达 M点时的速度大小为0C. 小球落地点离B 点的水平距离为2R9. 下列说法正确的是（）B. 小球在 A 点时的速度为D. 小球落地时的动能为A. 布朗运动是液体分子无规则运动的反映B. 没有摩擦的理想热机可以把吸收的能量全部转化为机械能C. 知道某物质的摩尔质量和密度就可求出阿伏加德罗常数D. 温度高的物体，它们分子热运动的平均动能一定大E. 当分子之间的作用力表现为斥力时，分子势能随

8、分子距离的减小而增大10.一列简谐横波沿x 轴传播，波速为5m/s， t=0 时刻的波形如图所示，此时刻质点Q位于波峰， 质点 P 沿 y 轴负方向运动， 经过 0.1s质点 P 第一次到达平衡位置，则下列说法正确的是（）A. 这列波的周期是1.2sB. 该波沿 x 轴正方向传播C. 点 P 的横坐标为x=2.5mD. x=3.5m 处的质点与P 点振动的位移始终相反E. Q 点的振动方程为y=6cost（ cm）三、实验题探究题（本大题共2 小题，共18.0 分）11.某同学用如图所示装置“研究物体的加速度与外力关系”，他将光电门固定在气垫轨道上的某点B 处，调节气垫导轨水平后，用重力为 F

9、 的钩码， 经绕过滑轮的细线拉滑块，每次滑块从同一位置A 由静止释放，测出遮光条通过光电门的时间t。改变钩码个数，重复上述实验。记录的数据及相关计算如下表。实验次数12345F/N0.050.100.150.200.25t/（ m s）40.428.623.320.218.1t2/ （m s） 21632.2818.0542.9408.0327.61/t2（×10-4 ms-2） 6.112.218.424.430.5为便于分析F 与 t 的关系，在坐标纸上作出如图所示的图线，图线为_的关系图象AF -t， B F-t2 CF -结合表格中数据及图线特点，算出图线的斜率k=_。第3页

10、，共 19页设 AB 间的距离为s，遮光条的宽度为d，由图线的斜率可求得滑块的质量为M为 _。12. 某同学要测定某金属丝的电阻率。（ 1）先用多用电表粗测其电阻，选择开关打到“ ×1”挡，指针偏转如图甲所示，则所测阻值为 _。（ 2）为了精确地测定该金属丝的电阻，实验室提供了以下器材：A电压表 0 3V15V，内阻约为10k， 50kB电流表 0 0.6A 3A，内阻约为0.5 ， 0.1 C滑动变阻器05D滑动变阻器050E两节干电池F开关及导线若干本实验要借助图象法测定金属丝的电阻，电压表的量程应该选_V，电流表的量程应该选 _A；滑动变阻器应该选 _（填序号）请在如图乙所示的

11、实线框内画出实验电路图。（ 3）调节滑动变阻器，测量多组电压、电流的值，作出U-I 图象，由图象求得金属丝的电阻 R，若测得金属丝的长为L，金属丝的直径 d，则金属丝的电阻率 =（用字母表示）。四、计算题（本大题共4 小题，共40.0 分）13. 如图所示， 在水平面上有一长木板C上有一物块B，物块 B 与木板 C 的左端的距离为L=2.25m， B、 C 的质量为 m， C 与地面的动摩擦因数1=0.1开始时 B、 C 均静止，一质量为2m 的物块 A 以 v0=6m/s 的初速度从 C 的左端滑向 B，并与 B 发生弹性碰撞，最终A、 B 均未离开木板C物块 A、B 可视为质点， A、B

12、与 C 间的动2摩擦因数g=10m/s ，试求：2=0.4，取重力加速度（ 1）物块 A、 B 碰前的速度；（ 2）物块 A、 B 碰后的速度；（ 3）物块 B 在木板 C 上滑行的时间。14.如图所示， 两平行光滑不计电阻的金属导轨竖直放置，导轨上端接一阻值为R 的定值电阻，两导轨之间的距离为d。矩形区域abdc 内存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，ab、cd 之间的距离为L在 cd 下方有一导体棒MN，导第4页，共 19页体棒 MN 与导轨垂直，与cd 之间的距离为 H，导体棒的质量为 m，电阻为 r 。给导体棒一竖直向上的恒力，导体棒在恒力 F 作用下由静止开始竖直向上

13、运动，进入磁场区域后做减速运动。若导体棒到达 ab 处的速度为 v0，重力加速度大小为g。求：（ 1）导体棒到达 cd 处时速度的大小；（ 2）导体棒刚进入磁场时加速度的大小；（ 3）导体棒通过磁场区域的过程中，通过电阻R 的电荷量和电阻 R 产生的热量。15. 如图所示，汽缸长为 L=1m（汽缸的厚度可忽略不计），固定在水平面上，汽缸中有横截面积为 S=100 cm2 的光滑活塞，活塞封闭了一定质量的理想气体，当温度为 t=27 ，大气压为 p0=1×105Pa 时，气柱长度为 L0=0.4m。现缓慢拉动活塞，拉力最大值为 F=500N，求：如果温度保持不变，能否将活塞从汽缸中拉出

14、？16.如图所示，横截面为四分之一圆的柱形玻璃砖放在水平面MN 上， O 点是圆心，半径为 R一列与OA 面等高的平行光束沿水平方向垂直射向玻璃砖的OA 面，平行光束通过玻璃砖后在水平面MN 上留下照亮的区域。已知玻璃砖的折射率为为n ，不考虑光在OA、OB 面的反射。（ 1）若在玻璃砖左侧竖直放置一遮光板，使水平面BN 不被照亮，则遮光板的最小高度是多少？（ 2）撤去遮光板，从OA 的中点射入的细光束在MN 上距 O 点为的 P 点留下一个光点，则玻璃砖的折射率n 为多少？第5页，共 19页第6页，共 19页答案和解析1.【答案】 D【解析】解：A 、衰变的本质是发生衰变的核中减小 2 个质

15、子和 2 个中子形成氦核，所以一次 衰变，新核与原来的核相比，中子数减小了2，故A 错误；B、裂变是较重的原子核分裂成 较轻的原子核的反 应，而该反应是较轻的原子核的聚 变反应，故B 错误；C、卢瑟福通过分析 粒子散射 实验结果，提出了原子的核式 结构模型，查德威克通过 粒子 轰击铍核获得碳核的 实验发现 了中子，故 C 错误；D、所有粒子都具有波粒二象性，故 D 正确；故选：D。依据质量数与 质子数守恒；裂变是较重的原子核分裂成 较轻的原子核的反 应；卢瑟福通过分析 粒子散射 实验结果，提出了原子的核式 结构模型；所有粒子都具有波粒二象性，即可求解。考查核反应书写规律，掌握裂变与聚变的区别，

16、知道质子和中子的 发现者。2.【答案】 B【解析】解：A 、对半球体 m1、m2 整体受力分析，只受重力和支持力 这一对平衡力，相对地面并无运 动趋势，故不受摩擦力，故 A 错误；B、若半球体对 m1 的摩擦力 为零，对 m1 受力分析，如图将重力正交分解，根据共点力平衡条件得到x 方向：T-m1gcos53 °=0y 方向：N-m1gsin53 =0°第7页，共 19页据题意得知：T=m2g解得：=，故B 正确；C、当时，有T=m2gmgsin53 °，即拉力大于重力的下滑分量， m1 有上滑趋势，摩擦力沿切线向下，因而 C 错误；D、当时，有T=m2gmgsi

17、n53 °，即拉力小于重力的下滑分量， m1 有下滑趋势，摩擦力沿切线向上，因而 D 错误；故选：B。在分析和求解物理 连接体问题时，首先遇到的关键之一，就是研究对象的选取问题。其方法有两种：一是隔离法，二是整体法。当要求的量不是 连接体内部的力时，可以将连接体当作一个物体，即整体法；当要求解 连接体内部的力时，用隔离法。隔离法与整体法，不是相互 对立的，一般问题的求解中，随着研究 对象的转化，往往两种方法交叉运用，相 辅相成；所以，两种方法的取舍，并无绝对的界限，必须具体分析，灵活运用；无论哪种方法均以尽可能避免或减少非待求量。3.【答案】 B【解析】解：A 、7.9km/s 是卫

18、星最小的 发射速度，该卫星的发射速度一定大于 7.9km/s，故 A错误。卫线速度公式 v=，得 =陆地勘查卫星三号 ”B、根据 星的“卫星的轨陆查卫卫绕地球运行的角道半径比月球的小，所以 “ 地勘星三号” 星速度比月球 绕地球运行的角速度大，故 B 正确。C、卫星的加速度 为 a=“陆地勘查卫星三号 ”卫星的轨道半径比月球的“陆地勘查卫星三号”卫星绕地球运行的加速度比月球绕地球运行的小，所以加速度大，故 C 错误 。第8页，共 19页D、卫星在预定轨道上做匀速 圆周运动，速度时刻在改变，一定有加速度，故D 错误。故选：B。7.9km/s 是卫星最小的 发射速度。根据卫星的线速度公式推 导出角

19、速度和加速度公式，再比较绕地球运行的角速度、加速度与月球 绕地球运行的角速度、加速度关系。本题关键是掌握卫星的线速度公式 v=，知道角速度、加速度与线速度的关系，并能熟练推导。【答案】 D4.【解析】线输入电压的有效值解：A 、原 圈当 P位移题图乙所示位置，副线圈电压的有效值为电，容器C恰好不被 击穿，若向下移动 P，电容器 C 两端的电压减小，有 Q=CU 可知，电容器所带的电荷量减小，故 A 错误；B、若保持P不动动电路的电阻减小，流过灯泡的电，向下移R 的滑片，R 接入流增大，灯泡变亮，故 B 错误；C、若保持 R 的滑片不动动则线圈的电压变变暗，故C，向下移P， 副小，灯泡错误；电击

20、穿电压的最大值V ，故D 正确D、 容器故选：D。保持 P 位置不动，则输出电压不变，保持滑片位置不动，则负载不变，再根据电压器的特点及 闭合电路的欧姆定律即可分析。本题的关键在于 P 位置不动时 总电阻不变，Q 不变时输出电压不变，完全利用变压器特点，知道电容器的击穿电压为交流电的最大值5.【答案】 D【解析】第9页，共 19页解：根据粒子轨迹的弯曲方向可知 带电粒子受到的是静 电斥力，根据 U=Ed 知，等差等势面越密的位置 场强越大，B 处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的 电场力大，加速度也大，即 aA aB；从 A 到 B，电场线对带电 粒子做负功，电势能增加，则知 B 点电

21、势能大，即 EA EB ；故D 正确。故选：D。根据曲线的弯曲方向可知 带电粒子受到的是静 电斥力，根据等差等势面的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律得到加速度大小关系；根据 电场力做功情况断电势能高低本题关键是先根据靠差等 势面的疏密判断 场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化公式 U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析 场强 6.【答案】 AD【解析】【分析】根据运动学公式求解加速度， 对滑块根据牛顿第二定律求解 动摩擦因数；根据位移时间关系求解整个下滑 过程的时间；根据I=mgt 求解冲量。对于牛顿第二定律的 综合应用问题，关键是弄清楚物体的运 动过程和受力情况，利用牛顿第二定律

22、或运 动学的计算公式求解加速度，再根据 题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运 动学的桥梁。【解答】A. 根据运动学公式可知 a=2 m/s2，故A 正确；B. 对滑块根据牛顿第二定律可得 mgsin -f=ma，而 f= mgcos，解得 =0.5，故B 错误；C.根据 L=可得 t=2s，故C 错误；D. 在整个下滑 过程中重力 对滑块的冲量大小 I=mgt=4N ·s，故D 正确。第10 页，共 19页故选：AD 。7.【答案】 BD【解析】解：A 、B、根据点电荷电场线的分布情况可知， 2、3 间的场强大于 3、4 间场强，由公式 U=Ed 分析得知，2、3 间的电势差

23、大小大于 3、4 间的电势差大小，所以1、2 间的电势差大于 3、4 间电势差的 2 倍，即有|U12|2|U34|，由电场力做功公式 W=qU 得，|W12|2|W34|故A 错误，B 正确。C、D、由轨迹的弯曲方向可判定两 电荷间存在引力，应是异号。故 C 错误，D正确。故选：BD。根据 2、3 间和 3、4 间电场强 度的大小关系，由公式 U=Ed 分析它们间电势 差的关系，再分析电场力做功的大小由轨迹可判定 P、Q 必定是异号本题是电场中轨迹问题，由 U=Ed 定性可以定性分析非匀强电场中两点间电势差的关系，由轨迹弯曲方向判断 电场力方向都是常 见的问题8.【答案】 BCD【解析】【分

24、析】小球恰好能通 过半圆的最高点 M ，由重力提供向心力，由此求出小球通 过 M点的速度。由动能定理求出小球在A 点时的速度。由平抛运动的规律求小球落地点离 B 点的水平距离，再由 动能定理求小球落地 时的动能。本题的关键要理清小球的运 动过程，明确 M 点的临界条件：重力等于向心力。要熟练运用分运 动的规律求平抛运 动的时间和水平位移。运用动能定理要注意选择研究的过程。【解答】解：A 、小球恰好能通过半圆的最高点 M ，由重力提供向心力，则有 mg=m，得 vM=，故 A 错误。B、A 到 M ，由动能定理得 -2mgR=-，解得vA =故B 正确。第11 页，共 19页C、小球离开 M 点

25、后做平抛运动则，得 x=2R，故 C 正确。， 有 x=vMt，2R=D、M 到落地，由动能定理得 2mgR=Ek-，解得小球落地时的动能 Ek=故D 正确。故选：BCD。9.【答案】 ADE【解析】解：A 、布朗运动是悬浮在液体中的固体小 颗粒的运动，间接反映了液体分子在永不停息地做无 规则运动，故 A 正确；B、根据热力学第二定律可知，不可能从 单一热源吸热使之完全 变为机械功，而不引起外界 变化，即使是没有摩擦的理想 热机也不可以把吸收的能量全部转化为机械能，故 B 错误；C、知道某物质的摩尔质量和密度，无法求出一个分子 质量或体积，因此无法求出阿伏加德 罗常数，故 C 错误；D、温度是

26、分子运动平均动能的标志，所以温度高的物体，它们分子热运动的平均动能一定大，故 D 正确；E、当分子间作用力表 现为斥力时，分子间距离减小 时，分子力做负功，故分子势能随分子 间距离的减小而增大，故 E 正确。故选：ADE。布朗运动是悬浮在液体中的固体小 颗粒的运动，间接反映了液体分子在永不停息地做无 规则运动。不可能从单一热源吸热使之完全 变为机械功，而不引起外界变化；利用阿伏加德罗常数进行计算即可；温度是分子运动平均动能的标志；分子势能的变化由分子 间作用力做功决定，当分子 间作用力做正功时，分子势能减小，分子间作用力做 负功时，分子势能增大。本题考查了有关分子运 动和热现象的基本知 识，注

27、意体会各热学规律的考查第12 页，共 19页方法，本题难点为热力学第二定律和 压强的微观意义的解释，要注意体会热力学第二定律的方向性。10.【答案】 ACE【解析】图长则，故A 正确；解：A 、由波形可知，波=6m， 周期质时刻沿 -y轴方向运动动比左侧邻近的波峰振动该波B、点P此，振早，所以沿 x 轴负方向传播，故B 错误；C、波沿 x 轴负方向传播，0.1s内向左传播的距离 为 x=vt=5 ×0.1m=0.5m，由波形平移法知 图中 x=3m 处的状态传到 P 点，所以 P 点的横坐 标为 x=2.5m，故C正确；D、x=3.5m 处的质点与 P 点相差小于半个波 长，所以振动

28、的位移不是始 终相反，故D错误；E、由题图中 Q点的振动方程 y=Acos t=6cost（cm），故 E正确。故选：ACE。根据 P 点振动方向判断波的 传播方向。介质中各个质点的振幅都相同。根据时间与周期的关系，分析 P 点的坐标。相邻两个波峰或波谷之 间的距离等于波长，由图读出波长，并读出振幅，求出周期，写出 Q 点的振动方程。本题根据比较质点振动先后判断波的 传播方向，根据周期表示 质点的振动方程，要学会应用波形平移法分析此 类问题。11.【答案】 C82【解析】解： 由图表的关系可知 F 与成正比，故 C 正确 根据图象可知斜率 为 k=82 由题意知物体通 过光电门的时间为 t，则

29、物体通过光电门的速度为 v=，设物体的加速度 为 a，则有 v2=2as，第13 页，共 19页所以=根据牛顿第二定律可知 F=Ma，解得 M=故答案为： C 82 根据数据关系和能否根据图象判定因 变量和自变量之间的关系确定 应作出的关系图图时要先选择合适的标度，再描点最后连线 让该直象，作，线尽可能多的穿过这让线的两侧。些点， 其余的点尽可能均匀分布在直 根据 F 与的图象，求得斜率。 遮光条通 过光电门的速度可以用平均速度代替故v=，再根据 v2=2as即可求出物体的加速度a，根据牛顿第二定律即可求得 质量本题主要是考 查同学们作图的能力和根据 图象得出数量关系的能力，只有在日常学习一步

30、一步 亲力所为才能逐步培养出 这种能力。12.【答案】 630.6C【解析】解：（1）由图甲所示多用 电表可知，所测电阻阻值为：6×1=6（2）电源为两节干电池，电动势为 3V ，电压表应选择 3V 量程，电压表内阻约为 10k，金属丝电阻约为 6，电路最大电流约为：I=0.5A，电流表应选择 0.6A 量程，内阻约为 0.5 ，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选择 C，滑动变阻器最大阻 值为 5，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示，第14 页，共 19页电圆柱体导体材料的横截面积2（3）根据 阻定律可得：R=：

31、S=（ ）联立可得金属 电阻率：=故答案为：（1）6；（2）3，0.6，C，电路图如图所示；（3）（1）图甲所示位置 为欧姆 ×1 档，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；（2）据电源电动势选择电压 表，根据通过待测电阻的最大 电流选择电流表，在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；为准确测量电阻阻值，根据待测电阻粗测值确定内外接，作出实验电路图。（3）根据金属丝直径求出其横截面 积，再利用电阻定律，即可求出金属 电阻率。本题考查金属电阻率的测量实验。解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋 测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺 读数加上游 标读数，不需估

32、读。螺旋测微器的读数方法是固定刻度 读数加上可 动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。内外接选择的方法为：大电阻选内接测量结果偏大，小电阻选外界测量结果偏小，即：口诀“大内大，小外小。”13.【答案】 解：（ 1） A 与 C 之间的摩擦力： fA=2?2mg=2×0.4 ×10m=8mA 的加速度：C 与地面之间的滑动摩擦力（最大静摩擦力）： f C=1（ m+m+2m） g=0.1 ×4mg=4m 由于 fC fA可知开始时 A 在 C 上相对于 C 运动的过程中， C 与 B 将可能一起向右做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得：（ m+m） a0=fA-fC

33、代入数据可得： 2g可知 B 与 C 能一起做匀加速运动；由空间关系，结合位移公式可得：L=联立得： t=0.5s（另一个解t=1.5s 不合题意）所以在 A 与 B 碰撞前 A 的速度： vA=v0-aA t=6-4 ×0.5=4m/sB 的速度： vB =a0 t=2×0.5=1m/s（ 2）碰撞的过程中二者的动量守恒，选取向右为正方向，则：2m?vA+mvB =2m?vA +mvB由能量守恒定律可得：联立得： vA =2m/s； vB =5m/s（ 3）设经过时间t2A 与 C 者达到相等的速度，该过程中C 的加速度为a3 ，则：第15 页，共 19页32mg-41m

34、g=ma3可得：对 C：v1 =vB+a3t2对 A：v1 =vA -aAt2联立得：设 A 与 C 的速度相等后二者共同的加速度为可得： a4=0a ，则： mg-4mg=3ma4214即 A 与 C 一起做匀速直线运动，对B， B 的加速度：B 做减速的过程：v1=vB -aBt可得 B 在 C 上滑动的时间：t= s答：（ 1）物块 A、 B 碰前的速度分别为4m/s 和 1m/s；（ 2）物块 A、 B 碰后的速度分别为2m/s和 5m/s；（ 3）物块 B 在木板 C 上滑行的时间是。【解析】（1）求出A 对 C 的摩擦力，对 BC 整体分析，根据牛 顿第二定律求出 BC 整体的加速度，隔离对 B 分析，结合牛顿第二定律求出 B 受到的摩擦力大小。（2）根据动量守恒定律与能量守恒即可求出碰撞后的速度；（3）由运动学的公式，结合位置关系即可求出。解决本题的关键理清 A、B、C 在整个过程中的运 动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综 合求解，知道速度相同 时，一起做匀速直线 运动，不再发生相对滑动。14.【答案】 解：（ 1）根据动能定理得（F-mg） H=解得导体棒到达c