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1、2019-2020学年浙江省稽阳联谊学校高三（上）月考物理试卷（12月份）、选择题I （本题共10小题，每小题3分，共30分.每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的， 不选、多选、错选均不得分）1. （3分）下列说法正确的是（）A.物理量中表述电场强度和磁通量时均可以引入正负号，所以它们是矢量B.有些物理量是没有单位的，如劲度系数、电阻率、静电力常量C.在物理学的思想方法中，将物体看成质点运用了极限法D.电场这个“场”的概念最先是由法拉第提出的2. （3分）如图所示是高空滑杆运动。一名运动员从12m高的竖直滑杆顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑到达地面，到达地面时速度恰好为零，加速时
2、的加速度大小是减速时的2倍，总时间为3s。运动员在这一过程中的 v-t图象正确的是（）3. （3分）空中飞椅是游乐场里少年儿童们十分喜爱的娱乐项目，其模型如图所示，顶端转盘上用等长钢丝绳吊着多个座椅，甲、乙两个儿童分别坐在A、B两个吊椅中，当转盘以一定的角速度匀速转动时，连接 A、B座椅的钢丝绳与竖直方向的夹角分别为“、0.已知A、B座椅绕轴的旋转半径分别为ri、2,甲、乙两儿童的质量分别为mi、m2,两座椅的质量相等，若mim2,则(atA . a 0C.甲的向心加速度小于乙的向心加速度D.甲乙线速度大小相等4. （ 3分）下列情景中说法正确的是（）是磁电式电流表的内部结构图里面的线圈常常用
3、铝框做骨架，把线圈绕在铝框上,因为铝框材质比较轻，同时不会被磁化，方便指针灵活转动B.是动圈式扬声器的结构示意图，当随声音变化的电流通过线圈，在安培力作用下线圈发生振动，从而带动纸盆振动发出声音；这样的扬声器也可以当话筒使用，声音使纸盆振动，带动线圈切割磁感线,从而产生感应电流C.是电子感应加速器中的俯视图，图中电子的运动方向为逆时针，为使电子沿轨道运动，轨道中的磁场方向应垂直纸面向内D.是两根空心铝管，左管完好，右管右侧开有裂缝，现让一块磁性很强的小磁铁依次从两管上方静止释放，小磁铁在左侧铝管中受到阻碍而缓慢下落，在右侧铝管中自由下落5. （3分）一个电解液容器左右两侧为金属板，与外界恒压电
4、源相连，其余各面均为绝缘体，现在容器中倒入导电液体，随液面高度升高，容器中液体的电阻R和单位体积的发热功率 P变化情况是（）UA. R减小，P增大B. R减小，P减小C. R减小，P不变D. R增大，P增大6. （3分）原地起跳摸高是中学生体能测试的项目之一（见图） ，某男同学身高1.80m,体重70kg,站立举手达到的高度为2.20m。有一次摸高测试时，他弯曲双腿下蹲0.60m,然后用力蹬地起跳，起跳后能摸到的最大高度是2.60m,该同学上升过程中克服重力所做的功约为（）A. 280JB. 560JC. 700JD. 980J7. （3分）如图为小蕙玩橡皮筋球的瞬间，小球正在向上运动，手正在
5、向下运动，橡皮筋处于绷紧状态。对于小球 的运动，下列说法正确的是（）A.图示瞬间小球一定处于超重状态B.图示瞬间小球一定处于失重状态C.在此后一小段时间内，小球机械能一定增加D.在此后的一小段时间内，小球的动能一定增加8. （3分）一颗人造地球同步卫星对地球的张角能覆盖赤道上空东经0Q-。到东经 如+。之间的区域。已知地球半径为R0,地球表面处的重力加速度大小为g,地球自转周期为 T .。的表达式为（）B.C.D.sin 0=(cos0=(cos 0=(cos2 0=9. （3分）如图所示一个小物体通过一条轻绳栓在倾角30。的斜面上的。点，斜面与小物体间的动摩擦因数为。为（C. 60D. si
6、n 0=4则小物体能在斜面上平衡时细线方向与沿斜面向方向之间的最大偏角10. （3分）在x轴上放置一个点电荷 Q, A、B为轴上的两个位置，分别为 Xa=0, Xb= 1.5m （图甲）。在A、B两点分别放置试探电荷，其受到的静电力跟试探电荷的电荷量的关系如图乙中直线a、b所示，已知静电力常量k= 9.0X 109Nm2/C2下列判断正确的是（）甲乙A . A点的电场强度为 4N/CB.点电荷Q所在位置是x= - 0.5 m处C. A点电势低于B点电势D.点电荷Q的电量为10 8C、选择题II （本题共4小题，每小题4分，共16分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的.全 部选对
7、的得4分，选对但不全的得 2分，有选错的得0分）11. （4分）如图所示，图甲是远距离输电示意图，图乙是发电机输出电压随时间变化的图象，则下列说法正确的是)A.用户用电器上交流电的频率是100HzB.发电机输出交流电的电压有效值是220VC.输电线上的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比一决定n4D.当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小12. （4分）下列说法正确的是（）A .笊核分离成质子与中子的过程中需要吸收的最小能量就是笊核的结合能B.氟90 （翌Kr）经过一系列衰变成为稳定的错90 （?Zr）要经过1次“衰变和4次3衰变411C. 3射线是原子核外电子挣脱原子核的束缚后形成
8、的电子流D.放射性元素的半衰期是指大量该元素的原子核中有半数发生衰变所需要的时间13. （4分）如图所示为一列沿 x轴传播的简谐波在t=0时刻的波形图，质点 A位于xA=2m处，质点B位于xb =3m处。t=2s时，质点B第一次出现在波峰位置；t=3s时，质点A第一次出现在波峰位置。则（）A .波速为1m/sB.波的周期为4sC.波沿x轴正方向传播D. t = 0.5s时，质点A和质点B的加速度相同。，恰能看到室外的全景。设墙壁的厚度为d,玻璃的折射率为 V3,圆14. （4分）如图所示，某同学设计了一种能看见室外全景的猫眼。猫眼是由同种材料的球冠和圆柱体拼接在一起的复合形状。观察者能在室内猫
9、眼的中点柱体的直径为2MId,则（卜一九mT军内A.球面的半径R= 2dB.沿墙壁射向猫眼的极限光线，其入射角为60。C.从室内猫眼中点入射的光可能在球冠与空气的界面上发生全反射D.球冠的球心位置处在猫眼的内部非选择题（本题共 5小题，共54分）15. （7分）探究小车速度随时间变化关系”、“探究加速度与力、质量的关系”、“探究功与速度变化关系”这三个实验都可以用图1中的实验装置来完成。唧mi叫“呷晒F15 情。119（1）在进行实验研究时，小东同学打出了一条纸带，实际点迹如图2所示。已知交流电频率为 50Hz,纸带中P点的速度是 m/s （保留三位有效数字），该纸带的运动是 （填“匀速运动”
10、、“匀变速运动”或“非匀变速运动”）（2）在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，下列说法正确的是 。A.平衡摩擦力时需要装上纸带，并悬挂好空的小桶，让小车恰好匀速下滑B.平衡摩擦力过程中，如果发现小车加速下滑，则需要将图中垫块向右移动少许并重新检验C.实验中应让小车的加速度尽量大些D.该实验采用控制变量法来探究三者关系时，每一项探究我们需要打出2条纸带（3）该装置用来“探究功与速度变化关系”时，我们通过测量纸带上点1、2、3到O点的距离来表示牵引力的功W1、W2、W3，同时测得对应点的速度vV2、V3，。点速度为vo,则下列探究中图象正确的o16. （8分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验
11、中，可用以下器材：小灯泡（额定电压2.5V）,滑动变阻器（5Q,3A）,滑动变阻器（2001A）,电源电动势为 9V的叠层电池，电流表（0-0.6A, 0-3A）,电压表（0-3V,0T5V）,定值电阻（10Q）,定值电阻（100 ）,开关和若干导线。（1）实验过程中滑动变阻器选用Q （填“ 5Q或者 200Q”），定值电阻选用 Q （填“ 10Q”或者 “ 100Q”)（2）实验过程中的部分接线如图（甲）所示，请在答题纸上用笔代替导线补全电路。（3）移动滑动变阻器滑片，获取实验数据，并描点作图，关于实验下列说法正确的是A.读取的各组数据间隔必须相等B .在低电压附近或者曲线出现拐点附近可以多
12、测数据以减小实验误差C.当电压较低时，小灯泡不亮，应该从小灯泡亮起后开始记录第一组数据D.图乙中显示，当电压大于 1V后，曲线几乎变成了直线，这可能是因为小灯泡的产热和散热趋于平衡，小灯泡的电阻不再变化（4）如果把这个小灯泡的玻璃敲破，保持灯丝完好，然后将小灯泡浸没在水中再次进行实验，当电压调到3V时，电流表读数约为 （保留两位有效数字）。17. （12分）如图，光滑导轨的末端放有一个质量为mi=1kg的小球A,导轨的末端与竖直墙上的 。点等高，导轨末端到竖直墙壁的水平距离为d = 0.3m。一个质量为m2的小球B沿导轨从距导轨末端高 h= 0.2m处由静止释放，P、Q两点，已知P到O的距离h
13、1 =在末端与小球 A碰撞后，两球直接从轨道末端飞出，分别击中竖直墙上的0.05m, Q到O的距离h2= 0.45m,小球可看作质点,则:(1)求A、B两球从轨道末端飞出时的速度大小vi、V2；(2)求小球B的质量m2,并通过计算分析碰撞是否为弹性碰撞；(3)试通过计算说明，在 A、B发生弹性碰撞的条件下，能否选择一个合适的小球B的质量m2的大小，使得两球碰后即以共同速度做抛体运动，如果能，求出m2。18. (13分)如图为二根倾角 。=30的平行金属导轨，上端有一个电动势为E=5V、内阻为r=1的电源，以及一个电容为C的电容器，导轨通过单刀双掷开关可分别与1、2相连。导轨中间分布有两个相同的
14、有界磁场AA CC及DD FF,磁场方向垂直导轨向下，磁场内外边界距离等于导轨间距L, L = 1m,磁场的上下边界距离如图所示均为d=2m, CC到DD 的距离也为d。除电源内阻外，其它电阻忽略不计，导体棒与导轨光滑接触。 初始时刻，开关与1相连，一根质量为m=1kg的导体棒恰好能静止在导轨上 AA 位置，导体棒处于磁场之中。 当开关迅速拨向2以后，导体棒开始向下运动，它在 AA CC、CC DD两个区域运动的加速度大小之比为 4 5(1)求磁感应强度B的大小；(2)求导体棒运动至 DD时的速度大小 V2；(3)求电容C的值；(4)当导体棒接近 DD时，把开关迅速拨向 1,求出导体棒到达 F
15、F的速度V3。19. (14分)磁流体发电机是对环境污染很少的发电装置，目前，许多国家都积极致力于这方面的研究。关于磁流V0体发电机的简化模型如图甲所示：磁流体(气体状态的正负离子)在喷射装置的作用下，以相同的水平速度源源不断的射入左侧发电通道，发电通道上下两面为金属极板，内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B.已知正负离子的质量均为 m,带电量为土 q,单位体积内正负离子数各为 n,离子充满整个发电通道，发电通道的长度足够长，高为 d,宽为a,离子间的相互作用不计，重力不计。(1)当发电机的两极板与外界断路，试判断上下极板的电势高低，并求出两极板间的最终电压U0；(2)求喷射装置对磁流体
16、做功的功率P0；(3)当两极板与外电路相连时，两极板间电压为 U,且UUo,正负离子在通道内做复杂的曲线运动，假设正离子在通道中的运动轨迹如图乙中虚线所示(负离子与之类似)，已知其在y轴方向上的分运动是简谐运动，求图中最低点M到最高点N的高度差h;(提示：利用简谐运动的对称性)(4)当此发电机的两极板与电阻值为Ro的电阻相连组成闭合回路，利用(3)中所得结论，在 hd,所用球冠的球心位置处在猫眼的外部，故D错误;故选：AB 。三、非选择题（本题共 5小题，共54分）v Q 043515 .【解答】解：（1）靠近P的两点间距为：x= 4.35cm,时间间隔为：t= 0.04s,则P点速度为：v
17、=-=.t U. U4m/s= 1.09m/s;对每个点的刻度进行读数，求得间距差不为恒定值，所以不是匀变速，而是非匀变速。（2） A、平衡摩擦力时不能挂小桶，但是要连接打点计时器并开启，轻推小车，观察点迹是否均匀来分析是否已经平衡，故A错误。B、平衡摩擦力过程中，如果发现小车加速下滑，说明平衡摩擦力过度，即 mgsin0 ggcos即。偏大，应向右移动垫块少许并重新检验，故B正确。C、加速度太大就不再满足重力等于绳子拉力了，故C错误。D、我们利用作图法进行研究，每次实验只能得到一个数据，所以两组实验需要10个以上的数据，所以要做至少10次操作，故D错误。(3)根据动能定理得： W=XW与v2
18、成一次函数关系，故 ABD错误，C正确。2 2mo故选：Co故答案为：(1) 1.09 (1.071.10),非匀变速运动；(2) B; (3) Co16 .【解答】解：(1)描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选择最大阻值较小的，应选 5Q;灯泡额定电压为3V,即滑动变阻器的最大分压即输出最大为3V ,所以保护电阻进行分压选 10QO(2)滑动变阻器采用分压接法，由题意可知，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示；(3) AB、取数据点时应该在低电压附近或者曲线出现拐点附近可以多组数据，故 A错误，B正确
19、。C、同时第一组数据应该从电压为零开始取值，故 C错误。D、后半段虽然表现为直线，但是电阻还是在增大的，因为电阻是与原点的斜率决定的，故D错误。故选：B。(4)当放入水中后，温度保持不变，电阻基本为常温电阻，由图乙知大概为2Q,所以电流为1.5 Ao故答案为：(1) 5, 10; (2)实物电路图如图所示；(3) B; (4) 1.5A。17 .【解答】解：(1)小球在空中做平抛运动，水平方向：d = vt,竖直方向：y= 分别用h1、h2代入上式中的y,代入数据解得：v1 = 3m/s, v2= 1m/s;(2)设B运动到轨道末端的速度为 V0,由机械能守恒定律得:代入数据解得：V0 = 2
20、m/s;m2v0= m2v2+mivi,在A、B碰撞前后，两球的动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得:代入数据解得：m2= 3kg ,碰前总动能：Ek=-.中2= 6J2啤7口碰后两球总动能：Ek = Eli Vi+llDV9 = 6JJ 1. I J 占 日即：Ek=Ek,该碰撞为弹性碰撞。(3)假设此情形下的 m2存在，碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m2v0= (mi+m2)v,解得：v TTl-j上吗碰前总动能：Ek= -IU2V q，碰后两球总动能：Ek =十卬与)2= 一 E耳V Ek,21 己 nij +i2 R这说明碰撞前后由能量损失，与题设矛盾，
21、故这样的m2不存在。答：(1) A、B两球从轨道末端飞出时的速度大小vi、V2分别为3m/s、1m/s。(2)小球B的质量m2为3kg,碰撞是为弹性碰撞；(3)不存在。18 【解答】解：(1)由平衡条件知，初始时刻有：mgsin 0= BiL根据闭合电路欧姆定律有：得：b=E6EL代入数据得：B= 1T(2)从CC到DD,导体棒做的匀加速运动，根据牛顿第二定律加速度为：2a2= gsin 0= 5m/s由题意知，导体棒在 AA、CC运动的加速度为：2ai = 4m/s其到达CC的速度满足：2vi = 2aid从CC到DD,根据运动学公式有：22V2 - vi = 202d整理代入数据得：v1
22、= 4m/sv2= 6m/s(3)开关拨向2后，导体棒开始在磁场中运动，当速度为 v时，由牛顿运动定律得:mgsin 0- BiL = ma根据电流定义式有：利用电容定义式有：q= CU根据法拉第电磁感应定律结合电路特点有：U = BLv联立可得：aniCBL2代入数据得：C=0.25F(4)进入第二个磁场后，导体棒受到重力、弹力、安培力，根据牛顿第二定律有：mgsin 0- BiL = ma其中i=2二 r代入上式后整理得：D L V _ =max可等效为导体棒在仅受安培力作用下的运动，根据动量定理，上式变形可得：=mv3- mv2代入x= 2m得:v3= 4m/s即到达FF时的速度为4m/
23、s。答：(1)磁感应强度B的大小为1T;(2)导体棒运动至 DD时的速度大小为 6m/s；(3)电容C的值为0.25F;(4)当导体棒接近 DD时，把开关迅速拨向 1,导体棒到达FF的速度为4m/s。19 .【解答】解：(1)用左手定则判断知正电荷受洛伦兹力向上，故上极板电势比下极板高。解法一：由动生电动势公式知：U0=Bdv0解法二：Eq = qvoB结合E= % d得：Uo= Bdvo(2)在At时间内，射入发电通道的流体长度为 x= v0At,体积为： V = xad,质量为： m= 2nmAV = 2nmvoadAt3功率为： P=7= nmadvo。(3)当UUo时，由题中条件知，对
24、于最高点与最低点，加速度大小相等，有：qvoB - qE = qE - qvN B其中E= d从最低点到最高点，由动能定理得：-联立可解得：h= ( V0 - 7-)qB dBqEh =vn22 mv0(4)设两极板间电压为 U,则可认为只有离极板 h范围内的离子才能打在极板上,电流可表示为：I = nqhav0由欧姆定律得：i=L可“/口 Bdvo |代入(3)中的h,得：1=n答：(1)上极板电势高，两极板间的最终电压U0为Bdv0。(2)喷射装置对磁流体做功的功率P0是nmadv03。(3)最低点M到最高点N的高度差h为包 (vo-JL)O qB dB(4)通过此电阻的电流I为一不。2mna Vq口