《甘肃省张掖市高台县第一中学2019_2020学年高二物理上学期期末模拟考试试题.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《甘肃省张掖市高台县第一中学2019_2020学年高二物理上学期期末模拟考试试题.docx（12页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、甘肃省张掖市高台县第一中学 2019-2020学年高二物理上学期期末模拟考试试题（考试时间:90分钟 试卷满分：100分）、选择题：本题共 12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求。全部选对的得4分,选对但不全白得2分，有选错或不答的得 0分。1.如图所示电路中,S闭合后，三个灯实际消耗的电功率相同.则三个灯的电阻R.R2. R3的关系是A. RvRvR B.RvRvR C . RvRvR D . RvRvR2.静电计可以用来测量电容器的电压。如图把它的金属球与平行板电容器一个极板连接，金属外壳与另一极板同时接地，从指
2、针偏转角度可以推知两导体板间电势差的大小。现在对电容器充完点后与电源断开，然后将一块电介质板插入两导体板之间，则A.电容C增大，板间场强B.电容C增大，板间场强C.电容C增大，板间场强D.电容C增大，板间场强E减小，静电计指针偏角减小E增大，静电计指针偏角减小E增大，静电计指针偏角增大E减小，静电计指针偏角增大3.在如图所示的电路中，电源的内电阻r=1Q ,外电路电阻 R=9Q,电流表的内阻不计，闭合开关后，电流表的示数I=0. 3A。电源的电动势 E等于A. 1VB. 2VC. 3VD. 5V4.如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比ni ：禀=10 ： 1,原线圈输入的交流电压如图乙所示，
3、副线圈电路接有滑动变阻器R和额定电压为12V、工作时内阻为2a的电动机。闭合开关，电动机正常工作，电流表示数为A.副线圈两端电压为 22 12 VB.电动机输出的机械功率为12WC.通过电动机的交流电频率为100HzD.若电动机突然卡住不转，原线圈输入功率变大5.下列说法符合史实的是A.库仑最早测定了元电荷的数值B.法拉第引入了场的概念，并提出用电场线描述电场C.奥斯特发现电流周围存在磁场，并提出分子电流假说解释磁现象D.牛顿被誉为是第一个“称出”地球质量的科学家6.如图所示，两根平行光滑导轨竖直放置，相距L=0.1m,处于垂直轨道平面的匀强磁场中,磁感应强度B=10T,质量m=0.1kg,电
4、阻为R=2Q的金属杆ab接在两导轨间，在开关 S断开时让ab自由下落，ab下滑过程中，始终保持与导轨垂直并与之接触良好，设导轨足够10m长且电阻不计，取当下落h=0.8m时，开关S闭合，若从开关S闭合时开始计时,7.如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，下面结论正确的是A.电源的电动势为 6.0 VB.电源的内阻为-12 QC.电源的短路电流为 0.5 AD.电流为-0.3 A时的外电阻是12 Q8. 一边长为r的正三角形的三个顶点，固定有 3个点电荷，电荷量分别为 +q、+q和-2q,如 图，静电力常量为 k,则三角形中心处 O点的电场强度大小和方向A. 12kq，指向电荷量为-2q的
5、点电荷 rB. 9kq，指向电荷量为-2q的点电荷 rC. 12kq，背离电荷量为-2q的点电荷 rD. 9kq，背离电荷量为-2q的点电荷 r9. （2018 江苏高二月考）如图所示，当电流通过线圈时，小磁针将发生偏转，关于线圈中电流方向和小磁针的偏转方向，正确的说法是（）A.通入逆时针方向的电流，小磁针的S极指向外B.通入顺时针方向的电流，小磁针的N极指向外C.通入逆时针方向的电流，小磁针的N极指向外D.通入顺时针方向的电流，小磁针的S极指向外10.在如图所示电路中，闭合开关S,当滑动变阻器的滑动触头 P向下滑动时，五个理想电表的示数都发生了变化，关于五个理想电表示数的变化下列分析正确的是
6、A.电压表M示数增大，电流表 A示数减小B.电压表V2示数增大，电流表 Ai示数减小C.电压表M示数的改变量的绝对值大于电压表V2示数的改变量的绝对值，即I A U I I A 12 ID.电压表V示数的改变量与电流表 A示数改变量的比值的绝对值大于电源内阻，即：U11. 用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列表达式中属于用比值法定义物理量的是一 AyB.电阻R=-D.匀强电场A,平均速度 二一C.电势差UAb=q12. 将平行板电容器两极板之间-的距离、电压、电场强度大小、电容和极板所带的电荷量分别用d、U E、C和Q表示.下列说法正确的是A.保持U不变，将d变为原来的两倍，
7、则 E变为原来的一半B.保持E不变，将d变为原来的一半，则 U变为原来的两倍C.保持C不变，将Q变为原来的两倍，则 U变为原来的两倍D.保持d、-C不变，将Q变为原来的一半，则 E变为原来的一半-二、实验题：本题共 2小题，共15分。13. （6分）某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻。他设计了一个用标准电流表 G来校对待测电流表 G的满偏电流和测定 G内阻的电路，如图 所示。已知G的量程略大于 G的量程，图中R为滑动变阻器，R2为电阻箱。该同学顺利 完成了这个实验。（1）实验过程包含以下步骤，其合理的顺序依次为 （填步骤的字母代号）；A.合上开关S2B.分另将R
8、和R2的阻值调至最大C.记下R的最终示数D.反复调节R和R2的阻值，使G的示数仍为Ii,使G的指针偏转到满刻度的一半, 此时R的最终示数为rE.合上开关SF.调节R使G的指针偏转到满刻度，此时 G的示数为Ii,记下此时G的示数(2)仅从实验设计原理上看，用上述方法得到的G内阻的测量值与真实值相比 (选填“偏大” “偏小”或“相等”)；(3)若要将G的量程扩大为I ,并结合前述实验过程中测量的结果，写出需在G上并联的分流电阻RS的表达式，R=.14. (9分)某同学利用如图 1所示的实验电路测量干电池的电动势E和内阻r.(1)为了较准确的测量，请根据图1的电路图将图2的实物图补充完整;(2)用选
9、定器材测干电池的电动势E和内阻r,根据图1的实验电路测得多组 U R数据,请根据数据在图3中作出图象;R Q1.02.03.04.05.0UV0.730.971.091.161.21R/ Q V-1U1.372.062.753.454.13(3)根据图象求得E=V, r=Q ;(4)利用该实验电路测出的电动势和内阻与真实值相比有偏差，其原因是 三、计算题：本题共3小题，共37分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15. ( 10分)ABC比一个正方形盒子， CD边的中点有一个小孔 Q盒子中有沿 AD方向的匀
10、强电场，场强大小为 E粒子源不断地从 A处的小孔沿 AB方向向盒内发射相同的带电粒子， 粒子的质量为 m带电量为q,初速度为V0,在电场作用下，粒子恰好从 O处的小孔射出, (带电粒子的重力和粒子间的相互作用力均可忽略)求：A8(1)正方形盒子的边长 L；(用m vo, q, E表示)(2)该带电粒子从 O处小孔射出时的速率 v.(用vo表示)16. (12分)如图所示，三个电阻 R、R、R的阻值均等于电源内阻 r,电键S打开时，有一 质量为E带电荷量为q的小球静止于水平放置的平行板电容器的中点。现闭合电键S,这个带电小球便向平行板电容器的一个极板运动,并和该板碰撞，碰撞过程小球没有机械能损失
11、，只是碰后小球所带电荷量发生变化，碰后小球带有和该板同种性质的电荷，并恰能运动到另一极板处.设电容器两极板间距为d,求：(1)电源的电动势E;(2)小球与极板碰撞后所带的电荷量已.17. (15分)如图甲所示，水平虚线下方有垂直于纸面方向的有界匀强磁场，磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示，规定磁场方向垂直于纸面向里为正，边长分别为L、2L的单匝长方形导体闭合线框用绝缘细线悬挂，线框一半位于磁场内，力传感器记录了细线拉力F随时间t的变化关系如图丙，设重力加速度为g,图中Bo、F0、T是已知量.求：(1) 0T时间内线框内的感应电动势E和线框的电阻R;(2)若某时刻起磁场不再变化，磁感应强度
12、恒为Bo,剪断细线，结果线框在上边进入磁场前已经做匀速运动，求线框从开始下落到上边刚到虚线位置过程中产生的电热123456789101112CACDBDABCDACABCACD高二物理参考答案13. （1） BEFADC2 分）11r（2）相等（2 分）（3） （2 分）I - 11（2 分）（3）1.45（1.421.46 均正确）（2 分） 0.49（均正确）（2分）（4）电压表内阻不是无穷大 （1分）15.（1）8mv0-（2） V0qE【解析】（1）当盒中为匀强电场 E时，设正方形边长AD= L,则DO= L/2 ,粒子做类平抛 运动，设从 O处射出时速度为 v,竖直方向的分速度为 v
13、y,运动时间为t,加速度为a. 由平抛运动知识得：1.,一，、L= vt （2 分）2L= at 2= vyt （2 分）22由牛顿第二定律得（2分）由式得vy= 4vo, L=4x 2m% qE8mv：八0 （2分）qE（2）由运动的合成得:（2）q = 2q16. （1）【解析】（1）当S打开时，电容器电压等于电源电动势E,即:U=E （2分）吧=小球静止时满足：（2分）mgdE =由以上两式解得：q ; （2分）（2）闭合S,电容器电压为则：（2分）对带电小球运动的全过程，根据动能定理得:川硼调=0（2分）I-由以上各式解得：q =2q 。 （2分）17. （1）2B0L2 4B；L3T
14、FT（2）FoLFoL22gT2（1） 0T时间内，根据法拉第电磁感应定律，线框中产生的感应电动势结合题图，对线框受力分析:t =T时亥U, F安=mg （1分）又.；，2BoL2E=q-=- （2 分）t =0 时刻，F0=F 安 +mg （1 分）F安=B0IL （1 分）i =R（1 分）Fom = （1 分）2g4Bo2L3R 二FoT（1分）v,根据受力平衡，对线框分析（2）线 框在上边进入磁场前做匀速运动，设线框的速度为F安=mg （1 分）F安= B0L BLv （2 分） 0 R线框从开始下落到上边刚到虚线位置过程中产生的电热12,八、Q = mgL mv （2 分）2联立解得FoLFoL2gT2。（2 分）