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1、2019-2020学年重庆市部分区县联考高一（上）期末物理试卷、单项选择题（本共8小题，每小题4分，共32分，在每小题给出的四个选项中， 只有一项符合题目要求，）1. （4分）下列物理量中属于标量的是（）A.位移B.时间C.加速度D.力2. （4分）港珠澳大桥于 2018年10月24日上午9时宣布正式通车，总长约 55公里，设计最大速度为每小时100公里，耗时9年，它是世界最长的跨海大桥，对香港、澳门、珠海三地影响深远。根据以上信息，下列判断正确的是（）A .总长约55公里”表示位移大小B .“每小时100公里”指平均速度C. “9时”表示时间，“9年”表示时刻D.求小车通过大桥的时间，可以将
2、小车看作质点3.（4分）在2019年9月29日，中国女排队在世界杯中完成11连胜的壮举，成功卫冕冠军。如图所示比赛第5页（共10页）中运动员朱婷扣球瞬间排球被挤压变形，下列说法正确的是（A.此时的排球没有惯性B.排球发生的形变不是弹性形变C.排球只受到运动员手部的弹力和空气阻力D.运动员扣球的弹力与排球对手部的弹力是一对相互作用力4. （4分）已知两个相互垂直的共点力F1和F2,其大小分别为6N和8N,则它们的合力大小是（）A. 12NB. 10NC. 8ND . 6N5. （4分）北京大兴机场被誉为“新世界七大奇迹”之首，飞机在大兴机场起飞前的直线运动中，关于飞机速度和加速度的说法，正确的是
3、（）A.飞机的速度大，加速度就大B.飞机的速度改变量大，加速度就大C.飞机的速度改变快，加速度就大D.飞机的加速度不变，速度就一定不变t图象，由图可知（6. （4分）如图所示为一物体作匀变速直线运动的uA.物体第4s末回到出发点2B.物体的加速度大小为 1m/sC.物体4s内的速度变化量大小为 4m/sD.从开始到4s末过程中，前4s内物体的位移最大7. （4分）如图所示，一木块被水平外力F紧压在倾斜墙面处于静止。下列说法正确的是（）A .木块只受到3个力的作用B.木块一定受到4个力的作用C.墙面与木块间可能没有弹力D .墙面与木块间可能没有摩擦力8. （4分）如图所示，两个物体 A和B质量分
4、别为M和m,用跨过定滑轮的轻绳竖直相连且处于静止状态物体A置于水平地面，不计滑轮与轻绳间摩才力。则关于轻绳的拉力大小T和地面对物体 A的支持力大小A. T=Mg; FN = mgB. T=mg; FN= Mg+mgC. T=mg; FN=Mg-mgD. T = Mg - mg ; FN= Mg二、多项选择题（本题共 4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求,经时间t=1s落地，g取10m/s2,下列说全部选又的得4分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0分.）9. （4分）一小球从离地面某高处由静止开始下落（不计空气阻力）法正确的是（）A .小球落地前瞬间的速
5、度大小为5m/sB.小球落地前瞬间的速度大小为10m/sC .小球开始下落时离地面高度为5mD .小球开始下落时离地面高度为10m10. （4分）某同学手提物体与电梯一起在竖直方向运动，且相对电梯静止。若该同学对物体的拉力大于物体 的重力，则电梯的运动情况可能是（）B.加速上升C.加速下降0角的推力F）11. （4分）如图所示，一物体放在粗糙水平面上保持静止，当施加一个斜向下且与水平方向成后，物体仍保持静止，对物体施加推力F后，关于物体的受力情况，下列说法正确的是（A .所受的合力不变B.所受的合力增大C.受水平面的支持力增大D.受水平面的静摩擦力为零12. （4分）如图所示，斜劈置于粗糙水平
6、面上，始终保持静止状态，一物体置于斜劈上表面，当物体在斜劈上表面静止或运动时，关于地面对斜劈静摩擦力的大小和方向，下列说法正确的是（A.若物体静止于斜劈表面，则地面对斜劈的静摩擦力为零B.若物体沿斜劈向下匀速运动，则地面对斜劈的静摩擦力方向水平向左C.若物体沿斜劈向下加速运动，则地面对斜劈的静摩擦力方向水平向右D.若物体以初速沿斜劈向上减速运动，则地面对斜劈的静摩擦力方向水平向左三、实验题（本题共 2小题，13题6分，14题12分，共18分，）13. （6分）用如图甲所示的装置做“探究弹簧弹力F与弹簧伸长量x的关系”实验，将弹簧竖直悬挂，装置静止时，近似认为下端所挂钩码的重力大小等于弹簧弹力F
7、大小。（1）在实验没有操作失误的情况下，某小组得到几组弹簧弹力 F与弹簧伸长量x的数据，其对应点已在图乙上标出，请作出 F- x的关系图象；（2）根据F-x的关系图象，该弹簧的劲度系数为 N/m。（3）某同学为了减小误差，多测量了几组数据，根据数据画出的图象如图丙所示，出现这种现象的原因14. （12分）如图甲所示为“探究加速度与物体受力的关系”实验装置图，不计绳与滑轮之间的摩擦力。保持小车质量不变，通过添加托盘中祛码的质量，得到多组数据，从而确定小车加速度与受力的关系。（1）实验中，托盘及祛码的总重力总是 （选填“大于”、“小于”或“等于”）绳子对小车的拉力;为了使小车所受合力近似等于托盘及
8、祛码的总重力，应让托盘和祛码的总质量 （选填“远大于”或“远小于”）小车质量：还应将木板 （选填“左”或“右”）端垫高，平衡小车与木板间摩擦力。（2）在实验中，得到其中一条纸带如图乙所示，各计数点已在纸带上标出，每相邻的两个计数点间还有四个点未标出，打点计时器的电源频率是50Hz,其中xi = 4.25cm、x2= 4.73cm、x3= 5.22cm、x4= 5.71cm、x5= 6.18cm、x6 = 6.66cm,则可知纸带上相邻两计数点间的时间间隔T =s：打点计时器打下 D点时,小车的瞬时速度大小为 vd=m/s,根据纸带可求出小车的加速度的大小为a=m/s2,（计算结果保留两位有效数
9、字。）四、计算题（第15题9分，第16题11分、第17题14分，共34分.要求写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不给分.）15. （9分）2019年10月1日，中华人民共和国成立 70周年阅兵中，超重型导弹发射车运载东风-41导弹压轴亮相，彰显了我国最先进最具有威慑力的大国长剑重要地位。若某次试验中，导弹发射车从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为2m/s2,求：（1）发射车在第3s末的速度大小;(2)发射车在第5s内的位移大小。16. (11分)如图所示，一固定斜面倾角为 。，在斜面顶端放置一质量为 m小物体，沿斜面向下轻轻推小物
10、体,小物体恰好能沿斜面匀速下滑，已知重力加速度为g,则:(1)求小物体与斜面间的滑动摩擦力大小；(2)若施加沿此斜面向上的恒力拉该小物体，小物体恰好能沿斜面向上做匀速直线运动，求该恒力的大小。17. (14分)如图所示，传送带水平部分 ab长L1 = 0.8m,倾斜部分bc长L2= 2.75m , bc与水平面夹角为 37 , 传送带沿顺时针方向匀速转动，速度大小v0=4m/s, 一物体(可视为质点)与传送带间的动摩擦因数科=0.25,若把物体轻放到传送带上的a点，它将被送到c点。传送带b点上方设置有一个光滑的弧形装置(此装置在图中未画出)，使物体经过b处时直接转入沿斜面运动，在转向的短暂过程
11、中速度大小不变(转向时 间忽略不计)，物体从a到c过程中一直没有脱离传送带，(sin37=0.6, cos37= 0.8, g取10m/s2,)求：(1)物体刚放在a点时的加速度大小；(2)物体从a点运动到b点的过程中，在传送带上划过的痕迹长度;(3)物体从a点到c点所用的时间。第6页(共10页)第10页（共10页）2019-2020学年重庆市部分区县联考高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本共8小题，每小题4分，共32分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，）1 .【解答】解：ACD、位移、加速度和力既有大小，又有方向，都是矢量，故ACD错误。B、时间只有大小
12、，没有方向，是标量。故 B正确。故选：B。2 .【解答】解：A、运动轨迹的长度为路程，故“55公里”是路程，故 A错误；B、“每小时100公里”指为最大速度，故为瞬时速度，故B错误；C、题中的“ 2018年10月24日上午9时”是时刻，而9年是建成所用的时间，故 C错误；D、小车的大小相对大桥可以忽略，故求小车通过大桥的时间，可以将小车看作质点，故D正确。故选：D。3 .【解答】解：A、一切物体都有惯性，惯性只有质量有关，与运动状态无关，故A错误。B、排球发生的形变是可以恢复的，是弹性形变，故 B错误。C、排球受到运动员手部的弹力和空气阻力还有重力作用，故C错误。D、运动员扣球的弹力与排球对手
13、部的弹力是一对相互作用力，故 D正确。故选：D。4 .【解答】解：两个相互垂直的共点力F1和F2,即两个力的夹角为90,由勾股定理得：F=Jf；+=而2+g2N = 10N,故B正确，ACD错误。故选：B。5 .【解答】解：A、飞机的速度大，加速度不一定大，比如高速匀速飞行的飞机，速度很大，而加速度为零，故A错误；B、飞机的速度的改变量大，加速度不一定大，还取决于变化所用的时间，故B错误；C、加速度的物理意义表示物体速度变化的快慢，飞机的速度改变快，加速度就大，故C正确;D、飞机的加速度不变，速度可以变化，例如做匀加速直线运动，故 D错误；故选：Co6 .【解答】解：A、根据v-t图象与时间轴
14、所围的面积等于位移，图象在时间轴上方位移为正，图象在时间轴A正确。卜方位移为负，知 0-4s内物体的位移为0,则物体第4s末回到出发点，故B、物体的加速度大小为a=|m/J=2m/s2,故 B 错误。C、物体4s内的速度变化量为 v=v-v0= （- 4-4） m/s= - 8m/s,速度变化量大小为 8m/s ,故C错误。D、从开始到4s末过程中，前2s内物体的位移最大，故D错误。故选：A。7 .【解答】解：对木块受力分析，根据平衡条件可知木块受推力、重力，若没有支持力就没有摩擦力，物体不可能平衡，故一定有支持力，同理有静摩擦力，如图所示，所以物体受到4个力作用，故 ACD错误，B正确。故选
15、：B。8 .【解答】解：以B为研究对象，根据平衡条件可得T=mg；以A为研究对象，A物体速度重力、支持力和绳子拉力，根据平衡条件可得：Fn= Mg - T = Mg - mg ,故C正确、ABD错误。故选：Co二、多项选择题（本题共 4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选又的得4分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0分.）9 .【解答】解：AB、根据v= gt知小球落地前瞬间的速度大小为v= gt= 10X 1m/s= 10m/s,故A错误，B正确；CD、根据自由落体运动规律知：h=-i-gt2=yX IQ X l2m=5m,故C正确，D错误。故选
16、：BC。10 .【解答】解：拉力大于物体的重力，说明超重，具有向上的加速度，电梯的运动情况可能是匀减速下降或 加速上升，故 BD正确，AC错误。故选：BD。11 .【解答】解：AB、施加力F前后物体始终保持静止，所受合外力始终为0,故A正确，B错误；CD、未加F前，物体受重力和支持力的作用，不受其它力，故： G=mg,支持力：N=mg,摩擦力：f=0; 施加力F后，受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：N = mg+Fsin 0f = Fcos 0故支持力变大，摩擦力不为零，故C正确、D错误。故选：AC。12 .【解答】解：A、若物体静止于斜劈表面，以整体为研究对象，整体水平方向受力平衡，则地
17、面对斜劈的静摩擦力为零，故 A正确；B、物体沿斜劈向下匀速运动， 以整体为研究对象，整体水平方向受力平衡，则地面对斜劈的静摩擦力为零，故B错误；C、若物体沿斜劈向下加速运动，物体加速度在水平方向的分加速度方向向左，即斜劈对物体在水平方向的作用力向左，物体对斜劈水平方向的作用力向右，斜劈处于静止状态，则地面对斜劈的静摩擦力方向水平 向左，故C错误；D、若物体以初速沿斜劈向上减速运动，物体加速度在水平方向的分加速度方向向左，即斜劈对物体在水平方向的作用力向左，物体对斜劈水平方向的作用力向右，斜劈处于静止状态，则地面对斜劈的静摩擦力方向水平向左，故 D正确。故选：AD。三、实验题（本题共 2小题，1
18、3题6分，14题12分，共18分，）13 【解答】解：（1）根据实验数据，描出的点作图：（2）由胡克定律F=kx得：k=二，5 N/m =25N/m。0. 1（3）丙图中，F-x图象偏移，说明弹簧超出了弹性限度。故答案为：（1）见解析；（2） 25; （3）弹簧超出了弹性限度。14 .【解答】解：（1）托盘及祛码的总重力为 m,小车质量为 M ,以整体为研究对象有 mg= （ m+M ） a解得a =1ng :以M为研究对象有绳子的拉力F=Ma= M mg 显然要有Fv mg必有m+M = M ,故有mvvMN+mW+rn时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中祛码的重力，为保证拉力等于小车
19、受到的合力，需平衡摩擦力，即将长木板右端适当垫高，轻推小车，小车做匀速直线运动。（2）每相邻的两个计数点间还有四个点未标出，相邻两计数点间的时间间隔T = 0.1s,根据中间时刻的瞬时速度等于平均速度求解vd =，4X 1Q2m/s = 0.55m/s ;根据逐差法知a =&/支4%）町7 2上3）= 7H6. 6/6, 66）25M J3+5, 22； x10 2中入。.扇。9T29X0. I2故答案为：（1）大于，远小于，右；（2） 0.1, 0.55, 0.48。四、计算题（第15题9分，第16题11分、第17题14分，共34分.要求写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤，有数值计
20、算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不给分.）15 .【解答】解：（1）根据v= v0+at可得发射车在第3s末的速度大小为v = 2 x 3m/s= 6m/s（2）根据位移时间公式 H二V0t ”得，发射车在前5s内的位移为124q X2M5%=25m发射车在前4s内的位移为式制累2X4=叫所以发射车在第 5s内的位移为 x = xi - x2= 9m答：（1）发射车在第3s末的速度大小为 6m/s；（2）发射车在第5s内的位移大小为 9m。16.【解答】解：（1）物体匀速下滑时受力平衡，在沿斜面方向上根据平衡条件可得摩擦力大小：f=mgsin。;（2）若施加沿此斜面向上的恒力拉该小物体
21、，小物体恰好能沿斜面向上做匀速直线运动，沿斜面方向根据平衡条件可得：F = f+mgsin 0= 2mgsin 0答：(1)小物体与斜面间的滑动摩擦力大小为mgsin。；(2)若施加沿此斜面向上的恒力拉该小物体，小物体恰好能沿斜面向上做匀速直线运动，该恒力的大小为2mgsin 17【解答】解：(1)物体刚放在a点时，受到向右的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得：(img=mai,解得：ai =闻=0.25x I0m/s2= 2.5m/s2(2)设物体从a点出发到速度达到 v0=4m/s所需时间为t0,运动位移为s0,根据运动学规律可得:s= 1.6sX2.5X 1.62m = 3.2m由于s1L1
22、=0.8m,所以物体从a点运动到b点的过程中一直做匀加速运动，设用时为t1。则 L1 = a1t12解得 t1 = 0.8s故物体从a点运动到b点的过程中，在传送带上划过的痕迹长度为s= V0t1 - L1解得s= 2.4m(3)物体到达b点时的速度 v=a1t1 = 2.5X0.8m/s= 2m/s物体在bc段运动时，所受的滑动摩擦力方向为沿斜面向上，根据牛顿第二定律得。，r。,2mgsin37 pmgcos37 = ma2,得 a2=g (sin37 os37 ) = 10X ( 0.6 0.25X0.8) = 4m/s由运动学公式得L2= vt2+a2t22解得t2=土军s (负值舍去)所以总时间为t=t1+t2=0.8s+,s 1.57s答：(1)物体刚放在a点时的加速度大小是2.5m/s2;(2)物体从a点运动到b点的过程中，在传送带上划过的痕迹长度是2.4m；(3)物体从a点到c点所用的时间是1.57s。第11页(共10页)