《石景山区2019-2020学年第一学期期末考试高一物理试题及答案.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《石景山区2019-2020学年第一学期期末考试高一物理试题及答案.docx（19页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、石景山区2019-2020学年第一学期期末考试高一物理一、选择题，本题共15小题，每小题3分，共45分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求.1.（3分）在物理学的发展历程中，首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理结合起来的科学家是（）2.A.牛顿B.亚里士多德C.笛卡尔D.伽利略（3分）下列物理量中，属于标量的是（A.位移B.速率C.速度D.加速度A. 0.02sB. 0.05sC. 0.2s第2页共20页D. 0.5s3.（3分）某同学在操场上向正北方向运动了 30m,接着转向正东方向运动了 40n两段路线相互垂直。整个过程中，该同学的位移大小和路程分别为
2、（）A. 70m, 70mB. 50m, 120mC. 50m, 70mD. 50m, 50m4.（3分）一物体做自由落体运动，经5m落到地面上。取g=10m/s2,则物体落地速度大小为（）A. lOm/sB. 5m/sC. 2.5 m/sD. 0.5 ni/s5.（3分）某汽车做匀加速直线运动,初速度为4m/s,经过4s速度为12m/s,在这段时间内（）A.汽车的加速度为4m/s2B.汽车的加速度为8m/s2C.汽车的平均速度为6m/sD.汽车的平均速度为8m/sA. 2y-mg,1 26.（3分）如图所示,用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中。已知ac和be与竖直方向的夹角分别为30。和6
3、0%重力加速度为go则ac和be绳中的拉力大小分别是（）C. 1rlS，1rlsJJ7. （3分）甲、乙两物体在同一水平而上作匀变速直线运动，甲做加速运动，经过2s速度由3m/s增加到8m/s：乙做减速运动，经过8s速度由16m/s减小到0,则（）A.甲的速度变化量大，甲的加速度大B.乙的速度变化量大，甲的加速度大C.甲的速度变化量大，乙的加速度大D,乙的速度变化量大，乙的加速度大8. （3分）作用在同一物体上的两个共点力，一个力的大小是5N,另一个力的大小是9N,它们合力的大小不可能 是（）A. 2NB. 4NC. 6ND. 8N9. （3分）小滑块在一恒定拉力作用下沿水平而由静止开始做匀加
4、速直线运动，2s末撤去恒定拉力，小滑块继续 匀减速滑行再6s停下，问小滑块加速阶段的位移与减速阶段的位移大小之比是（）A. 1： 4B. 1： 3C. 1： 2D, 1： 110. （3分）如图所示，一质量为m的木块静止在倾角为6的斜面上。重力加速度为g.下列说法正确的是（）A.斜面对木块的支持力大小为mgsmBB.斜面对木块的摩擦力大小为rngtanOC.增大物块质量，物块就会沿斜面向下滑动D.斜而对木块的支持力与摩擦力的合力与重力平衡11. （3分）为研究自由落体运动，实验者从某砖塔前的高处由静止释放一个石子，拍摄到石子下落过程中的一张 照片如图。由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的
5、径迹。经测量，每层砖的平均厚度为6.0cm,位置A 距石子下落的起始位置的距离大约为2m,请根据这些数据估算这张照片的曝光时间（）C.乙物体在Is末的速度是InVsD.乙物体在4s末的速度是2m/s二、填空题，本题共2小题，共15分.16. （6分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，实验装置如图甲所示，其中两个主要步骤如下：用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O,记下O点的 位置，读出并记录两个弹簧测力计的示数：只用一个弹簧测力计，通过绳套拉橡皮条使其伸长，读出并记录弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同 一标度作出这个力F的图示，如图乙所示
6、；（1）以上两步骤均有疏漏，请指出疏漏：在中是在中是（2）图乙所示的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是。17. （9分）探究加速度与力、质量的关系，可以采用不同的研究方案。（1）甲同学采用的方案如图所示，将两个相同的小车放在水平木板上，前端各系一条细绳，线的另一端跨过定 滑轮各挂一个小盘，盘中可以放不同的硅码，盘与硅码的总重力可以近似认为是小车受到的拉力。两小车后端 各系一条细线，用黑板擦可以同时按住或放开这两条细线，使两车同时停止或运动。某次操作中，在相同时间内测得小车的位移分别为I、X2,若小车的加速度分别为加、a2,则ai： a2=， 这么做的依据是。（2）乙同学用如图所示器材进行定量
7、探究。用拉力传感器（能测量拉力的仪器）和速度传感器（能测量瞬时速 度的仪器）探究加速度与物体受力的关系。用拉力传感器记录小车受到拉力的大小，在长木板上相距L=48.0cm 的A、B两点各安装一个速度传感器，分别测量小车到达A、B时的速率。乙同学认为，运动时小车受到的拉力 悬挂物的总重力（选填或,所以乙同学采用力传感器进行实验。实验主要步骤如下:I、将拉力传感器固定在小车上；II、垫高木板右端，让小车在不受拉力时做 运动：川、把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与钩码相连：为保证细线的拉力不变，必须调fj滑 轮的高度使;IV、接通电源后自C点释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉
8、力F的大小及小车分别到达A、B时的 速率Va、VB：V、改变所挂钩码的数量，重复步骤的操作。表中记录了实验测得的几组数据，是两个速度传感器记录速度的平方差，则加速度的表达式a= D A（用已知符号表示），请将表中第4次的实验数据填写完整（结果保留三位有效数字）。次数F/N-v2/ (m2*s 2) Aa/ (mes 2)10.600.770.8021.041.611.6831.422.342.4442.624.6553.005.495.72由表中数据，在坐标纸上作出a-F关系图线。对比实验结果与理论计算得到的关系图线（图中已画出理论图线），造成上述偏差的原因除了拉力传感器读数可能偏大外，还可能
9、是 O第8页共20页两度传感戕拉力传照器速度传感器 三、本题共5小题，共40分.解答应写出必要的文字说明、方程和重要步骤.只写出最后答案的不能得分.有数 值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.BCA左右18. （7分）在停在水平地面上的小车内，用细绳AB、BC拴住一个重球，绳BC呈水平状态，绳AB与竖直方向 夹角为a,球的质量为m,绳AB的拉力为T1,绳BC的拉力为T?,求（1）以小球为研究对象，画出受力图：（2）绳子拉力Ti，T2的合力为T,求T的大小和方向，并说明理由:（3）当小车静止时，求绳子拉力T】，T2的大小。777777777777719. （7分）民航客机都有紧急出口，发生意
10、外情况的飞机紧急着陆后，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气， 生成一条连接出口与地而的斜而，人员可沿斜而滑行到地面。若机舱口下沿距地而h=3.6m,气囊所构成的斜而 长度为l=6.0m, 一个质量为m=60kg的人沿气囊滑下时所受的阻力是f=240N. g取lOnVs2.（为简化问题， 此处将人看作质点，并忽略空气阻力）求：（1）乘客在气囊上滑下的加速度至少为多大；（2）若乘客从静止开始下滑，滑到底需要多长时间？20. （8分）如图所示，一个质量m=lkg的物块，在F=10N的拉力作用下，从静止开始沿水平而做匀加速直线运 动，拉力方向与水平方向成8 = 37。.假设物块与水平面之间的滑动摩擦因
11、数i=05取重力加速度g= lOm/s?. sin37。 =0.6, cos37=0.8o求（1）做出物块的受力分析图；（2）求物块运动的加速度大小；（3）求从静止开始物块移动2s后撤去F,物体还能运动多长时间？21. （8分）某同学在学习了牛顿运动定律后，利用弹簧设计了如图所示的竖直加速度测量仪，可以用来测量某升 降装置竖直上下运行时的加速度。一根轻弹簧上端固定在小木板上，旁边附有标尺。将重力为0.8N的小球P挂 在弹簧下端，静止时指针指向刻度B处，当悬挂重力为1.0N的小球Q时，将静止时指针所指的刻度标记为。.小 球Q与弹簧、木板、标尺共同组成竖直加速度测量仪。取重力加速度g=10m/s2
12、。（1）在某次测量中，弹簧的指针恰好指向位于刻度B处。求此时小球Q受到的弹力大小、小球Q加速度的大 小和方向（2）当指针位于刻度F时，求此时小球Q受到的弹力大小、小球Q加速度的大小和方向。22. （10分）如图所示，一水平传送带以3m/s的速度匀速运动，现把质量为1kg的小物块（可视为质点）无初速 地轻放在传送带的左端A处，经过一段时间，小物块到达传送带的右端B处。A、B间距离为6m,小物块与传 送带间的动摩擦因数为0.15,重力加速度g=10m/s2o（1）小物块从A运动到B所用的时间：（2）以右为正方向，描绘出物块从A运动到B的过程中摩擦力f-t图象：（3）只增大传送带的速度，其它物理量保
13、持不变，可使小物块在传送带上从A运动到B所用的时间缩短传送带的速度为多大时，小物块的运动时间最短?参考答案一、选择题，本题共15小题，每小题3分，共45分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求.1 .【答案】D【分析】伽得略首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理结合起来。牛顿在伽利略等 人研究的基础上发现了三大牛顿运动定律。亚里士多德的主要方法是思辩。【解答】解：是伽得略首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理结合起来，故ABC错 误，D正确故选：D。【点评】本题考查物理学史，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，还要学习他们的科学研究
14、的方 法。2 .【答案】B【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。【解答】解：ACD、位移、速度和加速度都既有大小又有方向，是矢量，故ACD错误。B、速率只有大小，没有方向，是标量，故B正确。故选：Bo【点评】对于物理量的矢标性是学习的重要内容之一，要抓住矢量与标量的区别：矢量有方向，标量没有方向。3 .【答案】C【分析】根据路程等于物体运动路线的长度、位移大小等于初位置到末位置有向线段的长度，确定路程和位移 的大小。【解答】解：位移的大小等于首末位置的距离，大小为：x=J302十40 2m=50m,路程等于运动轨迹的长度为：s=30m+40m=70m，故 AB
15、D 错误，C 正确故选：Co【点评】本题要理解路程和位移的物理意义，画出示意图，求解它们的大小。位移大小等于起点到终点直线距 离的大小，不会大于路程。【分析】物体做自由落体运动，根据速度位移的关系式列式可求得落地速度大小。【解答】解：物体做自由落体运动，由速度位移的关系式得：v2=2gh物体落地速度：v=V2gh=/2X 10X5iii/s = 1 Oni/s,故 A 正确，BCD 错误。故选：Ao【点评】本题考查应用自由落体运动规律解题的基本能力，是基本题。5.【答案】D【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车的加速度，根据平均速度的推论求出汽车的平均速度大 小。V-Vn 10-4【
16、解答】解：AB、汽车的加速度a=L=-nVs2=2nVs2.故AB错误。t 4v+n 1 9-1-4CD、汽车的平均速度v=yNm/s=8in/s。故D正确，C错误。 22故选：Do【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问 题更加简捷。6 .【答案】B【分析】以结点c为研究对象，受到三个拉力作用，作出力图，其中重物对c点拉力等于重物的重力。根据平衡 条件列方程求解。【解答】解：以结点c为研究对象，受到三个拉力作用，作出力图。整个装置静止，则重物对c点拉力F等于重 物的重力。根据平衡条件得：Fac=Fsin60=mgsin600=-mg,
17、Fbc=Fcos600=mgcos600=-mg,故 B 正确，ACD 错误。故选：Bo，f【点评】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、 利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。7 .【答案】B【分析】根据甲乙初末速度得出速度变化量，结合加速度的定义式求出加速度，从而比较大小。Ao_o【解答】解：甲的速度变化量丫产(8-3) ni/s = 5ni/s,加速度为：a =3y ni/s2=2.5m/s2 J 2A n_i p.乙的速度变化量4v2= (0- 16) m/s= - 16nVs,
18、加速度为：a 乙=二一-=-nVs2= - 2nVs2 t2 8可知乙速度变化量大，甲的加速度大，故B正确，ACD错误。故选：Bo【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的正负表示方向，不表示大小。8 .【答案】A【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180。时合力最小，并且IF】-F2|FFi+F2o【解答】解：两力合成时，合力范围为：IF1 - F2|FF1+F2：一个力的大小是5N,另一个力的大小是9N,它们合力的大小的范围：4TyFR4N,因此它们合力的大小不可能 是2N,故A是不可能的，BCD是可能的：本题选择不可能的，故选：Ao【点评】
19、本题关键根据平行四边形定则得出合力的范围：IFi - F2|FFi+F2o9 .【答案】B【分析】用撤去恒定拉力时的速度可表达两段的平均速度，用平均速度表达出两段的位移即可求解。【解答】解：设撤去恒定拉力时的速度为V则加速阶段的位移为：xi=-tl减速阶段的位移为：x2=-t92乙X 1 t 1整理得：- x2 X2XI t-i o 1带入数据解得：=4=4,故B正确，ACD错误。512 t263故选:Bo【点评】本题考查了匀变速运动的位移公式，灵活选择推论公式可使解题过程简化。10 .【答案】D【分析】以m为研究对象进行受力分析，根据平衡条件求解支持力和摩擦力大小，静止状态时合力为零，由此
20、分析。【解答】解：以m为研究对象，受到重力、支持力和沿斜面向上的摩擦力，如图所示；AB、根据平衡条件，将重力进行分解可得斜而对木块的支持力大小为N=mgcos。，斜而对木块的摩擦力大小为f=mgsiiiO,故 AB 错误；C、增大物块质量，摩擦力和支持力同比例增加，木块仍处于静止状态，故C错误。D、由平衡条件知，斜面对木块的支持力与摩擦力的合力与重力等大反向，故D正确.故选：Do【点评】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、 利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。11 .【答案】A【分析
21、】AB间距约为2块砖头的厚度，约为12cm=(M2m；石子的初位置与A点间距为2m,求出末速度：由 于0.12m远小于2m,故可以近似地将AB段做匀速运动，求时间。【解答】解：自由落体运动2m的末速度为：v=V2ih=V2X10X2nVs=2V10nVs；由于0.12m远小于2m,故可以近似地将AB段当匀速运动，故时间为：1=娼=2/内=0.019$=0.02$,故Av 210正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题关键是求出A点速度，然后将AB段近似为匀速直线运动，估算出时间：如果用自由落体运动的 公式求解，数据运算量加大。12 .【答案】D【分析】加速度的方向与合力的方向相同，随着合力的变
22、化而变化，当加速度方向与速度方向相同，做加速运 动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动。由此分析。【解答】解：当合外力减小时，根据牛顿第二定律知，加速度减小，因为合外力的方向与速度方向相同，则加 速度方向与速度方向相同，知速度增大，故D正确，A、B、C错误。故选：Do【点评】解决本题的关键要知道加速度方向与合力的方向相同，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法： 看加速度方向与速度方向的关系。13 .【答案】C【分析】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加 速度；超重状态：当物体对接触而的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此
23、时有向上的加速 度。人下蹲过程分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，起立 也是如此。【解答】解：AB、人站起动作分别有超重和失重两个过程，先是加速上升超重，到达一个最大速度后再减速上 升失重，对应先超重再失重，故AB错误；CD、人下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，对应 先失重再超重，故C正确，D错误。故选：Co【点评】本题考查物理知识与生活的联系，注意细致分析物理过程，仔细观察速度的变化情况，与超失重的概 念联系起来加以识别。第13页共20页14 .【答案】C【分析】恒力单独作用于两个物体上时，分别根据
24、牛顿第二定律列出两个方程，当F作用在质量为 的物体上时再根据牛顿第二定律列式，联立方程即可解题。【解答】解：恒力单独作用于两个物体上时，分别根据牛顿第二定律得：F=niiaiF=m2a2当F作用在质量为(im-im)的物体上时，根据牛顿第二定律得：F= (nil - m2)a联立以上三式可得：a=-l2.,故c正确，ABD错误。a2-al故选：Co【点评】本题考查了牛顿第二定律的应用，根据牛顿第二定律列式联立求解即可，解题的关键在于公式的计算， 分别用前两式中的F和加速度将质量表示出来。15 .【答案】C【分析】根据速度的正负表示甲物体的运动方向，根据v-t图象与时间轴所用的面积表示位移求甲物
25、体在5s内 的位移。根据a - t图象与时间轴所围的面积表示速度变化量分析乙物体的速度。【解答】解：A、甲物体一直沿正方向运动，不会回到出发点，故A错误。B、根据v - t图象与时间轴所用的面积表示位移，可得，甲物体在5s内的位移x=券X 2m=8m,故B错误。C、根据a-t图象与时间轴所闱的面积表示速度变化量，可得，乙物体在1s内速度增加量为v=/xiX2Ws = lm/s,则乙物体在Is末的速度是hn/s,故C正确。D、同理，乙物体在4s内速度增加量为d=8m/s,则乙物体在4s末的速度是8m/s,故D错误。故选：Co【点评】本题一要有基本的读图能力，要能根据加速度图象分析乙物体的运动情况
26、：可运用类比法，理解加速 度图象“面积的物理意义。二、填空题，本题共2小题，共15分.【分析】1、步骤中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求 合力；步骤中只有使结点到达同样的位置O,才能表示两种情况下力的作用效果相同。2、只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标 度作出这个力F的图示。【解答】解：（1）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实 际值，然后进行比较，得出结果。所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确 定两个拉力的方向，这
27、样才能作出拉力的图示。步骤中未记下两条细绳的方向；步骤中未说明把橡皮条的 结点拉到位置O。（2） F是利用R和F?做平行四边形得到的，F使用一根弹簧测力计测出的，故F一定沿AO方向。故答案为：（1）记下两条细绳的方向；把橡皮条的结点拉到了同一位置O点。（2） FQ【点评】本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验原理是解决 实验问题的关键。17.【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据初速度为零的匀变速直线运动特点可得出答案：（2）注意平衡摩擦力的原理，利用重力沿斜而的分力来平衡摩擦力，若物体能匀速运动则说明恰好平衡了摩擦 力；根据运动学公式中速度和位移的关
28、系可以写出正确的表达式；利用描点法可正确画出图象：对比实际与理论图象可知，有外力时还没有加速度，由此可得出产生偏差原因。【解答】解：（1）在初速度为零的匀变速直线运动中有x=aF,若运动时间相等，则位移与加速度成正比。小车1、2的加速度之比a： a2=Xi： x2（2）小车运动时有加速度，重物也有加速度，即G-F=Ma,解得：F=G - Ma,即FVG根据平衡状态的特点可知道当小车做匀速直线运动时，说明摩擦力已经被重力的下滑分力平衡。为保证绳子的拉力不变，必须调行滑轮的高度使细线与长木板平行。2_2根据匀变速直线运动的位移与速度公式：vB2-vA2=2aL,解得a=7 A .代入数据解得a=4
29、.84m/s2.2La-F图线如图所示,对比图象可知，实际图象没有过原点而是和横坐标有交点，造成原因为没有完全平衡摩擦力。故答案为：（1）X： X2小车做初速度为零的匀变速直线运动（2）匀速直线细线与长木板平行22- v A 一- 4.842L如图没有完全平衡摩擦力【点评】本题关键要明确实验原理，正确进行误差分析和数据处理是对学生学习实验的基本要求，掌握运动学 公式中速度和位移的关系，要加强这方面的训练。三、本题共5小题，共40分.解答应写出必要的文字说明、方程和重要步骤.只写出最后答案的不能得分.有数 值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.BCA左右18 .【答案】见试题解答内容【分析】
30、（1）小球受到重力、两根绳子的拉力由此画图：2）球处于静止状态，受力平衡，根据平衡条件进行分析；（3）根据平衡条件结合三角函数关系求解1:【解答】解：（1）小球受到重力、两根绳子的拉力，受力图如图所示；（2）球处于静止状态，受力平衡，绳子拉力的合力一定与重力大小相等，方向相反，所以有：T=mg,方向竖直向上：（3）根据平衡条件结合图中几何关系可得：Tj=喳，T2=mgtanac cos Cl答：（1）小球受力图如图所示；（2）绳子拉力的合力一定与重力大小相等，方向相反，大小为mg,方向竖直向上;（3）当小车静止时，绳子拉力Ti，T?的大小分别为、mgtaiiaocos a【点评】本题主要是考查
31、了共点力的平衡，解答本题的关键是：确定研究对象、进行受力分析、进行力的合成, 利用平衡条件建立方程进行解。19 .【答案】见试题解答内容【分析】（1）对人进行受力分析，根据牛顿第二定律可以求出乘客的加速度；2）再根据匀变速直线运动位移公式可以求出乘客滑到底需要的时间。【解答】解：（1）对人进行受力分析如图所示：设斜而倾角为仇由牛顿第二定律：mgsine-f=ma代入数据解得：a=2nVs2（2）由 sinB=，解得：t=V6s=2. 45so第17页共20页答：（1）乘客在气囊上滑下的加速度至少为2nVs2；（2）乘客从静止开始下滑，滑到底需要2.45s。【点评】本题考查了牛顿第二定律、运动学
32、公式等知识点。解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第 二定律和运动学公式联合求解。20 .【答案】见试题解答内容【分析】（1）按重力、弹力和摩擦力的顺序分析物块的受力，再作出受力分析图：=5m/s2撤去拉力后，物块还能运动的时间 / ，代入数据得f=2.4s a答：（1）如图所示.（3）从静止开始物块移动2s后撤去F,物体还能运动2.4s时间。【点评】本题是已知受力情况确定运动情况的问题，关键是正确分析受力情况，根据牛顿第二定律求解加速度。21 .【答案】见试题解答内容【分析】（1）弹簧的指针恰好指向位于刻度B处时，小球Q受到的弹力大小等于小球P挂在弹簧下端静止所受 的弹力。根据牛顿第二
33、定律求加速度大小和方向。（2）由图读出弹簧形变量，求当指针位于刻度F时小球Q受到的弹力大小，再根据牛顿第二定律壕小球Q加 速度的大小和方向。【解答】解：（1）由小球Q的重力可知，小球Q的质量m=O.lkg指针指向刻度B时，小球Q所受弹力为：Ti=0.8N由牛顿第二定律得：G-Ti = nm解得：ai=2m/s2,方向竖直向下。（2）读题可知，弹簧形变量Axi为两大格时，弹力大小变化为：=0.2N弹簧形变量Ax?为三大格时，弹力大小变化为：T2=0.3N指针指向刻度F时，小球Q所受弹力为：T2=1.ON+O.3N=1.3N由牛顿第二定律得：Ti - G = ma2解得：a2=3m/s2,方向竖直
34、向上答：（1）此时小球Q受到的弹力大小是0.8N,小球Q加速度的大小为2m/s2,方向竖直向下。（2）当指针位于刻度F时，此时小球Q受到的弹力大小是L3N,小球Q加速度的大小为3m/s2,方向竖直向 上。【点评】解决本题的关键要理解胡克定律，明确弹力与弹簧形变量的的关系，确定不同刻度弹簧的弹力。22 .【答案】见试题解答内容【分析】（1）小物块放在传送带上后先做匀加速运动，根据牛顿第二定律求出小物块的加速度，结合速度时间 公式求出物块的速度达到传送带速度所用的时间，根据位移公式求出匀加速运动的位移，从而得出匀速运动的 位移，求出匀速运动的时间，从而得出总时间。（2）物块从A运动到B的过程中，先
35、受滑动摩擦力，物块与传送带共速后不受摩擦力，根据f=nmg求出滑动 摩擦力大小，再画出f-t图象。（3）若小物块从A运动到B一直做匀加速运动，所用时间最短，根据速度位移公式求解。【解答】解：（1）小物块先做匀加速直线运动，与传送带共速后一起匀速运动。匀加速过程，由牛顿第二定律得png=ma，解得 a=1.5m/s2小物块做匀加速运动的时间为ti=-s=2s a 1.5位移为 x=yat=-ix 1. 5X 22m=3m 乙乙因为xi6m,所以小物块运动3m后开始做匀速运动，所用时间t2=L工=旦3s=k v 3小物块从A运动到B所用的时间t=ti+t2=3s（2） 0-2s内物块所受的滑动摩擦力大小为f=Ring=0.15xlxl0N=1.5N,方向向右2s后物块不受摩擦力。物块从A运动到B的过程中摩擦力f - t图象如图所示。（3）小物块全程加速时，用时最短，加速的末速度为传送带的最小速度，则$：=2aL解得 vjn=3V2ni/s答：1）小物块从A运动到B所用的时间是3s；（2）物块从A运动到B的过程中摩擦力f-t图象如图所示；（3）传送带的速度为决历Ws时，小物块的运动时间最短。【点评】解决本题的关键要理清小物块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，要 知道加速度是联系力学和运动学的桥梁。第20页共20页