2018年部分地区中考数学几何综合型问题试题(附答案).doc

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1、2018年部分地区中考数学几何综合型问题试题(附答案)以下是查字典数学网为您推荐的2018年部分地区中考数学几何综合型问题试题(附答案)，希望本篇文章对您学习有所帮助。2018年部分地区中考数学几何综合型问题试题(附答案)7.(2018贵州六盘水，7，3分)下列命题为真命题的是( )A.平面内任意三个点确定一个圆B.五边形的内角和为540C.如果ab,则ac2bc2D.如果两条直线被第三条直线所截那么所截得的同位角相等分析：根据命题的定义：对一件事情做出判断的语句叫命题.正确的命题叫真命题，据此即对四个选项进行分析即可回答.解答：解：A、平面内任意三点确定一个圆是一个假命题，如三点在一条直线上

2、，不能构成圆，故本选项错误;B、五边形的内角和为540，故本选项正确;C、如果 则 ，如果c=0,结论不成立，故本选项错误;D、如果两条直线被第三条直线所截，那么所得的同位角相等.没有平行线，故本选项错误;13. (2018贵州省毕节市，13，3分)下列命题是假命题的是( )A.同弧或等弧所对的圆周角相等 B.平分弦的直径垂直于弦C.两条平行线间的距离处处相等 D.正方形的两条对角线互相垂直平分解析：分析是否为假命题，可以举出反例;也可以分别分析各题设是否能推出结论，从而利用排除法得出答案.解答：解：A、错误，同弧或等弧所对的圆周角相等或互补，是假命题;B、平分弦的直径垂直于弦是正确的，是真命

3、题;C、两条平行线间的距离处处相等是正确的，是真命题;D、正方形的两条对角线互相垂直平分是正确的，是真命题.故选A.31. ( 2018年四川省巴中市,31,12)如图12，在平面直角坐标系中，点A、C分别在x轴、y轴上，四边形ABCO为矩形，AB=16，点D与点A关于y轴对称，tanACB=43 ,点E、F分别是线段AD、AC上的动点(点E不与点A、D重合)，且CEF=ACB.(1)求AC的长和点D的坐标;(2)说明AEF与DCE相似;(3)当EFC为等腰三角形时，求点E的坐标.【解析】四边形ABCO为矩形,B=900tanACB=43 ,在RtACB中，设BC=3k,AB=4k,由勾股定理

4、，AC=5K,AB=4k=16,k=4,AC=20,OA=BC=3k=12,点A的坐标为(-12，0)，而点D与点A关于y轴对称,点D的坐标为(12，0)由：CDE=EAF,AEF=DCE，得出AEFDCE分类讨论：当CE=EF时，则AEFDCE，AE=CD，即AO+OE=CD设E(x,0),有12+x=20,x=8此时，点E的坐标为(8.0)当EF=FC时，FCE=FEC=ACB,tanFCG =tanACB=43 ,作FGCE于G,在RtFCG中，设CE=6a,则CG=3aFG=4a,于是CF=5a,AEFDCECE2=CFAC,即36a2=5a20,a=259CE=259 6=503 .

5、在RtCEO中，OE=CE2-OC2 =143 E(143 ,0)当CE=CF时，E与D重合与题目矛盾。【答案】AC=20,D(12.0) 由：CDE=EAF,AEF=DCE，得出AEFDCE E(8.0)或E(143 ,0)【点评】本题难度比较大，综合考查了解直角三角形，勾股定理、相似三角形的条件、矩形又一次展现了数形结合思想的必要性。25.(本题满分12分)如图甲，四边形OABC的边OA、OC分别在x轴、y轴的正半轴上，顶点在B点的抛物线交x轴于点A、D，交y轴于点E，连结AB、AE、BE.已知tanCBE= ，A(3，0)，D(-1，0)，E(0，3).(1)求抛物线的解析式及顶点B的坐

6、标;(2)求证：CB是ABE外接圆的切线;(3)试探究坐标轴上是否存在一点P，使以D、E、P为顶点的三角形与ABE相似，若存在，直接写出点P的坐标;若不存在，请说明理由;(4)设AOE沿x轴正方向平移t个单位长度(021世纪教育网【解析】 (1)解：由题意，设抛物线解析式为y=a(x-3)(x+1).将E(0，3)代入上式，解得：a=-1.y=-x2+2x+3.则点B(1，4).2分(2)如图6，证明：过点B作BMy于点M，则M (0，4).在RtAOE中，OA=OE=3，2=45，AE= =3 .在RtEMB中，EM=OM-OE=1=BM，MEB=MBE=45，BE= = .BEA=1801

7、-MEB=90.AB是ABE外接圆的直径.3分在RtABE中，tanBAE= = =tanCBE，BAE=CBE.在RtABE中，BAE+3=90，CBE+3=90.CBA=90，即CBAB.CB是ABE外接圆的切线.5分(3)P1(0，0)，P2(9，0)，P3(0，- ).8分(4)解：设直线AB的解析式为y=kx+b.将A(3，0)，B(1，4)代入，得 解得y=-2x+6.过点E作射线EFx轴交AB于点F，当y=3时，得x= ， F( ，3).9分情况一：如图7，当0则ON=AD=t，过点H作LKx轴于点K，交EF于点L.由AHDFHM，得 .即 .解得HK=2t.S阴=SMND-SG

8、NA-SHAD= 33- (3-t)2- t2t=- t2+3t.11分情况二：如图8，当S阴=SIQA-SVQA= (3-t)2(3-t)- (3-t)2= (3-t)2= t2-3t+ .综上所述：s= 12分【答案】(1) y=-x2+2x+3， B(1，4);(2) 证明：如图，过点B作BMy于点M，则M (0，4).在RtAOE中，OA=OE=3，2=45，AE= =3 .在RtEMB中，EM=OM-OE=1=BM，MEB=MBE=45，BE= = .BEA=1801-MEB=90.AB是ABE外接圆的直径.3分在RtABE中，tanBAE= = =tanCBE，BAE=CBE.在R

9、tABE中，BAE+3=90，CBE+3=90.CBA=90，即CBAB.CB是ABE外接圆的切线.(3)P1(0，0)，P2(9，0)，P3(0，- ).(4) s=【点评】本题以平面直角坐标系为背景，综合考察了二次函数、直线与圆的位置关系、锐角三角函数、三角形相似、勾股定理、待定系数法、分类讨论等知识，而且是中考的压轴题。知识点丰富全面，考查了学生综合运用知识、分类讨论思想来解决问题的能力。第1小题常规题，利用待定系数法求二次函数的解析式，难度较低;第2小题是利用勾股定理、锐角三角函数、90的圆周角所对的弦是直径、等量代换等证明圆的切线，综合性较强，难度中等;第3小题，考察了分类讨论思想，

10、在坐标轴上找点，构造寻找相似三角形，难度中等;第4小题，利用分类讨论思想、二次函数、和差法计算阴影部分面积，是压轴题的最后一题，将中下层面的学生拒之题外，难度较大.23.(2018河南，23，11分)如图，在平面直角坐标系中，直线 与抛物线 交于A，B两点，点A在 轴上，点B的纵坐标为3.点P是直线AB下方的抛物线上一动点(不 与A，B重合)，过点P作 轴的垂线交直线AB与点C，作PDAB于点D(1)求 及 的值(2)设点P的横坐标为用含 的代数式表示线段PD的长，并求出线段PD长的最大值;连接PB，线段PC把PBD分成两个三角形，是否存在适合的 值，使这两个三角形的面积之比为9:10?若存在

11、，直接写出 值;若不存在，说明理由.23.解析：(1)根据题意知，点A纵坐标为0，求出横坐标，点B纵坐标为3，也可求出横坐标，将A、B两点坐标代人求出 ，设直线 与 轴交于点 ，则 ， 轴， .能求ACP的正弦;(2)在RtPCD中，用m表示出PC，结合上面求出的 值，表示出PD的长;分别过点D,B作DFPC，BGPC，垂足分别为F，G，利用PCD与PCB公共边PC，分别用m表示出它们的高DF，BG，在RtPDF中， 又当 时.解得当 时，解得解：(1)由 ，得到由 ，得到 经过 两点，设直线 与 轴交于点 ，则 轴， .(2)由(1)可知抛物线的解析式为在RtPCD中，27.(2018江苏苏

12、州，27，8分)如图，已知半径为2的O与直线l相切于点A，点P是直径AB左侧半圆上的动点，过点P作直线l的垂线，垂足为C，PC与O交于点D，连接PA、PB，设PC的长为x(2(1)当x= 时，求弦PA、PB的长度;(2)当x为何值时，PDCD的值最大?最大值是多少?分析： (1)由直线l与圆相切于点A，且AB为圆的直径，根据切线的性质得到AB垂直于直线l，又PC垂直于直线l，根据垂直于同一条直线的两直线平行，得到AB与PC平行，根据两直线平行内错角相等得到一对内错角相等，再由一对直角相等，利用两对对应角相等的两三角形相似可得出三角形PCA与三角形PAB相似，由相似得比例，将PC及直径AB的长代

13、入求出PA的长，在直角三角形PAB中，由AB及PA的长，利用勾股定理即可求出PB的长;(2)过O作OE垂直于PD，与PD交于点E，由垂径定理得到E为PD的中点，再由三个角为直角的四边形为矩形得到OACE为矩形，根据矩形的对边相等，可得出EC=OA=2，用PCEC的长表示出PE，根据PD=2PE表示出PD，再由PCPD表示出CD，代入所求的式子中，整理后得到关于x的二次函数，配方后根据自变量x的范围，利用二次函数的性质即可求出所求式子的最大值及此时x的取值.解答： 解：(1)O与直线l相切于点A，且AB为O的直径，ABl，又PCl，ABPC，CPA=PAB，AB是O的直径，APB=90，又PCl

14、，PCA=APB=90，PCAAPB，= ，即PA2=PCAB，PC= ，AB=4，PA= = ，RtAPB中，AB=4，PA= ，由勾股定理得：PB= = ;(2)过O作OEPD，垂足为E，PD是O的弦，OEPD，PE=ED，又CEO=ECA=OAC=90，四边形OACE为矩形，CE=OA=2，又PC=x，PE=ED=PCCE=x2，CD=PCPD=x2(x2)=4x，PDCD=2(x2)(4x)=2x2+12x16=2(x3)2+2，(2018哈尔滨，题号28分值 10) 28.(本题10分)已知：在ABC中，ACB=900，点P是线段AC上一点，过点A作AB的垂线，交BP的延长线于点M，

15、MNAC于点N，PQAB于点Q，A0=MN.(1)如图l，求证：PC=AN;(2)如图2，点E是MN上一点，连接EP并延长交BC于点K，点D是AB上一点，连接DK，DKE=ABC，EFPM于点H，交BC延长线于点F，若NP=2，PC =3，CK：CF=2：3，求D Q的长.【解析】本题是对三角形全等、相似、勾股定理、三角函数的综合考查.(1)先证明AQPMNA，得AN=PQ，PA=AM，再利用等角的余角相等证ABP=CBP，结合角平分线性质说明PQ=PC，从而PQ=AN得证;(2)NP=2，PC=3，结合(1)中结论易知AN=3，AP=AM=5，由勾股定理可计算MN=AQ=5通过PNMPBC可

16、得BC=6，则BP可求;设CK=2m,CF=3m,通过PNEPKC， NE、EM可用m表示，由sinPBC= sinEMH= ，可将EH、FH用m表示;作ER垂直BF于R，有tanBPC=tanEFR=2可求RF值，在RTREP中勾股定理计算EF，可求m值，进而CK、BK可计算;计算tanPKC= tanBDK=1，tanABC= ，作KG垂直BA于G，设KG=4n,则BG=3n,BK=5n=3,n值可得解，BD=7n，DQ=AB-BD-AQ可解.【答案】证明：(1)MAAM，MNAP，BAM=ANM=90，PAQ+MAN=MAN+AMN=90，PAQ=AMN. PQA=ANM=90，AQ=M

17、N，APQMNA，AN=PQ，AM=AP，AMN=APN，又因为APM=BPC，BPC+PBC=90，AMB+ABM=90。ABM=PBC，又PQAB，PCBC，PQ=PC，AN=PC;(2)NP=2，PC=5，由(1)知PA=NC=5，AC=8，AM=AP=5，AQ=MN=4.设CK=2m,CF=3m.MNBF，PNMPBC，PNEPKC，BC=6，NE= ，BF=6+3m,ME=4- ,BP=3 ,sinPBC= sinEMH= = ,EFPM，FH=BF sinPBC= (6+3m)，EH=EM sinEMH= (4- ).作ER垂直BF于R，则ER=NC=5.RFE+REF=RFE+P

18、BC=90，REF=PBC，tanBPC=tanEFR= =2，RF= ，EF= ，m= ,CK=3，BK=3.PKC+DKE=ABC+BDK，DKE=ABC，BDK=PKC.tanPKC=1，tanBDK=1，作KGBA于G，tanBDK=1，tanABC= ，设KG=4n,则BG=3n,GD=4n,BK=5n=3, n= ，BD=7n= .AB=10，AQ=4，BQ=6，DQ=BQ-BD= .【点评】本题第二问的难点在于如何巧妙添加辅助线、如何反复利用相似、同角(等角)的三角函数表示其他相关线段并列方程求解.由MNBF推到三角形相似、结合CK：CF=2:3设定参数表示其他线段是本题的突破口

19、，同角(等角)的三角函数值相等、勾股定理是解答本题的重要工具.解答此类题目的宗旨是根据已知条件表示能表示的所有线段，寻找各线段之间的关系，建立起联系，逐步推进达到求解的目的.23.(2018四川达州，23，12分)(12分)如图1，在直角坐标系中，已知点A(0，2)、点B(-2，0)，过点B和线段OA的中点C作直线BC，以线段BC为边向上作正方形BCDE.(1)填空：点D的坐标为( )，点E的坐标为( ).(2)若抛物线 经过A、D、E三点，求该抛物线的解析式.?(3)若正方形和抛物线均以每秒 个单位长度的速度沿射线BC同时向上平移，直至正方形的顶点E落在 轴上时，正方形和抛物线均停止运动.在

20、运动过程中，设正方形落在y轴右侧部分的面积为 ，求 关于平移时间 (秒)的函数关系式，并写出相应自变量 的取值范围.运动停止时，求抛物线的顶点坐标.?解析：对于(1)，可知OC=1，过D作DF垂直y轴，则OBCFCD，则FC=OB=2，DF=OC=1，故点D坐标为(-1，3)，同理可得E点坐标为(-3，2);对于(2)，可用待定系数法，求出抛物线的解析式;对于(3)，可考虑当点D、B、E运动到y轴上时是三种情况，在这三个时间段内分别讨论，能做到不混淆、不重、不漏;求抛物线的顶点坐标，可以先求出点E平移到y轴后的坐标，从而可确定抛物线是如何平移，即可求出抛物线平移后的顶点坐标。答案：(1)D(-

21、1，3)、E(-3，2)(2分)?(2)抛物线经过(0，2)、(-1，3)、(-3，2)，则?.(3分)?解得? .(4分)?(3)当点D运动到y轴上时，t= .?当0?设DC交y轴于点F?tanBCO= =2,又BCO=FCC?tanFCC=2, 即 =2?CC= t,FC=2 t.?SCCF?= CCFC= t t=5 t2(5分)?当点B运动到点C时，t=1.?当?设DE交y轴于点G，过G作GHBC于H.?在RtBOC中，BC=?GH= ,CH= GH=?CC= t,HC= t- ,GD= t-?S梯形CCDG?= ( t- + t) =5t- (7分)?当点E运动到y轴上时，t= .?

22、当1?设DE、EB分别交y轴于点M、N?CC= t，BC= ,CB= t- ,?BN=2CB= t-BE= ,EN=BE-BN= - t?EM= EN= ( - t)?SMNE?= ( - t) ( - t)=5t2-15t+?S五边形BCDMN?=S正方形BCDE?-SMNE?= (5t2-15t+ )=-5t2+15t-?综上所述，S与x的函数关系式为：当0当当1?当点E运动到点E时，运动停止.如下图所示?CBE=BOC=90，BCO=BCE?BOCEBC?OB=2，BE=BC=?CE=?OE=OC+CE=1+ =?E(0， ).(10分)?由点E(-3，2)运动到点E(0， ),可知整条

23、抛物线向右平移了3个单位，向上平移了 个单位.? = ?原抛物线顶点坐标为( ， )(11分)28.(2018江苏苏州，28，12分)如图，正方形ABCD的边AD与矩形EFGH的边FG重合，将正方形ABCD以1cm/s的速度沿FG方向移动，移动开始前点A与点F重合，在移动过程中，边AD始终与边FG重合，连接CG，过点A作CG的平行线交线段GH于点P，连接PD.已知正方形ABCD的边长为1cm，矩形EFGH的边FG，GH的长分别为4cm，3cm，设正方形移动时间为x(s)，线段GP的长为y(cm)，其中02.5.(1)试求出y关于x的函数关系式，并求当y=3时相应x的值;(2)记DGP的面积为S

24、1，CDG的面积为S2.试说明S1S2是常数;(3)当线段PD所在直线与正方形ABCD的对角线AC垂直时，求线段PD的长.分析： (1)根据题意表示出AG、GD的长度，再由GCDAPG，利用对应边成比例可解出x的值.(2)利用(1)得出的y与x的关系式表示出S1、S2，然后作差即可.(3)延长PD交AC于点Q，然后判断DGP是等腰直角三角形，从而结合x的范围得出x的值，在RtDGP中，解直角三角形可得出PD的长度.解答： 解：(1)CGAP，GCDAPG，= ，GF=4，CD=DA=1，AF=x，GD=3x，AG=4x，= ，即y= ，y关于x的函数关系式为y= ，当y=3时， =3，解得x=

25、2.5，经检验的x=2.5是分式方程的根.故x的值为2.5;(2)S1= GPGD= (3x)= ，S2= GDCD= (3x)1= ，S1S2= = 即为常数;(3)延长PD交AC于点Q.正方形ABCD中，AC为对角线，CAD=45，PQAC，ADQ=45，GDP=ADQ=45.DGP是等腰直角三角形，则GD=GP，3x= ，化简得：x25x+5=0.解得：x= ，23(2018深圳市 23 ，19分)如图9，平在面直角从标系中，直线 的位置随 的不同取值而变化。(1)已知M的圆心坐标为(4，2)，半径为2当 时，直线 经过圆心M;当 时，直线 与 M相切;(2)若把M换成矩形 ，如图9，其

26、三个顶点的坐标分别为： 。设直线 扫过矩形 的面积为 ，当 由小到大变化时，请求出 与 的函数关系式。【解析】：(1)若直线经过圆心，则点M在直线 上，将M(4，2)代入直线解析式中，即可求出 的值;(2)当直线与M相切时，构造直角三角形，得用相似或解直角三角形的方法，可求 的值，注意分类。(3)直线在运动中，扫过知形之前，扫过的面积为0，直线扫过矩形时，扫过的图形分别为三角形，直角梯形，五边形、矩形，故可分5种情况，求出 与 的函数关系式，是典型的分段函数。【解答】：(1) ;如图93，易求 ，则 ，又 则 ，由于 ，则 ，设 则 ，有 ， , 故 ，代入 ，求得 ，类似可求(2)如图94

27、当 时，直线不扫过知形，此时 时，直线扫过矩形的面积为三角形的面积，由于直线与 轴的交点为意 ，故 当 时，直线扫过矩形的面积为直角梯形的面积，此时与DC交点为 当 时，直线扫地矩形的面积为五边形，此时直线与DC的交点为 则 当 时，直线扫过矩形的面积即为矩形的面积，故综上，【点评】：本题主要考查分段函数和分类计论思想。分类时要做到不重不漏，各种情况要仔细分析，计算量大。各种情况根据图形的特点，用面积公式求解。23.(2018广东汕头，23，12分)如图，在矩形纸片ABCD中，AB=6，BC=8.把BCD沿对角线BD折叠，使点C落在C处，BC交AD于点G;E、F分别是CD和BD上的点，线段EF

28、交AD于点H，把FDE沿EF折叠，使点D落在D处，点D恰好与点A重合.(1)求证：ABGC(2)求tanABG的值;(3)求EF的长.分析： (1)根据翻折变换的性质可知BAG=90，CD=AB=CD，AGB=DGC，故可得出结论;(2)由(1)可知GD=GB，故AG+ GB=AD，设AG=x，则GB=8x，在RtABG中利用勾股定理即可求出AG的长，进而得出tanABG的值;(3)由AEF是DEF翻折而成可知EF垂直平分AD，故HD= AD=4，再根据tanABG即可得 出EH的长，同理可得HF是ABD的中位线，故可得出HF的长，由EF=EH+HF即可得出结论.解答： (1)证明：BDC由B

29、DC翻折而成，BAG=90，CD=AB=CD，AGB=DGC，ABG=ADE，在：ABGCDG中， ，ABGC(2)解：由(1)可知ABGCDG，GD=GB，AG+GB=AD，设AG=x，则GB=8x，在RtABG中，AB2+AG2=BG2，即62+x2=(8x)2，解得x= ，tanABG= = = ;(3)解：AEF是DEF翻折而成，EF垂直平分AD，HD= AD=4，tanABG=tanADE= ，EH=HD =4 = ，EF垂直平分AD，ABAD，HF是ABD的中位线，25.(2018山西，25，12分)问题情境：将一副直角三角板(RtABC和RtDEF)按图1所示的方式摆放，其中AC

30、B=90，CA=CB，FDE=90，O是AB的中点，点D与点O重合，DFAC于点M，DEBC于点N，试判断线段OM与ON的数量关系，并说明理由.探究展示：小宇同学展示出如下正确的解法：解：OM=ON，证明如下：连接CO，则CO是AB边上中线，CA=CB，CO是ACB的角平分线.(依据1)OMAC，ONBC，OM=ON.(依据2)反思交流：(1)上述证明过程中的依据1和依据2分别是指：依据1：依据2：(2)你有与小宇不同的思考方法吗?请写出你的证明过程.拓展延伸：(3)将图1中的RtDEF沿着射线BA的方向平移至如图2所示的位置，使点D落在BA的延长线上，FD的延长线与CA的延长线垂直相交于点M

31、，BC的延长线与DE垂直相交于点N，连接OM、ON，试判断线段OM、ON的数量关系与位置关系，并写出证明过程.【解析】(1)解：故答案为：等腰三角形三线合一(或等腰三角形顶角的平分线、底边上的中线、底边上的高互相重合)，角平分线上的点到角的两边距离相等.(2)证明：CA=CB，B，O是AB的中点，OA=OB.DFAC，DEBC，AMO=BNO=90，在OMA和ONB中，OMAONB(AAS)，OM=ON.(3)解：OM=ON，OMON.理由如下：连接CO，则CO是AB边上的中线.ACB=90，OC= AB=OB，又CA=CB，CAB=B=45，2=45，AOC=BOC=90，B，BNDE，BN

32、D=90，又B=45，3=45，B，DN=NB.ACB=90，NCM=90.又BNDE，DNC=90四边形DMCN是矩形，DN=MC，MC=NB，MOCNOB(SAS)，OM=ON，MOC=NOB，MOCCON=NOBCON，即MON=BOC=90，OMON.【答案】(1)解：故答案为：等腰三角形三线合一(或等腰三角形顶角的平分线、底边上的中线、底边上的高互相重合)，角平分线上的点到角的两边距离相等.(2)证明过程省略.(3)解：OM=ON，OMON.理由见解析.【点评】本题综合考查了全等三角形的判定与性质、角平分线的性质、等腰三角形的性质、矩形的判定与性质等初数中常见的几何知识点.对考生的综

33、合能力有一定的要求，故是选拔考生较好的能力题.难度较大.23.(本题满分10分)(2018山东东营，23，10分)(1)如图1，在正方形ABCD中，E是AB上一点，F是AD延长线上一点，且DF=BE.求证：CE=CF;(2)如图2，在正方形ABCD中，E是AB上一点，G是AD上一点，如果GCE=45，请你利用(1)的结论证明：GE=BE+GD.(3)运用(1)(2)解答中所积累的经验和知识，完成下题：如图3，在直角梯形ABCD中，ADBC(BCAD)，B=90，AB=BC，E是AB上一点，且DCE=45，BE=4，DE=10, 求直角梯形ABCD的面积.【解析】(1)利用已知条件，可证出BCE

34、DCF(SAS)，即CE=CF.(2)延长AD至F，使DF=BE.连接CF.借助(1)的全等得出BCE=DCF，GCF=BCE+DCG=90GCE=45，即GCF=GCE，又因为CE=CF，CG=CG，ECGFCG，EG=GF，GE=DF+GD=BE+GD.(3)过C作CGAD，交AD延长线于G，先证四边形ABCG是正方形(有一组邻边相等的矩形是正方形).再设AB=x，利用(1)、(2)的结论，在RtAED中利用勾股定理可求出x.【答案】(1)证明：在正方形ABCD中，BC=CD，CDF，BE=DF，CBECDF.CE=CF.(2)证明： 如图2，延长AD至F，使DF=BE.连接CF.由(1)

35、知CBECDF，BCE=DCF.BCE+ECD=DCF+ECD,即ECF=BCD=90，又GCE=45，GCF=GCE=45.CE=CF，GCE=GCF，GC=GC，ECGFCG.GE=GF,GE=DF+GD=BE+GD.(3)如图3，过C作CGAD，交AD延长线于G.在直角梯形ABCD中，ADBC，B=90，又CGA=90，AB=BC，四边形ABCD 为正方形.AG=BC.已知DCE=45，根据(1)(2)可知，ED=BE+DG.所以10=4+DG，即DG=6.设AB=x，则AE=x-4，AD=x-6,在RtAED中， ，即 .解这个方程，得：x=12，或x=-2(舍去).AB=12.所以梯

36、形ABCD的面积为S=【点评】本题是一道几何综合题，内容涉及三角形的全等、图形的旋转以及勾股定理的应用，重点考查学生的数学学习能力.本题的设计由浅入深，循序渐进，考虑到学生的个体差异.专项八 几何综合型问题(42)23.(湖南株洲市8,23题)(本题满分8分)如图，在ABC中，C=90,BC=5米,AC=12米。M点在线段CA上，从C向A运动，速度为1米/秒;同时N点在线段AB上，从A向B运动，速度为2米/秒。运动时间为t秒。(1)、当t 为何值时，AMN=ANM ?(2)、当t 为何 值时，AMN的面积最大?并求出这个最大值。【解析】(1)当两角相等可知，AM=AN，列出方程求出t的值，(2

37、)面积的最值问题是利用二次函数的最值问题，根据题意写出三角形的面积与t的函数关系式，根据自变量的取值及二次函数的性质求出最值.【解】(1)、依题意有 1分2分解得：t=4 秒，即为所求。 3分(2)、解法一：如图作 4分6分8分21世纪教育网解法二：4分6分8分【点评】求最大面积、最大利润等问题，一定要考虑到函数关系式的应用，特别是二次函数的应用。19. (2018四川省南充市，19，8分) 矩形ABCD中，AB=2AD,E为AD的中点，EFEC交AB于点F，连接FC.(1)求证：AEFDCE;(2)求tanECF的值.解析：(1)由四边形ABCD是矩形，EFEC，易得D=90，AFE=DEC

38、，由有两组角对应相等的两个三角形相似，即可判定AEFDCE;(2)由AEFDCE，根据相似三角形的对应边成比例，可得 ，又由矩形ABCD中，AB=2AD，E为AD的中点，tanECF= ，即可求得答案.答案：解：(1)在矩形ABCD中，D=900.EFEC，FEC =900.FEA+CED=900.FEA+EAF=900.EAF=CED.AEFDCE.(2)AB=2AD，E为AD的中点,24. (2018浙江省嘉兴市，24，14分)在平面直角坐标系xOy中,点P是抛物线y= 上的动点(点P在笫一象限内).连结OP,过点O作OP的垂线交抛物线于另一点Q.连结PQ,交y轴于点M.作PAx轴于点A,

39、QBx轴于点B.设点P的横坐标为m.(1)如图,当m= 时,求线段OP的长和tanPOM的值;在y轴上找一点C,使OCQ是以OQ为腰的等腰三角形,求点C的坐标;(2)如图,连结AM、BM,分别与OP、OQ相交于点D、E。用含m的代数式表示点Q的坐标;求证:四边形ODME是矩形。【解析】(1)欲求线段OP的长,需要先求得点P的坐标,把P点的横坐标m代入 ,可得;由PAx轴, 得PAMO, tanPOM=tanOPA= .欲求点C的坐标, 需要先求得点Q的坐标.设Q(n, ),由题意可得 ,进而得Q( , ),OQ= .以OQ为腰, 分别讨论当OQ=OC和OQ=CQ时,点C的坐标即可.(2)由P点

40、的横坐标为m,利用相似三角形的性质可推得点Q( , ).先利用待定系数法求得直线PQ的函数解析式,进而得点M的坐标.利用相似三角形的判定证得QBOMOA,进而证得Q0 MA. 同理可证:EM OD. 又EOD=90 .所以四边形ODME是矩形。【答案】 (1)把m= 代入 , y=2.P( ,2), OP= .PAx轴,PAMO.tanPOM=tanOPA= = .设Q(n, ),tanQOB=tanPON, .,Q( , ),OQ= .当OQ=OC时,则 , ;当OQ=CQ时,则 .综上所述,所求点C的坐标为: , , .(2)P(m , ),设Q(n, ). APOBOQ, . ,得Q(

41、, ).设直线PO的廨析式为:y=kx+b,把P(m , )、Q( , )代入得:解得b=1, M(0,1) ,QBO=MOA=90, ,QBOMOA.MAO=QOB, QO MA.同理可证:EM OD.又EOD=90, 四边形ODME是矩形。【点评】本题是一道几何代数综合题,主要考查了一次函数,二次函数, 勾股定理, 相似三角形的性质与判定,矩形的判定及方程思想,分类讨论,特殊到一般的数学思想等的综合应用.解题的关键:灵活应用所学,求出关键点P、Q、M点的坐标.(1)中,运用了勾股定理,平行线的性质,锐角三角函数的意义; 运用了方程思想,分类讨论的思想. (2)中相似三角形的性质与判定,矩形

42、的判定.26.(2018湖北襄阳，26，13分)如图12，在矩形OABC中，AO=10，AB=8，沿直线CD折叠矩形OABC的一边BC，使点B落在OA边上的点E处，分别以OC、OA所在的直线为x轴，y轴建立平面直角坐标系，抛物线y=ax2+bx+c经过O，D，C三点.(1)求AD的长及抛物线的解析式;(2)一动点P从点E出发，沿EC以每秒2个单位长的速度向点C运动，同时动点Q从点C出发，沿CO以每秒1个单位长的速度向点O运动，当点P运动到点C时，两点同时停止运动.设运动时间为t秒，当t为何值时，以P，Q，C为顶点的三角形与ADE相似?(3)点N在抛物线对称轴上，点M在抛物线上，是否存在这样的点

43、M与点N，使以M，N，C，E为顶点的四边形是平行四边形?若存在，请直接写出点M与点N的坐标(不写求解过程);若不存在，请说明理由.【解析】(1)根据折叠前后的相等线段，先在RtOEC中求出OE长，再在RtADE中运用勾股定理构建方程求AD.然后将O，D，C三点的坐标代入抛物线y=ax2+bx+c求出a，b，c即可.(2)分别用含t的代数式表示CQ和CP的长，再利用相似三角形产生的相似比构建含t的方程，解之即得.(3)从两定点C，E形成的边CE为平行四边形的边和对角线两个角度分析求解.【答案】解：(1)四边形ABCO为矩形，OAB=AOC=B=90，AB=CO=8，AO=BC=10.由题意得，BDCEDC.DEC=90，EC=BC=10，E