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1、福建省厦门外国语学校2019届高三物理1月月考试题 第卷 （本卷共40分）一、选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1关于近代物理知识，下列说法正确的是 A光电子的最大初动能与入射光的频率成正比 B在康普顿效应中，当入射的光子与晶体中的电子碰撞时，要把一部分动量转移给电子因而光子动量变小 C原子核衰变时电荷数和质量都守恒 D现在地球上消耗的能量，绝大部分来自太阳，即太阳内部裂变时释放的核能2如图所示，在天花板下用细线悬挂一半径为R的金属圆环
2、，圆环处于静止状态，圆环一部分处在垂直于环面的磁感应强度大小为B的水平匀强磁场中，环与磁场边界交点A、B与圆心O连线的夹角为120，此时悬线的拉力为F。若圆环通电，使悬线的拉力刚好为零，则环中电流大小和方向是A大小为，沿顺时针方向B大小为，沿逆时针方向C大小为，沿顺时针方向D大小为，沿逆时针方向3近来，无线充电成为应用于我们日常生活中的一项新科技，其中利用电磁感应原理来实现无线充电是比较成熟的一种方式，电动汽车无线充电方式的基本原理如图所示：路面下依次铺设圆形线圈，相邻两个线圈由供电装置通以反向电流，车身底部固定感应线圈，通过充电装置与蓄电池相连，汽车在此路面上行驶时，就可以进行充电。在汽车匀
3、速行驶的过程中，下列说法正确的是 A. 感应线圈中电流的磁场方向一定与路面线圈中电流的磁场方向相反 B感应线圈中产生的是方向改变、大小不变的电流 C感应线圈一定受到路面线圈磁场的安培力，会阻碍汽车运动 D给路面下的线圈通以同向电流，不会影响充电效果4. 如图所示，金属环M、N用不可伸长的细线连接，分别套在水平粗糙细杆和竖直光滑细杆上，当整个装置以竖直杆为轴以不同大小的角速度匀速转动时，两金属环一直相对杆不动，下列判断正确的是 A转动的角速度越大，细线中的拉力越大 B转动的角速度越大，环M与水平杆之间的弹力越大C. 转动的角速度越大，环N与竖直杆之问的弹力越大D转动的角速度不同，环M与水平杆之间
4、的摩擦力大小可能相等5. 如图O点固定着一电荷量为的点电荷，在其下方光滑绝缘水平面上的N点，由静止释放一质量为m、电荷量为的试探电荷，该试探电荷经过P点时的速度为v，规定电场中P点的电势为零，则在形成的电场中() A. N点电势高于P点电势 B. N点场强大于P点场强 C. N点电势为 D. 试探电荷在N点具有的电势能为6如图甲所示，一理想变压器的原副线圈匝数之比为n1:n2 =1:2，原线圈连接正弦式交流电源，副线圈连接一个“220 V,100W”的白炽灯泡，灯泡正常发光。白炽灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。若将副线圈接上述电源，灯泡接原线圈，则灯泡的实际功率约为A6.25w B.11.6W
5、C.36.3W D.100 W7. 2017年11月5日，又有两颗北斗导航系统组网卫星通过“一箭双星”发射升空，并成功进入预定轨道，两颗卫星绕地球运动均看作匀速圆周运动。如果两颗卫星的质量均为M，其中的1号卫星轨道距离地面高度为h，2号卫星轨道距离地面高度为h，且hh，把地球看做质量分布均匀的球体，已知地球半径为R，地球表面的重力加速度大小为g，引力常量 为G下列说法正确的是Al号卫星绕地球运动的线速度B1号卫星绕地球运动的周期C1号卫星和2号卫星做匀速圆周运动的向心力大小之比为D稳定在轨运行时1号卫星的机械能小于2号卫星的机械能8质量均为m =lkg的甲、乙两个物体同时从同地沿同一方向做直线
6、运动， 二者的动能随位移的变化图像如图所示。下列说法正确的是A甲的加速度大小为2m/s2 B乙的加速度大小为1.5ms2C甲、乙在x=6m处的速度大小为2m/s D甲、乙在x=9m处相遇9如图所示，正方形abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子从a点沿与ab成30角的方向垂直射入磁场。甲粒子垂直于bc边离开磁场，乙粒子从ad边的中点离开磁场。已知甲、乙两带电粒子的电荷量之比为1:2，质量之比为1:2，不计粒子重力。 以下判断正确的是 A甲粒子带负电，乙粒子带正电 B甲粒子的动能是乙粒子动能的16倍 C甲粒子所受洛伦兹力是乙粒子所受洛伦兹力的2倍 D甲粒子在磁场中的运动时间是乙
7、粒子在磁场中运动时间的 倍10.如图甲所示，将长方形导线框abcd垂直磁场方向放入匀强磁场B中，规定垂直ab边向右为ab边所受安培力F的正方向，F随时间的变化关系如图乙所示选取垂直纸面向里为磁感应强度B的正方向，不考虑线圈的形变，则B随时间t的变化关系可能是下列选项中的A. B. C. D. 第卷 （本卷共60 分）二、实验题：11.（6分）如图甲所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验有一直径为d、质量为m的金属小球由A处由静止释放，下落过程中能通过A处正下方、固定于B处的光电门，测得A、B间的距离为H (Hd)，光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t，当地的重力加
8、速度为g.则： (1)如图乙所示，用游标卡尺测得小球的直径d_mm.(2)多次改变高度H，重复上述实验，作出随H的变化图象如图丙所示，当图中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直径d满足以下表达式：_时，可判断小球下落过程中机械能守恒(3)实验中发现动能的增加量大小Ek总是稍小于重力势能的减少量大小Ep，增加下落高度后，则：EpEk将_(选填“增加”“减小”或“不变”)12.(10分)(1)某实验小组在使用多用电表的过程中,下列说法中正确的是A.在测量直流电压时,要将红表笔接在高电势点B.测量阻值不同的电阻时,都必须重新调节欧姆调零旋钮C.在测量未知电阻时,必须先选择倍率最大的欧姆挡进行试测
9、D.在测量未知电流时,必须先选择量程最大的电流挡进行试测E.测量定值电阻时,如果红、黑表笔插错插孔,测量结果不会受影响(2)如图所示,若用多用电表测量某电阻Rx阻值,多用电表选择开关处于“10”欧姆挡,指针指在欧姆刻度20和40正中间位置,则Rx的阻值_300(选填“大于”、“等于”或“小于)，此时该多用电表的中值电阻阻值_300(选填“大于”、“等于”或“小于)。(3)现用伏安法更精确地测量(2)中的电阻Rx可供该同学选用的器材除开关S、导线、待测电阻R外,还有:A.电源E(E=12V,内阻不计)B.定值电阻R0(阻值等于1)C.电压表V(量程015V,内阻未知)D.电流表A1(量程010m
10、A,内阻r1=3)E.电流表A2(量程00.6A,内阻r2=0.2)F滑动变阻器R(01k,额定电流0.1A)实验中电流表应选择_(填写器材前面的字母标号)请在方框内画出实验电路图;在实验过程中,测量多组数据,以电压表读数U为纵坐标,以电流表读数为横坐标,做出相应U-I图象,发现U-I图象为一条斜率为k的直线,若考虑电表内阻对电路的影响,则电阻Rx= _ (用题目中已知物理量字母符号和k表示)。四、计算题：v0N45MPQ13（10分）如图所示，两块相同的金属板MN、PQ平行倾斜放置，与水平面的夹角为45，两金属板间的电势差为U，PQ板电势高于MN板，且MN、PQ之间分布有方向与纸面垂直的匀强
11、磁场。一质量为m、带电量为q的小球从PQ板的P端以速度v0竖直向上射入，恰好沿直线从MN板的N端射出，重力加速度为g。求：（1）磁感应强度的大小和方向；（2）小球在金属板之间的运动时间为多少？14. (10分)如图甲所示,一根直杆AB与水平面成某一角度固定,在杆上套一个小物块,杆底端B处有一弹性挡板,杆与板面垂直.现将物块拉到A点静止释放,物块下滑与挡板第一次碰撞前后的v-t图象如图乙所示,物块最终停止在B点. 重力加速度为取g=10 m/s2.求:(1)物块与杆之间的动摩擦因数.(2)物块滑过的总路程s. 15(12分)如图所示，有理想边界的两个匀强磁场，磁感应强度，两边界间距一边长的正方形
12、线框abcd由粗细均匀的电阻丝围成，总电阻 现使线框以的速度从位置匀速运动到位置 （1）求cd边未进入右方磁场时线框所受安培力的大小求整个过程中线框所产生的焦耳热 在坐标图中画出整个过程中线框a、b两点的电势差随时间t变化的图线16(12分)如图所示为某自动控制系统的装置示意图，装置中间有一个以v0=3ms的速度逆时针匀速转动的水平传送带，传送带左端点M与光滑水平面相切，水平面左侧与一倾角=37的光滑斜面平滑连接。靠近斜面底端的P点处安装有自动控制系统，当小物块b每次向右经过P点时都会被系统瞬时锁定从而保持静止。传送带N端与半径r=0.2m的光滑四分之一圆弧相切，小物块a从圆弧最高点由静止下滑
13、后滑过传送带，经过M点后控制系统会使静止在P点的小物块b自动解锁，之后两物块发生第一次弹性碰撞。已知两物块的质量mb=2ma=2kg，两物块均可视为质点，物块与传送带间的动摩擦因数=0.25，MN间的距离L=1.2m，g=10ms2，sin37=0.6，cos37=0.8，求： (1)物块a运动到N点时受到的支持力；(2)物块b第一次沿斜面上滑的时间；(3)两物块在第n次碰撞后到第n+1次碰撞前，物块a在传送带上运动产生的摩擦热。 (草稿纸)厦门外国语学校2018-2019学年高三第三次月考物理试题参考答案题号12345678910选项BACDCBADADCDABD11.（共6分，每空2分）
14、(1)7.15或7.20(2)H0或2gH0d2(3)增加12.(10分)ADE（2分，漏选错选均不得分） 小于（1分） 小于（1分）D（1分） 如图（2分） （3分）13(10分)解析：（1）小球在金属板之间只能做匀速直线运动，受重力G、电场力F电和洛伦兹力f，F电的方向与金属板垂直，由左手定则可知f的方向沿水平方向，三力合外力为零，故小球带正电，金属板MN、PQ之间的磁场方向垂直纸面向外，且有qv0B = mgtan 得B = （2）设两金属板之间的距离为d，则板间电场强度E = 又qE = mg 又h=0t 小球在金属板之间的运动时间t = 解得t = 另解：由于f =qv0B不做功，
15、WG=-mgh, W电= qU，则由动能定理得qU - mgh = 0 h=0t 得t = 14(10分)由图象可知,物块下滑的加速度a1=4 m/s2,上滑时的加速度大小a2=8 m/s2,杆AB长L=2 m,设斜杆的倾角为,物块的质量为m,物块与杆间的动摩擦因数为,由牛顿第二定律得F合=mgsin -mgcos =ma1,F合=mgsin +mgcos =ma2,代入数据,得=0.25, sin =0.6,cos =0.8.(2) 对物块整个过程分析,设物块运动的路程为s,由动能定理得mgLsin -mgcos s=0,代入数据得,s=6m15（12分）解：边未进入右方磁场时线框时，ab边切割产生感应电动势，大小为由闭合电路欧姆定律得感应电流大小为：ab边受到的安培力大小为设克服安培力做得功为，有功能关系得：整个过程中线框所产生的焦耳热 边w未进入磁场，ab两端电势差，由楞次定律判断出感应电流方向沿顺时针方向，则a的电势高于b的电势，为正cd边进入磁场后，线框中虽然感应电流为零，但ab两端仍有电势差，由右手定则判断可知，a的电势高于b的电势，为正，所以ab边穿出磁场后，只有cd边切割磁感线，由右手定则知，a点的电势高于b的电势，整个过程中线框a、b两点的电势差随时间t变化的图线如下图所示：16(14分)11