《江苏专用2020版高考物理新增分大一轮复习第一章运动的描述匀变速直线运动第2讲匀变速直线运动规律讲义含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏专用2020版高考物理新增分大一轮复习第一章运动的描述匀变速直线运动第2讲匀变速直线运动规律讲义含解析.pdf（17页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、第 2 讲 匀变速直线运动规律第 2 讲 匀变速直线运动规律 一、匀变速直线运动的规律 1匀变速直线运动 沿一条直线且加速度不变的运动 2匀变速直线运动的基本规律 (1)速度公式：vv0at. (2)位移公式：xv0tat2. 1 2 (3)位移速度关系式：v2v022ax. 自测 1 某质点做直线运动， 速度随时间的变化关系式为v(2t4) m/s， 则对这个质点运 动情况的描述，说法正确的是( ) A初速度为 2m/s B加速度为 4m/s2 C在 3s 末，瞬时速度为 10m/s D前 3s 内，位移为 30m 答案 C 解析 根据vv0at， 比较v(2t4) m/s 得质点运动的加速
2、度为 2 m/s2， 初速度为 4m/s， A、B 错误；在 3 s 末，质点的瞬时速度为vt23 m/s4 m/s10 m/s，C 正确；前 3s 内， 质点的位移xm21m，D 错误 vt2v02 2a 10242 2 2 二、匀变速直线运动的推论 1三个推论 (1)连续相等的相邻时间间隔T内的位移差相等 即x2x1x3x2xnxn1aT2. (2)做匀变速直线运动的物体在一段时间内的平均速度等于这段时间初、 末时刻速度矢量和的 一半，还等于中间时刻的瞬时速度 平均速度公式： .v v0v 22 vt (3)位移中点速度. 2 x v v02v2 2 2初速度为零的匀加速直线运动的四个重要
3、推论 (1)T末、2T末、3T末、nT末的瞬时速度之比为v1v2v3vn123n. (2)T内、2T内、3T内、nT内的位移之比为x1x2x3xn122232n2. (3)第1个T内、 第2个T内、 第3个T内、 第n个T内的位移之比为xxxxN 135(2n1) (4)从静止开始通过连续相等的位移所用时间之比为t1t2t3tn1(1)(23 )(2)()23nn1 自测 2 某质点从静止开始做匀加速直线运动，已知第 3 秒内通过的位移是x(单位 ： m)，则 质点运动的加速度为( ) A.(m/s2) B.(m/s2) 3x 2 2x 3 C.(m/s2) D.(m/s2) 2x 5 5x
4、2 答案 C 解析 由匀变速直线运动规律知第 3 秒内的平均速度等于t2.5s 时的瞬时速度， 得a(m/s2)(m/s2)，C 对 x 2.5 2x 5 命题点一 匀变速直线运动规律的基本应用命题点一 匀变速直线运动规律的基本应用 1基本思路 画过程 示意图 判断运 动性质 选取正 方向 选用公式 列方程 解方程并 加以讨论 2公式选取方法 题目中所涉及的物理量(包括已知量、 待 求量和为解题设定的中间量) 没有涉及的物理量适宜选用公式 v0、v、a、txvv0at v0、a、t、xvxv0tat2 1 2 v0、v、a、xtv2v022ax v0、v、t、xaxt vv0 2 除时间t外，
5、x、v0、v、a均为矢量，所以需要确定正方向，一般以v0的方向为正方向 例 1 (2018苏大附中调研)滑雪运动员以v02m/s 的初速度沿山坡匀加速滑下， 在t5s 的时间内滑下的位移x60m求： (1)滑雪运动员 5s 内的平均速度大小； (2)滑雪运动员的加速度大小； (3)滑雪运动员第 5s 末的速度大小； (4)作出 5s 内滑雪运动员的速度(v)时间(t)图象 答案 (1)12m/s (2)4 m/s2 (3)22m/s (4)见解析图 解析 (1)滑雪运动员在t5s 的时间内滑下的位移x60m，由公式 得到滑雪运动员v x t 5s 内的平均速度大小为 m/s12 m/s.v 6
6、0 5 (2)由位移公式xv0tat2得 1 2 加速度大小a4m/s2 2 xv0t t2 (3)由vv0at得运动员第 5s 末的速度大小 v(245) m/s22 m/s. (4)5s 内滑雪运动员的速度(v)时间(t)图象： 变式 1 (2018盐城中学段考)一些同学乘坐火车外出旅游，当火车在一段平直轨道上匀加 速行驶时，一同学提议说：“我们能否用身边的器材测出火车的加速度？”许多同学参与了 测量工作，测量过程如下 ： 他们看着窗外相隔 100m 的路标，用手表记录到火车从第一根路标 运动到第二根路标的时间为 5s若已知火车经过第一根路标时的速度v016m/s，请根据他 们的测量情况，
7、求： (1)火车加速度a的大小 (2)火车到达第二根路标时速度v的大小 答案 (1)1.6m/s2 (2)24 m/s 解析 (1)设火车的加速度为a，根据匀变速直线运动的位移公式得：xv0tat2 1 2 代入数据解得：a1.6 m/s2 (2)设火车经过第二根路标时的速度为v2，根据匀变速直线运动的速度公式得： v2v0at，代入数据得：v224 m/s. 命题点二 匀变速直线运动推论的应用命题点二 匀变速直线运动推论的应用 例 2 (2018苏州市模拟)一物体做匀变速直线运动， 在通过第一段位移x1的过程中， 其速 度变化量为 v，紧接着通过第二段位移x2，速度变化量仍为 v.则关于物体
8、的运动，下列 说法正确的是( ) A第一段位移x1一定大于第二段位移x2 B两段运动所用时间一定不相等 C物体运动的加速度为 v2 x2x1 D通过两段位移的平均速度为x 2x1 v x2x1 答案 C 解析 vat， 所以两段时间相同， 故 B 错误 ； 不能确定该运动是加速运动还是减速运动， 故 A 错误 ；x2x1a(t)2，即x2x1a()2得a，故 C 正确 ； t， v a v2 x2x1 v a x2x1 v ，即 ，故 D 错误v x1x2 2t v x1x2 v 2 x2x1 变式 2 (2018盐城中学段考)一物体做匀加速直线运动，通过一段位移 x所用的时间为 t1，紧接着
9、通过下一段位移 x所用时间为t2.则物体运动的加速度为( ) A.B. 2xt1t2 t1t2t1t2 xt1t2 t1t2t1t2 C.D. 2xt1t2 t1t2t1t2 xt1t2 t1t2t1t2 答案 A 解析 物体做匀加速直线运动通过前一段位移 x所用的时间为t1，平均速度为： 1 ，v x t1 即为时刻的瞬时速度；物体通用后一段位移 x所用的时间为t2，平均速度为： 2 ， t1 2 v x t2 即为(t1)时刻的瞬时速度 t2 2 速度由 1变化到2的时间为：t ，所以加速度为：a.vv t1t2 2 v2v1 t 2xt1t2 t1t2t1t2 命题点三 两类匀减速运动命
10、题点三 两类匀减速运动 1两类匀减速运动问题的比较 两类运动运动特点求解方法 刹车类问题 匀减速直线运动到速度为零后即停止 运动， 加速度a突然消失， 后面不再是 匀减速运动 求解时要注意先求解其实际运 动时间，判断问题中物体是否已 停止运动 双向可逆类 如沿光滑固定斜面上滑的小球， 到最高 点后仍能以原加速度匀加速下滑， 全过 程加速度大小、方向均不变 求解时可对全过程列式，但必须 注意x、v、a等矢量的正、负号 2.逆向思维法：对于末速度为零的匀减速直线运动，可把该阶段看成反向的初速度为零、加 速度不变的匀加速直线运动 例 3 一辆汽车在平直公路上做刹车实验，t0 时刻起开始刹车， 刹车过
11、程的位移大小x与 速度大小v的关系为x100.1v2(m)，下列分析正确的是( ) A刹车过程汽车的加速度大小为 0.2m/s2 B刹车过程持续的时间为 2s Ct0 时刻汽车的速度大小为 5m/s D刹车全过程的位移大小为 5m 答案 B 解析 根据匀变速直线运动中位移与速度关系可得xv2，对应x10 v2v02 2a v02 2a 1 2a 0.1v2(m)， 可得10 m，0.1 s2/m， 得加速度a5 m/s2，t0时刻的速度大小v0 v02 2a 1 2a 10 m/s，刹车过程持续时间 t2 s，刹车全过程的位移大小x10 m，故只 0v0 a 0v02 2a 有选项 B 正确
12、变式 3 (多选)一小球以 3m/s 的初速度沿一光滑固定斜面向上做加速度恒为 1 m/s2、方向 沿斜面向下的匀变速直线运动，起始点为A，小球运动到A点沿斜面上方 4m 处的B点时的速 度及所对应的时间可能为( ) A1m/s 4 s B1 m/s 4s C1m/s 2 s D1 m/s 2s 答案 BC 命题点四 多过程问题命题点四 多过程问题 1基本思路 如果一个物体的运动包含几个阶段，就要分段分析，各段交接处的速度往往是联系各段的纽 带可按下列步骤解题： (1)画：分清各阶段运动过程，画出草图； (2)列：列出各运动阶段的运动方程； (3)找：找出交接处的速度与各段间的位移时间关系；
13、(4)解：联立求解，算出结果 2解题关键 (1)多运动过程的转折点的速度是联系两个运动过程的纽带， 因此， 转折点速度的求解往往是 解题的关键 (2)作出vt图象，多过程问题过程多，用运动学公式解题一般较复杂，从vt图象中往往 能发现简单方法 例 4 (2018南通市等六市一调)一辆公交车在平直的公路上从A站出发运动至B站停止， 经历了匀加速、匀速、匀减速三个过程，设加速和减速过程的加速度大小分别为a1、a2，匀 速过程的速度大小为v，则( ) A增大a1，保持a2、v不变，加速过程的平均速度不变 B减小a1，保持a2、v不变，匀速运动过程的时间将变长 C增大v，保持a1、a2不变，全程时间变
14、长 D只要v不变，不论a1、a2如何变化，全程平均速度不变 答案 A 解析 匀变速直线运动的平均速度为： ，则加速运动过程的平均速度等于 ，v不变v v0v 2 v 2 则加速过程的平均速度不变，故 A 正确；匀加速、匀速、匀减速三个过程的位移分别为x1 vt1、x2vt2、x3vt3，如果减小a1，保持a2、v不变，则加速过程的时间t1将增大， 1 2 1 2 v a1 加速过程的位移x1增大，而减速的时间和位移不变，所以匀速运动的位移将减小，匀速运动 的时间减小，故 B 错误；作出公交车运动的速度时间图象如图甲所示： 增大v，保持a1、a2不变，运动的时间将减小，故 C 错误 ； 同理如图
15、乙所示，v不变，a1、a2 变化，则全程的时间将会发生变化，全程平均速度变化，故 D 错误 变式4 (2018徐州市期中)某娱乐节目设计了一款在直轨道上运动的 “导师战车” ， 坐在 “战 车”中的导师按下按钮，“战车”从静止开始先做匀加速运动、后做匀减速运动，冲到学员 面前刚好停止若总位移大小L10m，加速和减速过程的加速度大小之比为 14，整个过程 历时 5s求： (1)全程平均速度的大小； (2)加速过程的时间； (3)全程最大速度的大小 答案 (1)2m/s (2)4 s (3)4 m/s 解析 (1)全程的平均速度大小 m/s2 m/sv L t 10 5 (2)设加速过程的末速度为
16、v，则加速过程的加速度大小a1，减速过程的加速度大小a2 v t1 v t2 根据题意有 a1 a2 1 4 总时间t1t25 s 联立解得t14 s (3)加速过程的位移x1t1，减速过程的位移x2t2 v 2 v 2 总位移Lx1x2 联立得L (t1t2)t v 2 v 2 解得v m/s4 m/s. 2L t 2 10 5 1 质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x5tt2(各物理量均采用国际单位制单位)， 则该质点( ) A第 1s 内的位移是 5m B前 2s 内的平均速度是 6m/s C任意相邻的 1s 内位移差都是 0.5m D任意 1s 内的速度增量都是 2m/s 答案 D
17、 2 (2017苏锡常镇四市调研)战机在平直跑道上由静止开始做匀加速运动， 经时间t达到起 飞速度v，则它在时间t内的位移为( ) AvtB.vt 2 C2vtD不能确定 答案 B 3 (多选)(2018小海中学高三初考)如图 1 所示， 光滑固定斜面AE被分成四个相等的部分， 一物体由A点从静止释放，下列结论中正确的是( ) 图 1 A物体到达各点的速率vBvCvDvE1223 B物体到达各点所经历的时间tE2tBtCtD2 2 3 3 C物体从A到E的平均速度 vBv D物体通过每一部分时，其速度增量vBvAvCvBvDvCvEvD 答案 ABC 解析 根据运动学公式v2v022ax得物体
18、由A点从静止释放有v，所以物体到达各2ax 点的速率之比vBvCvDvE12， 故 A 正确 ； 根据运动学公式xv0tat2得 ：t23 1 2 ，物体到达各点经历的时间tBtCtDtE12，即tE2tBtCtD， 2x a 232 2 3 3 故 B 正确；故物体从A到E的平均速度v，由于vE2vB，则vvB，故 C 正确； 0vE 2 vE 2 vBvCvDvE12，物体通过每一部分时，其速度增量不等，故 D 错误23 4(多选)(2018泰州中学期中)一物体以某一初速度在粗糙的水平面上做匀减速直线运动， 最后静止下来 若物体在最初5s内通过的位移与最后5s内通过的位移之比为x1x211
19、5， 物体运动的加速度大小为a1m/s2，则( ) A物体运动的时间可能大于 10s B物体在最初 5s 内通过的位移与最后 5s 内通过的位移之差为x1x215m C物体运动的时间为 8s D物体的初速度为 10m/s 答案 BC 5 如图 2 所示， 某 “闯关游戏” 的笔直通道上每隔 8m 设有一个关卡， 各关卡同步放行和关闭， 放行和关闭的时间分别为 5s 和 2s 关卡刚放行时， 一同学立即在关卡 1 处以加速度 2m/s2由 静止加速到 2 m/s，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是( ) 图 2 A关卡 2B关卡 3 C关卡 4D关卡 5 答案 C 解析 由题意知，该同学先加
20、速后匀速，速度增大到 2m/s 用时t1 1s，在加速时间内通 v a 过的位移x1at121m，t24s，x2vt28m，已过关卡 2，t32s 时间内x34m，关卡打 1 2 开，t45s，x4vt410m，此时关卡关闭，距离关卡 4 还有 1m，到达关卡 4 还需t5 0.5s，小于 2s，所以最先挡住他前进的是关卡 4，故 C 正确 1假设某无人机靶机以 300m/s 的速度匀速向某个目标飞来，在无人机离目标尚有一段距离 时从地面发射导弹， 导弹以 80 m/s2的加速度做匀加速直线运动， 以 1200m/s 的速度在目标位 置击中该无人机，则导弹发射后击中无人机所需的时间为( ) A
21、3.75sB15sC30sD45s 答案 B 解析 导弹由静止做匀加速直线运动，即v00，a80m/s2，据公式vv0at，有t v a s15s，即导弹发射后经 15s 击中无人机，选项 B 正确 1200 80 2.(2018苏州市期初调研)如图 1 所示，一骑行者所骑自行车前后轮轴的距离为L，在水平 道路上匀速运动，当看到道路前方有一条减速带时，立刻刹车使自行车做匀减速直线运动， 自行车垂直经过该减速带时，对前、后轮造成的两次颠簸的时间间隔为t.利用以上数据，可 以求出前、后轮经过减速带这段时间内自行车的( ) 图 1 A初速度B末速度 C平均速度D加速度 答案 C 3(多选)如图 2
22、所示，一冰壶以速度v垂直进入三个矩形区域做匀减速直线运动，且刚要离 开第三个矩形区域时速度恰好为零，则冰壶依次进入每个矩形区域时的速度之比和穿过每个 矩形区域所用的时间之比分别是( ) 图 2 Av1v2v3321 Bv1v2v3132 Ct1t2t3123 Dt1t2t3()(1)1322 答案 BD 解析 因为冰壶做匀减速直线运动，且末速度为零，故可以看做反向初速度为零的匀加速直 线运动初速度为零的匀加速直线运动中通过连续三段相等位移的时间之比为 1(2 1)()， 故所求时间之比为()(1)1， 故选项 C 错误， D 正确 ； 由v2v0232322 2ax可得初速度为零的匀加速直线运
23、动中通过连续相等位移的速度之比为 1，则所23 求的速度之比为1，故选项 A 错误，B 正确32 4(2019淮安中学期初)做匀加速直线运动的列车出站时，车头经过站台某点O时速度是 1m/s，车尾经过O点时的速度是 7 m/s，则这列列车的中点经过O点时的速度为( ) A3.5m/s B4 m/s C5m/s D5.5 m/s 答案 C 5(2019淮安中学期初)汽车以 20m/s 的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为 5 m/s2，那么开始刹车后 2s 与开始刹车后 6s 汽车通过的位移之比为( ) A11B31 C34D43 答案 C 6(2019田家炳中学期初)火车初速度为 10m
24、/s，关闭油门后前进 150 m，速度减为 5 m/s， 再经过 30s，火车前进的距离为( ) A50mB37.5m C150mD43.5m 答案 A 解析 由速度位移公式v2v022ax得a m/s20.25 m/s2， 列车停止 v2v02 2x 25100 2 150 需要的时间t0 s20 s， 则30 s内前进的距离等于20 s内前进的距离x 0v a 5 0.25 vt0at02520 m 0.25400 m50 m，A 正确 1 2 1 2 7(2019田家炳中学期初)光滑固定斜面长为L，物体从斜面顶端由静止开始匀加速下滑， 当物体的速度是到达斜面底端速度的 时，它沿斜面下滑的
25、距离是( ) 1 3 A.LB.L 1 9 1 6 C.LD.L 1 3 3 3 答案 A 解析 设物体沿斜面下滑的加速度为a， 物体到达斜面底端的速度为v， 则有v22aL， (v)2 1 3 2aL，联立可得LL，A 正确 1 9 8(2019淮安中学期初)小船匀速逆流而上，经过桥下时箱子落水了(箱子落水后速度立即 与水速相同)，船继续前进一段时间后才发现，并立即调头以相同的静水船速顺流而下，从发 现后经过 1h 在下游距桥 7.2km 处追上，则河水流动速度为( ) A7.2km/h B3.6 km/h C1.8km/hD条件不足，无法确定 答案 B 9 (2018扬州中学月考)一辆警车
26、在平直的公路上以 40m/s 的速度行驶， 现要求在到达前方 某地时的速度也为 40 m/s，有三种行进方式：a.一直匀速直线运动；b.先匀减速再匀加速；c. 先匀加速再匀减速，则( ) Aa种方式先到达Bb种方式先到达 Cc种方式先到达D条件不足，无法确定 答案 C 解析 vt图象的斜率大小等于加速度大小，图线与时间轴所围“面积”等于位移，三种方 式末速度相等，作出vt图象如图所示，由于到达某地点时三种方式的位移大小相等、速度 大小相等，由图象看出c种方式所用时间最短，则c种方式先到达 10(2018徐州市第三中学月考)一名消防队员在模拟训练中，沿着长为 12m 的竖立在地面 上的钢管从顶端
27、由静止先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零如果他加速时的 加速度大小是减速时加速度大小的 2 倍，下滑的总时间为 3s，那么该消防队员( ) A下滑过程中的最大速度为 4m/s B加速与减速运动过程的时间之比为 12 C加速与减速运动过程的平均速度之比为 21 D加速与减速运动过程的位移之比为 14 答案 B 解析 设下滑过程中的最大速度为v， 则消防队员下滑的总位移 ：t1t2x， 解得最大速度 ： v 2 v 2 v m/s8 m/s，故 A 错误 ； 设加速与减速过程的时间分别为t1、t2，加 2x t1t2 2x t 2 12 3 速度大小分别为a1、a2，则va1t1，va2
28、t2，解得：t1t2a2a112，故 B 正确；根 据平均速度的推论知， ， 则平均速度之比为 11， 故 C 错误 ； 因为平均速度之比为 11，v v 2 加速和减速的时间之比为 12，则加速和减速的位移之比为 12，故 D 错误 11(2018泰州中学调研)随着机动车数量的增加，交通安全问题日益凸显分析交通违法 事例，将警示我们遵守交通法规，珍爱生命某路段机动车限速为 15m/s，一货车严重超载 后的总质量为 5.0104 kg，以 15 m/s 的速度匀速行驶发现红灯时司机刹车，货车即做匀 减速直线运动，加速度大小为 5m/s2.已知货车正常装载后的刹车加速度大小为 10 m/s2.
29、(1)求此货车在超载及正常装载情况下的刹车时间之比； (2)求此货车在超载及正常装载情况下的刹车距离分别是多大； (3)若此货车不仅超载而且以 20m/s 的速度超速行驶， 则刹车距离又是多少？设此情形下刹车 加速度仍为 5 m/s2. 答案 (1)21 (2)22.5m 11.25m (3)40m 解析 (1)该货车刹车时做匀减速直线运动，根据速度时间公式，正常装载时：0v0a1t1 超载时：0v0a2t2 解得 t1 t2 a2 a1 1 2 即此货车在超载及正常装载情况下的刹车时间之比为 21. (2)该货车刹车时做匀减速直线运动，根据速度位移公式， 正常装载时：0v022(a1)x1
30、超载时：0v022(a2)x2 解得x111.25 m，x222.5 m 即此货车在超载时的刹车距离是 22.5 m，正常装载情况下的刹车距离是 11.25 m. (3)该货车刹车时做匀减速直线运动，根据速度位移公式，有 0v022(a2)x3 解得x340 m 即此货车在超载而且以 20 m/s 的速度超速行驶时，刹车距离是 40 m. 12.(2019淮安中学期初)如图 3 所示，一物体以 4m/s 的速度滑上光滑固定斜面，途经A、B 两点，已知它在A点时的速度是B点时的 2 倍，由B点再经 0.5s 物体滑到斜面顶端C，速度 恰好减至为零，A、B间相距 0.75m求： 图 3 (1)物体运动的加速度大小； (2)斜面的长度； (3)物体由底端滑至B点所需时间 答案 (1)2m/s2 (2)4m (3)1.5s 解析 (1)物体的运动可看做是由C开始初速度为0、 沿斜面向下匀加速直线运动的逆向运动， vat，tBC0.5 s，vA2vB，则tAC1 s，xABatAC2atBC2，代入数据解得a2 m/s2. 1 2 1 2 (2)设斜面长度为l，则v022al 解得l4 m (3)设物体由底端滑至B点所需时间为t， 由题意可知，v0at总 t总tBCt 代入数据解得t1.5 s.