2012南充物理中考试题及答案.pdf

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1、2012 南充物理中考试卷 参考答案与试题解析 一、单选题（每小题2 分，共 16 分在每小题给出的A、B、C、D四个选项中，只有一项是 正确的，请把正确答案的番号填在选择题答题栏内） 1 （ 2012?南充）一个同学站在平面镜前1.5m 处，则镜中的像与他相距（） A 1.5m B 2.0m C 2.5m D 3.0m 考点： 平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。103034 专题： 应用题。 分析： 根据物体在平面镜中成像，物像到平面镜的距离相等进行求解 解答： 解：一个同学到平面镜的距离是1.5m，根据物像到平面镜的距离相等，该同学的像 到平面镜的距离也是1.5m，所以该同学和他在

2、镜中的像距离是3m 故选 D 点评： 平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，经常用到，本题也属于比较基础的 问题，掌握基础知识很重要 2 （ 2012?南充）如图是某种晶体熔化时温度随时间变化的图象由图可知晶体的熔点是 （） A 40B 44C 48D 52 考点： 晶体的熔化和凝固图像。103034 专题： 信息给予题；图析法。 分析： 晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化 过程中温度不断上升，晶体熔化时的温度为熔点 解答： 解：由图知，该物质在熔化过程中，温度保持48不变，所以该物质为晶体并且 熔点为 48 故选 C 点评： 此题主要考查了晶体的熔化

3、图象，要学会从图象中找出与晶体有关的信息学会观 察分析物质熔化或凝固的图象，关键是掌握晶体的熔化特点：吸热但温度保持不变 3 （ 2012?南充）如图中的a 表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分它在磁 场中按箭头方向运动时，不会产生感应电流的是（） ABCD 考点： 产生感应电流的条件。103034 专题： 图析法。 分析： 能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足闭合电路；导体切割磁感线运 动这两个条件 解答： 解：磁极间的磁感线是从N极指向 S极，由图可知， A、B、D中的导体运动时都会切 割磁感线，所以会产生感应电流； 只有 C没有切割磁感线，所以不会产生感应电流； 故选 C

4、 点评： 本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生的条件的了解和掌握，是一 道基础题 4 （ 2012?南充）一个物体放在水平桌面上，下列一对力中是平衡力的是（） A 物体受到的重力和物体对水平桌面的压力 B 物体受到的重力和水平桌面对物体的支持力 C 物体受到的支持力和物体对水平桌面的压力 D 桌子受到的重力和物体对水平桌面的压力 考点： 平衡力的辨别。103034 专题： 应用题。 分析： （1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力； （2）二力平衡条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个 物体上，根据二力平衡力的条件进行判断 解答： 解： A、物

5、体受到的重力和物体对水平桌面的压力，二者的方向是相同的，不符合二 力平衡的条件； B、物体受到的重力和水平桌面对物体的支持力，都是作用在同一物体上，并且大小 相等、方向相反、作用在同一直线上，符合二力平衡的条件； C、物体受到的支持力和物体对水平桌面的压力，尽管大小相等、方向相反、作用在 同一直线上，但是它们是作用在两个不同的物体上的，不符合二力平衡的条件； D、桌子受到的重力和物体对水平桌面的压力，二者方向相同，而且作用在不同的物 体上，不符合二力平衡的条件 故选 B 点评： 判断两个力是否是平衡力，要从平衡力的四个条件逐条分析，有一个条件不符合， 两个力也不是平衡力 5 （ 2012?南充

6、）如图所示，小球从左端由静止释放，在左右摆动过程中，不计空气阻力， 则（） A 从最高点运动到最低点的过程，一部分重力势能转化为动能 B 从最低点运动到最高点的过程，一部分动能转化为重力势能 C 左侧最高点的高度大于右侧最高点的高度 D 左侧最高点的高度等于右侧最高点的高度 考点： 能量转化的现象。103034 专题： 应用题。 分析： 本题考查的知识点： （1）物体的动能由质量和速度决定，重力势能由质量和高度决 定，分析摆动过程中质量、速度、高度的变化，判断出动能和重力势能的转化； （2）机械能守恒的条件：只有动能和势能的相互转化或者只有重力做功，机械能才 守恒 解答： 解： A、小球从最高

7、点运动到最低点的过程，质量不变，高度降到最低，重力势能最 小，速度达到最大，动能最大，所以不计空气阻力时，是重力势能全部转化为动能； 故 A错误 B、小球从最低点运动到最高点的过程，质量不变， 高度升高到最高，重力势能最大， 速度最小，动能最小，所以不计空气阻力时，是动能全部转化为重力势能；故B错 误 C、D、小球在摆动过程中，不计空气阻力，所以机械能守恒；左侧最高点的高度等 于右侧最高点的高度，故C错误， D正确 故选 D 点评： 本题考查能量转化的有关问题；机械能守恒在初中只是要求定性的会判断，不要求 根据机械能守恒去定量计算 6 （ 2012?南充）人类生活、生产、学习、研究都离不开能源

8、的消耗，由于人口的急剧增加 和经济的不断发展，能源的消耗持续增长下列能源中既属于一次能源又属于可再生能源的 是（） A 石油B 太阳能C 天然气D 核能 考点： 可再生能源的特点；能源的分类。103034 专题： 应用题。 分析： 一次能源是指可以从自然界直接获取的能源，如：太阳能、风能、水能、化石能源 等； 二次能源指的必须通过一次能源的消耗才能够得到的能源，如：电能； 可以从自然界源源不断得到补充的能源叫可再生能源，如：风能、水能、生物质能、 太阳能； 短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如：煤、石油、天然气 解答： 解：A、石油是从自然界直接获取的，是一次能源； 不能短期内从

9、自然界得到补充的， 是不可再生能源，不合题意 B、太阳能可以从自然界直接获取的，是一次能源；可以从自然界源源不断的得到， 是可再生能源，符合题意； C、天然气是从自然界直接获取的，是一次能源；不能短期内从自然界得到补充的， 是不可再生能源，不合题意 D、核能是从自然界直接获取的，是一次能源；但短期内不能从自然界得到补充，是 不可再生能源，不合题意； 的 故选 B 点评： 此题考查我们对于可再生能源、不可再生能源、一次能源、二次能源的理解来作答， 是一道基础题 7 （ 2012?南充）如图所示的电路，当开关S闭合后（） A 若甲表是电压表，乙表是电流表，则电阻R1、R2并联 B 若甲表是电流表，

10、乙表是电流表，则电阻R1、R2串联 C 若甲表是电压表，乙表是电压表，则电阻R1、R2串联 D 若甲表是电流表，乙表是电压表，则电阻R1、R2并联 考点： 串联电路和并联电路的辨别；电流表的使用；电压表的使用。103034 专题： 应用题。 分析： 电流表应串联在电路中使用，电压表应并联在电路中使用填上电表后的电路不能 发生断路或短路 解答： 解： A、若甲表是电压表，乙表是电流表，两个电阻并联在电路中，电流表测量的是 R2中的电流故A正确； B、若甲表是电流表，乙表是电流表，此时整个电路发生短路，故B错误； C、若甲表是电压表，乙表是电压表，此时，R2中没有电流通过，发生断路，故C错 误；

11、D、若甲表是电流表，乙表是电压表，此时，R2中没有电流通过，发生短路，故D错 误 故选 A 点评： 本题考查了电流表和电压表的使用方法，以及填电表的原则：不能使电路发生断路 或短路电流表是与用电器串联使用，电压表是与用电器并联使用 8（2012?南充）一个鸡蛋漂浮在装盐水的烧杯中，在慢慢往烧杯里注入清水的过程中（） A 鸡蛋在露出部分越来越少的过程中受到的浮力变小 B 鸡蛋在露出部分越来越少的过程中受到的浮力变大 C 鸡蛋从悬浮到沉入烧杯底的过程中受到的浮力变小 D 鸡蛋从悬浮到沉入烧杯底的过程中受到的浮力不变 考点： 物体的浮沉条件及其应用。103034 专题： 应用题。 分析： 向盐水中加

12、清水，水的密度慢慢变小， （1）在鸡蛋露出部分越来越少的过程中，鸡蛋仍漂浮，根据物体的漂浮条件判断浮 力是否变化； （2）在鸡蛋从悬浮到沉入烧杯底的过程中，排开盐水的体积不变，而盐水的密度减 小，根据阿基米德原理判断鸡蛋受到的浮力变化情况 解答： 解： AB 、鸡蛋在露出部分越来越少的过程中，虽然水的密度在变小，但鸡蛋始终漂浮， 所以鸡蛋受到的浮力等于鸡蛋重，大小不变，故AB都错； CD 、鸡蛋从悬浮到沉入烧杯底的过程中，排开盐水的体积不变，而盐水的密度减小， 由公式 F浮=水V排g 可知，鸡蛋受到的浮力变小，故C正确、 D错 故选 C 点评： 本题考查了学生对阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌

13、握和运用，本题关键不管 漂浮或悬浮，物体受到的浮力等于自身的重力，知道影响浮力大小的因素是液体 的密度和物体排开液体的体积 二、填空题（每空1 分，本题共18 分） 9 （ 2012?南充）某种昆虫靠翅膀振动发声如果这种昆虫的翅膀在10s 内振动了3500 次， 则它振动的频率是350 Hz，人类能听到这种声音 （选填“能”或“不能”） 考点： 超声波与次声波；人耳感知声音的过程及听到声音的条件。103034 专题： 应用题。 分析： （1）频率是物体1s 振动的次数，翅膀10s 内振动了3500 次，可以求出频率 （2）人类能听到的频率范围是20Hz20000Hz 解答： 解： （1）昆虫的

14、翅膀在10s 内振动了3500 次， f=350Hz （2）人类能听到的频率范围是20Hz20000Hz350Hz 在人类能听到的频率范围内， 所以能听到 故答案为： 350；能 点评： （1）根据振动次数和时间能求频率 （2）记住人类能听到的频率范围 10 （2012?南充）导体的电阻式导体本身的一种性质，它的大小决定于导体的材料、长度和 横截面积；有两段导线甲和乙，在相同电压下，通过导线甲的电流较小，通过导线乙的电 流较大，可知导线甲的电阻较大 （选填“甲”或“乙” ） 考点： 影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用。103034 专题： 应用题。 分析： （1）电阻是导体本身的属性，导体的电

15、阻大小与导体的长度、横截面积和材料等有 关； （2）由欧姆定律可知I=在相同的电压下，通过导体的电流与电阻成反比，据此分 析判断 解答： 解： （1）导体的电阻是导体本身的一种性质，电阻大小取决于内因是：导体的材料、 长度、横截面积；外因是：温度； （2）由欧姆定律可知I=在相同的电压下，通过导体的电流与电阻成反比，通过的 电流小，说明电阻大，通过的电流大，说明电阻小，由此判断，导线甲的电阻较大 故答案为：横截面积；甲 点评： 此题是对课本基础知识的考查，难度不大， 要强化对基础知识的记忆，R= 只是计算 电阻的一种方法，电阻跟电压和电流无关 11 （2012?南充） 1820 年，丹麦科学家

16、奥斯特在课堂上做实验时偶然发现：当导线中通过 电流时，它旁边的磁针发生了偏转，他进而继续研究，终于证实了电流周围存在磁场， 在世界上第一个发现了电和磁之间的联系如果把导线绕在圆筒上做成螺线管，磁场就会强 得多，通电螺线管的极性与螺线管中的电流方向有关 考点： 通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场。103034 专题： 应用题。 分析： （1）奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场，这是第一个发现了电和磁存在联系的 实验奥斯特由于这个贡献而载入物理史册 （2）知道通电螺线管周围存在磁场，并且其磁感线与条形磁体的磁感线相似知道 通电螺线管的磁性与电流的方向有关 解答： 解： （1）丹麦的物理学家奥斯

17、特做的著名的奥斯特实验证实了：电流周围存在磁场 （2）通电螺线管周围也存在磁场，并且其周围的磁场与条形磁体的磁场相似通电 螺线管的极性与通电螺线管中电流的方向有关 故答案为：磁场；电流 点评： 此题主要考查了奥斯特实验的现象及结论，以及通电螺线管周围的磁场，与条形磁 铁周围的磁场相似，其磁场方向与电流方向有关一定要掌握电流的磁效应，此类 题目是中考的常见题型，难度不大 12 （2012?南充） 1897 年英国科学家汤姆逊发现了比原子小的多的带负电的电子，从 而揭开了原子具有结构的秘密；金属锡的原子核带有50 个元电荷，它的原子核外带有50 个电子 考点： 原子结构、元电荷与带电情况。1030

18、34 专题： 应用题。 分析： （1）1897 年，英国科学家汤姆生逊发现原子中存在电子1904 年汤姆逊提出了一 个被称为“西瓜式”结构的原子结构模型，电子就像“西瓜子”一样镶嵌在带正电 的“西瓜瓤”中电子的发现使人们认识到原子是由更小的粒子构成的 （2）金属锡的原子核所带的正电荷与核外电子所带的负电荷在数量上相等，所以金 属锡对外不显电性 解答： 解：汤姆逊发现电子之前人们认为原子是组成物体的最小的微粒，是不可再分的 汤 姆逊发现了比原子小的多的带负电的电子，揭开了原子具有结构的秘密 在原子结构中，原子核带正电，核外电子带负电，它们在数量上相等金属锡的原 子核带有50 个元电荷，则原子核外

19、带有50 个电子 故答案为：负；50 点评： 熟练掌握原子的构成和微粒的带电情况是解题的关键，属基础性知识考查题 13 （2012?南充）如果用g 表示重力与质量的比值，则一个质量为m的物体受到的重力G= mg 它受到的重力方向总是竖直向下 考点： 重力的计算；重力的方向。103034 专题： 应用题。 分析： 由于地球的吸引而使物体受到的力叫做重力，物体所受的重力G=mg ，方向竖直向下 解答： 解：重力大小跟物体的质量成正比，重力与质量的比值大约是9.8N/kg 质量为 1kg 的物体受到的重力是9.8N 用 G表示重力， m表示质量，比值用g 表示，重力与质量的关系可以写成：G=mg ，

20、 其中 g=9.8N/kg 重力的方向总是竖直向下 故答案为： mg ；竖直向下 点评： 本题考查了重力的相关知识，属于基础知识，需要记住 14 （2012?南充）装在烧杯中的水被倒出一部分后，烧杯中剩余水的密度不变；密封在 容器中一定质量的气体被抽出一部分后，容器中剩余气体的密度变小 （选填“变大” 、 “变小”、 “不变”） 考点： 密度及其特性。103034 专题： 应用题。 分析： 密度是物体的一种特性，密度的大小不随物体的质量和体积的变化而变化 解答： 解：烧杯中的水被倒出一部分后，烧杯中剩余水的密度不变，因为密度不随物体的 体积的变化而变化 气体被抽出一部分后，剩余气体的质量减小了

21、，而气体的体积不变，还等于容器的 容积，所以剩余气体的密度变小 故答案为：不变；变小 点评： 本题考查了学生对密度特性的掌握和运用密度是物质本身的一种属性，与物质的 种类和状态有关，与体积和质量的大小无关 15 （2012?南充）在物理学里，我们把物体位置的变化叫机械运动；南充到成都的路线 长大约 210km ，动车运动的时间大约1.5h ，则动车的平均速度大约是140 km/h 考点： 机械运动；变速运动与平均速度。103034 专题： 应用题。 分析： 解决此题要知道： （1）机械运动的定义：物体位置的改变叫做机械运动 （2）已知路程和时间，用速度公式v=可求速度 解答： 解： （1）宏观

22、物体的运动：物理学里把物体位置的变化称为机械运动； v=140km/h 故答案为：机械运动；140 点评： 解决此类问题要结合机械运动定义和速度公式去分析解答，难度不大，属于一道基 础题 16 （2012?南充）节能型日光灯很省电，一支功率为11W的这种日光灯的密度相当于60W 的白炽灯， 11W的节能型日光灯接在家庭电路中正常工作时的电流是0.05 A；某同学将5 盏 60W的白炽灯换成5 盏 11W的这种日光灯， 灯每天工作2h， 一个月 （30 天） 可以节约2.94 kW ?h 考点： 电功率的计算；电功的计算。103034 专题： 计算题。 分析： （1）家庭电路的电压为220V，因

23、额定电压下灯泡正常工作，根据 I=求出节能型日 光灯正常工作时的电流； （2）根据 W=Pt求出求出5 盏 60W的白炽灯和5 盏 11W的这种日光灯每天工作2h、 一个月消耗的电能，两者之差即为节约的电能 解答： 解： （1）节能型日光灯正常工作时的电压U=220V ，功率为11W ，则 正常工作时的电流I=0.05A； （2）5 盏 60W的白炽灯每天工作2h、一个月消耗的电能： W白炽=P白炽t=0.06KW 2h30=3.6KW ?h， 5 盏 11W的节能灯每天工作2h、一个月消耗的电能： W节能=P节能t=0.011KW2h30=0.66KW?h， 一个月节约的电能： W=W 白炽

24、 W节能=3.6KW ?h0.66KW?h=2.94KW?h 故答案为： 0.05 ；2.94 点评： 本题考查电流和消耗电能的计算以及节能的措施，关键是公式及其变形的灵活运用， 解题过程中要注意单位的换算，日常生活中要养成节能的好习惯 17 （2012?南充）如图所示，在水平地面上放一个重300N，底面积为100cm 2 的物体，不考 虑绳的重力和绳与滑轮间的摩擦，匀速拉动物体时，物体与地面的摩擦力为60N，则水平拉 力 F= 30 N，物体对地面的压强是30000 Pa （各连接部分的绳均水平） 考点： 二力平衡条件的应用；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮组及其工作特点。103034 专题： 计

25、算题。 分析： （1）本题中使用滑轮组水平拉动物体，克服的是物体的摩擦力，根据省力公式，则 有 F= f ； （2）物体放在水平地面上，对地面的压力和它的重力是相等的，根据P= 就可以计 算出物体对地面的压强 解答： 解： （1）由图可见，该滑轮组是克服物体的摩擦阻力做功，与动滑轮相连的绳子有2 段， 则水平拉力F= f=60N=30N ； （2）物体放在水平地面上时，对地面的压力等于重力，即F=G=300N ， 受力面积为物体的底面积S=100cm 2=100 104m2=10 2m2， 因此物体对地面的压强：P= =30000Pa 故答案为： 30；30000 点评： （1）对于滑轮组的拉

26、力的计算，首先要看清滑轮组的克服物体的重力做功，还是客 服摩擦力做功： 当克服重力做功时，绳子自由端的拉力F=； 当克服摩擦力做功时吗，绳子自由端的拉力F= （2）计算压强时，要注意公式P= 中的 S指的是受力面积，单位是m 2 三、探究与解答题（共31 分） 18 （2012?南充）在如图中，画出通过透镜的折射光线 考点： 透镜的光路图。103034 专题： 作图题。 分析： 凸透镜三条特殊光线的作图： 通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴； 平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点； 过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变 解答： 解：过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，平行

27、于主光轴的光线经凸透镜 折射后将过焦点，如下图所示： 点评： 在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点 来作图，是中考作图考查的重点 19 （2012?南充）在图中，平板车向左做匀速直线运动，画出随平板车一起运动的木箱A 受到的力的示意图 考点： 力的示意图。103034 专题： 作图题。 分析： 对木箱进行受力分析，然后根据力的示意图的画法作出木箱A受到的力的示意图 解答： 解： （1）木箱在竖直方向上受竖直向下的重力G，竖直向上的支持力F 作用； 木箱 A在竖直方向上静止，处于平衡状态，由平衡条件得：F=G ； 木箱与小车一起在水平方向上做匀速直线运动，处于

28、平衡状态，则木箱在水平方向 上不受力； （2）从木箱 A的重心沿重力与支持力的方向作出两力的示意图，木箱受到的力的示 意图如图所示； 点评： （1）本题考查了作力的示意图，是一道基础题，对物体正确受力分析是正确解题的 前提与关键，要掌握作力的示意图方法； （2）对木箱受力分析时要注意，木箱在水平方向不受力，很多同学认为木箱在水平 方向受拉力与摩擦力作用，这种看法是错误的，本题是一道易错题 20 （2012?南充）小华同学在学习做饭的过程中，经常加热油和水她猜想油的比热容比大 小，为了验证猜想，她做了以下探究实验： （1）向两个同样的烧杯里分别倒入质量相同的水和油，并测量它们的初始温度，两温 度

29、计示数相同，如图所示，它们的初始温度为20 ； （2）在同样条件下分别给水和油加热，如果在加热时间相同时，可以通过比较温度 升高的高低来比较它们比热容的大小 考点： 比热容的概念；温度计的使用及其读数。103034 专题： 实验题。 分析： （1）比较物质的吸热能力有两种方法：或控制它们的质量和吸热多少相同，比较它 们升高的温度，升高的温度高，比热容小；控制它们的质量和升高的温度都相同， 比较它们吸热多少（加热时间长短），吸收的热量多，比热容大 （2）温度计读数要先判断零上还是零下，读数时，视线和液柱上表面相平 解答： 解： （1）质量相同的油和水，用同一热源加热相同的时间吸收的热量相等，由公

30、式 Q=cm t 可知，升高的温度越高，比热容越小 （2）通过温度计液面的位置可以判断玻璃泡在下方，现在是零上的温度，所以它们 的初始温度为20 故答案为：（1）质量； 20；（2）加热时间；温度升高的高低 点评： 比热容是物质的吸热本领，比较比热容的大小时，要在吸收相同的热量时，比温度 的变化量，或在温度变化相同时，比较吸收热量的多少，同时要注意控制变量法研 究问题的思想 21 （2012?南充）如图所示，是用压强计探究内部压强的情境 （1）把探头放入水中，通过观察U型管两边液面的高度差来判断探头处水的压强的大小， 高度差越大，水的压强越大（选填“越大”或“越小”） ； （2） 比较甲图、

31、乙图和丙图， 可以得到： 在同一深度， 液体内部向各个方向的压强相等； （3）在乙图中把探头慢慢下移，可以观察到U型管两边液体的高度差增大，从而得到：在 同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大； （4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，则可以观察到U型管两边液 体的高度差变大 考点： 探究液体压强的特点实验。103034 专题： 实验题。 分析： （1）本题采用了物理中常见的研究方法转换法，即把水的内部压强的大小转换 成 U型管两边液面高度差的大小来判断，液面高度差越大，表示水内部的压强越大 （2）此题用到了常用的研究方法控制变量法比较图甲、图乙和图丙，是控制 液体的密度相

32、同，深度相同，改变压强计金属盒的方向，观察U形管两侧的液面高 度差是否相等，得出液体内部压强是否和方向有关 （3）在乙图中把探头慢慢下移，是控制液体的密度相同，改变液体的深度，观察U 形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的深度有关 （4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，是控制深度相同，改 变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和 液体的密度有关 解答： 解： （1）把水的内部压强的大小转换成U型管两边液面高度差的大小来判断，液面 高度差越大，表示水内部的压强越大 （2）比较甲图、乙图和丙图，控制液体密度和深度不变，改变探头的

33、方向，U形管 两侧的液面高度差相等可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等 （3）在乙图中把探头慢慢下移，控制液体的密度不变，改变深度，可以观察到U型 管两边液体的高度差增大，得到：在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增 大； （4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，控制深度不变，把水 换成盐水，密度变大，则可以观察到U型管两边液体的高度差变大 故答案为：（1）越大；（2）相等；（3）深度；（4）高度差变大 点评： 此题主要考查的是液体内部压强的规律以及液体内部压强的影响因素，注意转换法、 等效替代法和控制变量法在实验中的运用液体压强是中考必考的一个知识点，需 要

34、掌握 22 （2012?南充）小华同学做“测量小灯泡额定功率”的实验，选用额定电压是2.5V 的小 灯泡 （1）如图是他实验的电路，但连接不完整，请你用笔画线代替导丝帮他完成电路的连接； （2）小华正确连接电路后，闭合开关，发现灯不亮，但电压表有较大读数，则故障原因可 能是灯泡断路； （3）排除故障后，小华调节滑动变阻器使电压表的读数为2.5 V时，小灯泡正常发光， 此时，电流表的读数如图所示，则小灯泡的额定功率是0.75 W 考点： 探究用电器的电功率实验。103034 专题： 实验题；作图题。 分析： （1）由图 1 知，电压表连接不完整，根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，电压 表并联在

35、灯泡两端； （2）灯不亮，可能是灯泡断路，或灯泡短路，或灯泡之外电路存在断路，或电路电 阻太大，电路电流太小，小灯泡的实际功率太小，不足以引起灯泡发光；电压表由 较大示数，则灯泡不可能短路，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外 不存在断路，如果电路电流太小，则灯泡两端电压较小，电压表示数较小，电压表 不可能由较大示数；综合分析可知：电路故障是：灯泡断路； （3）当灯泡电压等于额定电压2.5V 时灯泡正常发光；根据图2 确定电流表的量程 与最小分度值，根据根据电流表指针位置读出电流表示数，然后由公式P=UI 可以求 出灯泡的额定功率 解答： 解： （1）灯泡额定电压是2.5V，则电压表应

36、选3V 量程，电压表并联在灯泡两端，电 路图如图所示； 故答案为：电路图如图所示 （2）正确连接电路后，闭合开关， 灯不亮， 电压表有较大读数，则故障原因可能是： 灯泡断路； 故答案为：灯泡断路 （3）调节滑动变阻器当电压表示数等于灯泡额定电压2.5V 时，灯泡正常发光；由 图 2 知，电流表的量程是0.6A ， 最小分度值是0.02A， 电流表示数是0.3A ； 灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.3A=0.75W； 故答案为： 2.5 ；0.75 点评： 本题考查了连接实物图、电路故障分析、电流表读数、求灯泡的额定功率，连接实 物图时，注意电压表量程的选择； 分析电路故障时，考虑问题要全面

37、，分析各种可能的故障原因，然后综合分析得出 结论；对电表读数时，应先确定电表的量程与最小分度值，然后根据指针位置读出 电表的示数，读数时，视线应与刻度线垂直 23 （2012?南充）如图所示，用F=20N的水平拉力拉着边长l=10cm 的正方体铁块在水平地 面上做匀速直线运动，在t=10s 内运动了s=46cm的路程， c铁=0.46 10 3J/ （kg?） 铁 =7.9 10 3kg/m3 求 （1）水平拉力F 做的功 W是多少？ （2）水平拉力F 做功的功率P是多少？ （3）此过程有等于水平拉力做的功的内能产生，其中的79% 被铁块吸收，铁块将升高多少 温度？ 考点： 功的计算；密度公式

38、的应用；功率的计算；热量的计算。103034 专题： 计算题。 分析： （1）知道水平拉力F 的大小和在拉力的方向上通过的距离，可利用公式W=Fs计算 出拉力做的功 （2）知道做功的时间，可利用公式P= 计算出拉力做功的功率 （3）从题可知，水平拉力做的功等于产生的内能，而其中的79% 被铁块吸收，从而 可以计算出铁块吸收的热量；知道铁块的边长，可利用公式v=l 3 计算出铁块的体积， 又知道铁块的密度，可利用公式m= v 计算出铁块的质量；又知道铁块的比热容， 最后再利用公式t=计算出铁块升高的温度 解答： 解： （1） F=20N，s=46cm=0.46m， 拉力 F 做的功为： W=Fs

39、=20N 0.46m=9.2J （2） t=10s ， 拉力 F 做功的功率为：P= =0.92W （3）水平拉力做的功等于产生的内能，而其中的79% 被铁块吸收， 铁块吸收的热量为：Q吸=W 79%=9.2J79%=7.268J； 而正方体铁块的边长l=10cm=0.1m， 则正方体铁块的为：v=l 3=（0.1m）3=0.001m3， 铁=7.9 10 3kg/m3， 铁块的质量为：m= 铁v=7.9 10 3kg/m30.001m3=7.9kg ， 又 c铁=0.46 10 3J/ （kg?） ， 铁块升高的温度为：t=0.002 答： （1）水平拉力F 做的功 W是 9.2J （2）水

40、平拉力F做功的功率P是 0.92W （3）铁块将升高的温度为0.002 点评： 本题考查了功和功率，以及体积、质量和温度的变化的计算，关键是公式和公式变 形的理解和应用，在计算过程中要注意单位的换算本题的第三问是一个比较容易 出错的题目，需要特别注意 24 （2012?南充）如图所示的电路中，小灯泡L 上标有“ 6V 6W ”字样（忽略温度对灯丝电 阻的影响） （1）求小灯泡正常发光时的电流和电阻； （2）若电源电压是9V，闭合开关S1和 S2，为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路的电阻 的最小值是多少？ （3）若换一个电压未知但不变的电源，闭合开关S1、断开开关S2，滑动变阻器的滑片从一 处

41、从滑到另一处时，电压表的示数由5V变化到 1V，电流表的示数变化了0.4A，则 R0的阻 值是多少？ 考点： 欧姆定律的应用； 串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算。 103034 专题： 计算题；应用题；压轴题；动态预测题。 分析： （1） 由铭牌可知灯泡的额定电压和额定功率，且额定电压下灯泡正常发光，根据 I= 求出正常发光时的电流，根据欧姆定律求出电阻； （2）当闭合开关S1和 S2时，灯泡 L 与滑动变阻器串联，为了保证电路安全电路中的 最大电流为灯泡的额定电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压， 根据欧姆定律求出接入电路的最小电阻； （3）当闭合开关S1

42、、断开开关S2时，灯泡 L 与滑动变阻器、电阻R0串联，电压表测 滑动变阻器两端的电压；根据串联电路的分压特点判断两电表对应的示数，再根据 串联电路的电压特点和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式，联立等式即可求出 电阻 R0的阻值 解答： 解： （1）小灯泡正常发光时UL=6V，PL=6W ，则 IL=1A， RL=6 （2）当闭合开关S1和 S2时，灯泡L 与滑动变阻器串联， 为了保证电路安全，则电路中的最大电流I=I L=1A，此时 UL=6V； 滑动变阻器两端的电压U1=U UL=9V6V=3V ， 所以滑动变阻器接入电路电阻的最小值R1=3 （3）当闭合开关S1、断开开关S2时，灯泡

43、L 与滑动变阻器、电阻R0串联，电压表测 滑动变阻器两端的电压， 根据串联电路的分压特点可知，当滑动变阻器的滑片从一处（a）滑到另一处（b） 时， U1=5V变为 U1=1V ， 则电路中的电流由Ia变为 Ib=Ia0.4A ； 因电源的电压不变， 所以 U=U1+Ia（RL+R0）=5V+Ia（6+R0） ， U=U1+Ib（RL+R0）=1V+（Ia0.4A）（ 6+R0） ， 联立等式可得：R0=4 答： （1）小灯泡正常发光时的电流为1A，电阻为6； （2）若电源电压是9V，闭合开关S1和 S2，为了保证电路安全，滑动变阻器接入电 路的电阻的最小值是3； （3）R0的阻值是4 点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是知道灯泡 在额定电压下正常发光且此时电路中的电流最大，难点是第三问中电压表和电流表 示数的对应和根据电源的电压不变得出方程