《2020版高考物理大二轮专题复习新方略通用版专练：小卷30分钟提分练（三） Word版含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020版高考物理大二轮专题复习新方略通用版专练：小卷30分钟提分练（三） Word版含解析.doc（8页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、小卷30分钟提分练(8选择2实验)(三)一、选择题(本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14甲、乙两辆汽车沿同一条平直公路行驶，其运动的位置时间图线如图所示，其中甲车图线为直线，乙车图线为抛物线下列关于两车运动情况的说法正确的是()A甲车做直线运动，乙车做曲线运动B在04 s内，甲、乙两车的平均速度大小均为2 m/sC在t2 s时，甲、乙两车速度大小相等D在t2 s时，甲、乙两车相遇解析：xt图线只能表示物体做直线运动，选项A错误；由图象可知，04 s内甲车的位移
2、大小为x甲8 m，甲车的平均速度大小为v甲2 m/s，乙车的位移大小大于8 m，乙车的平均速度大于甲车的平均速度，选项B错误；在t2 s时，甲车与乙车到达同一位置，甲、乙两车相遇，选项D正确；由xt图线的斜率表示速度，可知在t2 s时，甲车的速度大小小于乙车的速度大小，选项C错误答案：D15天然放射现象的发现揭开了原子核的秘密，在科学史上意义重大. U的半衰期为T，衰变方程为：UThHe，下列说法正确的是()A天然放射现象是由居里夫妇首先发现的BTh与He的结合能之和一定大于U的结合能CTh与He的质量之和一定大于U的质量D1 000个U核经2T时间后还有250个U没有发生衰变解析：天然放射现
3、象是由贝可勒尔首先发现的，选项A错误；铀核在发生衰变反应时释放能量，根据能量守恒定律，可知Th与He的结合能之和一定大于U的结合能，选项B正确；根据爱因斯坦质能方程，可知由于衰变时释放能量，有质量亏损，Th与He的质量之和一定小于U的质量，选项C错误；由于半衰期是统计规律，对大量原子核的衰变才适用，所以1 000个U核经过2T(两个半衰期)时间后，不一定还有250个U没有发生衰变，选项D错误答案：B16如图所示，三条虚线表示某电场中的三个等差等势面，电势分别为1、2、3.一个带电粒子只在电场力作用下按图中实线轨迹从A点运动到B点，则以下说法正确的是()A123B粒子在A点的加速度方向与速度方向
4、的夹角为钝角C粒子在B点的加速度大于在A点的加速度D粒子在A点的电势能大于在B点的电势能解析：由于带电粒子的电性未知，则无法确定三个等势面的电势高低，选项A错误；根据电场线与等势面垂直以及粒子做曲线运动的条件可以判断出带电粒子从A点运动到B点的过程中，速度方向和电场力方向的夹角为锐角，粒子做加速运动，电场力做正功，粒子的电势能减小，所以粒子在A点的电势能大于在B点的电势能，故选项B错误，D正确；根据等差等势面密集的地方电场强度大，可知A点的电场强度大于B点的电场强度，由FqE可知带电粒子在A点所受的电场力大于在B点所受的电场力，根据牛顿第二定律Fma，可知粒子在A点的加速度大于在B点的加速度，
5、选项C错误答案：D172019陕西榆林三模2019年3月10日我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功将“中星6C”卫星发射升空，卫星进入预定轨道，它是一颗用于广播和通信的地球静止轨道通信卫星，假设该卫星在距地面高度为h的同步轨道做圆周运动已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，引力常量为G.下列说法正确的是()A同步卫星运行的周期为2B同步卫星运行的线速度为C同步轨道处的重力加速度为2gD地球的平均密度为解析：地球同步卫星在距地面高度为h的同步轨道做圆周运动，万有引力提供向心力，有mm，在地球表面，认为重力等于万有引力，有mg，故同步卫星运行的周期为T2，线速度v，选项A、B错误
6、；根据万有引力提供向心力，有mg，联立解得g2g，选项C正确；由mg得，M，故地球的平均密度为，选项D错误答案：C18一含有理想变压器的电路如图所示，输入端接有电压为u220sin(100t)V的交流电，在原、副线圈的回路中接入的电阻阻值均为R.当理想变压器的原、副线圈的匝数比为2：1时，理想电压表的示数为U1，当理想变压器的原、副线圈的匝数比为1：2时，理想电压表的示数为U2，则()AU1U2 BU1U2CU1U2 D以上情况均可能解析：原、副线圈的匝数比为n1：n22：1时，原、副线圈的电流比为I1：I21：2，原、副线圈上的电阻R上的电压比为I1R：I2R1：2，此时理想电压表的示数U1
7、即为副线圈上的电阻R上的电压，则原线圈上的电阻R上的电压为，由变压器变压公式可知原线圈输入电压为 2U1，输入端电压U2U1；当理想变压器的原、副线圈的匝数比为1：2时，原、副线圈的电流比为2：1，原、副线圈上的电阻R上的电压比为I1R：I2R2：1，理想电压表的示数为U2，则原线圈上的电阻R上的电压为2U2，原线圈输入电压为，则输入端电压U2U2，所以U2U1，选项B正确答案：B192019郑州市第一次质量预测如图所示，斜面体放置在粗糙的水平地面上，在水平向右的推力F作用下，物体A和斜面体B均保持静止若减小推力F，物体A仍然静止在斜面上，则()A物体A所受合力一定为零B斜面对物体A的支持力一
8、定变小C斜面对物体A的摩擦力一定变小D地面对斜面体B的摩擦力一定为零解析：物体A始终静止，合外力一直为0，A正确；斜面对A的支持力为FNFsin mgcos ，减小F，则支持力减小，B正确；开始时Fcos 和mgsin 大小关系未知，斜面对物体A的摩擦力方向不能确定，减小F后斜面对物体A的摩擦力方向和大小不能确定，C错误；由整体法可知，D错误答案：AB202019湖北武汉调研如图甲所示，在足够长的光滑的斜面上放置着金属线框，垂直于斜面方向的匀强磁场的磁感应强度B随时间的变化规律如图乙所示(规定垂直斜面向上为正方向)t0时刻将线框由静止释放，在线框下滑的过程中，下列说法正确的是()A线框中产生大
9、小、方向周期性变化的电流BMN边受到的安培力先减小后增大C线框做匀加速直线运动D线框中产生的焦耳热等于其机械能的损失解析：穿过线圈的磁通量先向下减小，后向上增加，则根据楞次定律可知，感应电流方向不变，选项A错误；因B的变化率不变，则感应电动势不变，感应电流不变，而B的大小先减后增加，根据FBIL可知，MN边受到的安培力先减小后增大，选项B正确；因线圈平行的两边电流等大反向，则整个线圈受的安培力为零，则线圈下滑的加速度为gsin 不变，则线框做匀加速直线运动，选项C正确；因安培力对线圈不做功，斜面光滑，则线框的机械能守恒，机械能无损失，选项D错误；故选B、C.答案：BC21如图所示，轻弹簧一端固
10、定在O1点，另一端系一小球，小球穿在固定于竖直面内、圆心为O2的光滑圆环上，O1在O2的正上方，C是O1O2的连线和圆环的交点，将小球从圆环上的A点无初速度释放后，发现小球通过了C点，最终在A、B之间做往复运动已知小球在A点时弹簧被拉长，在C点时弹簧被压缩，则下列判断正确的是()A弹簧在A点的伸长量一定大于弹簧在C点的压缩量B小球从A至C一直做加速运动，从C至B一直做减速运动C弹簧处于原长时，小球的速度最大D小球机械能最大的位置有两处解析：因只有重力和系统内弹力做功，故小球和弹簧组成系统的机械能守恒，小球在A点的动能和重力势能均最小，故小球在A点的弹性势能必大于在C点的弹性势能，所以弹簧在A点
11、的伸长量一定大于弹簧在C点的压缩量，故选项A正确；小球从A至C，在切线方向先做加速运动再做减速运动，当切线方向合力为零(此时弹簧仍处于伸长状态)时，速度最大，故选项B、C错误；当弹簧处于原长时，弹性势能为零，小球机械能最大，由题意知，A、B相对于O1O2对称，显然，此位置在A、C与B、C之间各有一处，故选项D正确答案：AD二、非选择题(考生按要求作答)22(5分)在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，某同学先用多用电表的250 mA挡测量通过小灯泡的电流(1)图(甲)电路中，多用电表的两表笔需连接到a，b两处，黑表笔应接_(填“a”或“b”)(2)将得到的数据记录在表格中，当电源为1.50 V时，
12、对应的多用电表指针指示如图(乙)所示，其读数为_mA.(3)由于长期使用多用电表，表内电池的电动势会降低，则(2)的读数会_(填“偏大”“偏小”或“不变”)(4)该同学描绘出的IU图象应是下图中的_解析：(1)电流通过多用电表表笔的方向是红进黑出，则黑表笔应接b处(2)由图(乙)可知，电流表量程为250 mA，最小分度为5 mA，故读数为174 mA.(3)测量电流时，不需要用到多用电表内部电源，不会影响电流的测量，所以读数不变(4)因灯丝(金属)的电阻率随温度升高而增大，即电阻随电流增大而增大，因此图线的斜率应越来越小，选B.答案：(1)b(2分)(2)174(1分)(3)不变(1分)(4)
13、B(1分)23(10分)某同学探究钩码加速度与合外力的关系，其实验装置如图所示一端带有定滑轮的长木板固定在桌面上，用轻绳绕过定滑轮及光滑的动滑轮将滑块与弹簧测力计相连实验中保持钩码的质量不变，在滑块上增加砝码进行多次测量，每一次滑块均从同一位置P由静止开始释放，在钩码带动下滑块向右运动，此过程中，记录弹簧测力计的示数F和光电门遮光时间t，用弹簧测力计测得钩码受到的重力为G，用刻度尺测得P与光电门间的距离为s，用螺旋测微器测得滑块上窄片的宽度为d.(1)实验中_(填“需要”或“不需要”)平衡滑块受到的滑动摩擦力(2)滑块通过光电门的速度大小为_，钩码的加速度大小为_(用含有d、t、s的表达式表示)(3)对钩码，根据实验数据绘出的下列图象中最符合本实验实际情况的是_解析：(1)实验中保持钩码的质量不变，钩码所受的合力可由弹簧测力计的示数求出，故不需要平衡摩擦力(2)滑块通过光电门的速度v；由v22as得，滑块的加速度a，钩码的加速度a1a.(3)对钩码，由牛顿第二定律得，G2Fma1，解得(G2F)，故(G2F)图象为一条过原点的直线，选项A正确，B、C、D错误答案：(1)不需要(2分)(2)(3分)(3分)(3)A(2分)