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1、2020衡水名师原创物理专题卷专题八 恒定电流考点23 部分电路欧姆定律及应用 考点24 闭合电路欧姆定律及应用 一、选择题（本题共20个小题，每题4分，共80分。每题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题意，有的有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1、电动机与小电珠串联接人电路，电动机正常工作时，小电珠的电阻为，两端电压为，流过的电流为；电动机的内电阻为，两端电压为，流过的电流为。则( )A. B. C. D2、如图所示，电源内阻不可忽略，电路中接有一小灯泡和一电动机小灯泡L上标有“6V12W”字样，电动机的线圈电阻RM0.5.若灯泡正常发光时，
2、电源的输出电压为12V，此时（ ）A.整个电路消耗的电功率为24W B.电动机的热功率为12WC.电动机的输出功率为12W D.电动机的输入功率为12W3、经过同种灵敏电流计精确改装的电压表V1和V2,分别用来测定如图所示电路中R两端a、b间的电压,输入端电压U保持不变,两电压表读数依次为12.7V和12.3V,则( )A.a、b间的实际电压应为12.5V B.a、b间的实际电压应小于12.3VC.电压表V1的量程小于V2的量程 D.电压表V1与V2串联后接在a、b间,指针偏角相同4、如图所示,电源的电动势E和内阻r 一定,R1、R2是定值电阻,R3是光敏电阻(阻值随光照强度的增加而变小)。闭
3、合开关,当照射到R3的光照强度变化时, R2的功率变大,以下判断正确的是( )A.电流表示数一定变小B.电压表示数一定变小C.R3的功率一定变大D.照射到R3的光照强度一定增加5、如图所示,电源电动势为E,内阻为r。电路中的、分别为总阻值一定的滑动变阻器, 为定值电阻, 为光敏电阻(其电阻随光照强度增大而减小)。当电键S闭合时,电容器中一带电微粒恰好处于静止状态。有关下列说法中正确的是()A.只逐渐增大的光照强度,电阻消耗的电功率变大,电阻中有向上的电流B.只调节电阻的滑动端向上端移动时,电源消耗的功率变大,电阻中有向上的电流C.只调节电阻的滑动端向下端移动时,电压表示数变大,带电微粒向下运动
4、D.若断开电S,电容器所带电荷量变大,带电微粒向上运动6、第56届日本电池大会上华为发布了5分钟即可充满3000mA h电池50%电荷量的快充技术成果,引起业界广泛关注.如下是华为某智能手机电池上的信息,支持低压大电流充电,则()3. 8V3000mAh(11.4Wh)GB/T 18287 -2000锂聚合物电池/Li-Polymer Battery充电限制电压:4.35VA.4.35V表示该电池的电动势 B. 该电池充满电后以100mA的电流工作时,可连续工作30小时C.11.4Wh表示该电池能提供的电荷量 D.3000mAh表示该电池能提供的电能7、如图所示的电路中,若a、b为输入端,A、
5、B为输出端,并把滑动变阻器的滑片置于滑动变阻器的中央,则( )A.空载时(A、B端不接负载电阻R)输出电压B.当A、B间接上负载电阻R时,输出电压C.当A、B间所接负载电阻R越小,UAB越接近D.在A、B间分别接电阻为5k和10k的电压表,两表示数相同8、有两个同种材料制成的导体,两导体为横截面为正方形的柱体,柱体高均为h,大柱体柱截面边长为a,小柱体柱截面边长为b,则( )A.从图示电流方向看大柱体与小柱体的电阻之比为B.若电流方向竖直向下,大柱体与小柱体的电阻之比为 C. 从图示电流方向看大柱体与小柱体的电阻之比为1:1D.若电流方向竖直向下,大柱体与小柱体的电阻之比为9、如图电路中，电源
6、电动势为E，内电阻r不能忽略.闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大，在这一过程中( )A.通过变阻器R的电流将增大B.两端的电压减小，减小量为C.路端电压增大，增大量为D.通过的电流减小.减小量小于10、阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E(内阻可忽略)连接成如图所示电路。开关S断开且电流稳定时,C所带的电荷量为;闭合开关S,电流再次稳定后,C所带的电荷量为.与的比值为( )A. B. C. D.11、如图,直线a为电源的U-I图线,直线b和c分别为电阻R1、R2的U-I图线。现用该电源分别与R1、R2组成闭合电路甲和乙。由图象能确定的是( )A.R1的阻值小于R2的阻值 B.电源输出功
7、率P甲P乙C.电源内阻消耗的功率 D.电源效率甲I2R2，U1=I1R1，则，选项BC错误，D正确；故选D. 2答案及解析：答案：D解析：已知电路电流,由于不知电源电动势,无法求出整个电路消耗的电功率,故A错误;因灯泡正常发光,所以电流中电流,故电动机热功率,所B错误;根据题意知电动机电压为,电动机的输出功率,故C错误;输出功率为,所以D正确。 3答案及解析：答案：D解析：电压表与R并联后,并联部分总电阻小于R并联部分分压减小,因此电压测量值小于真实值,即a、b间的实际电压大于两次的测量值,所以实际电压大于12. 7V,故A、B错误;电压表的量程越大,表明电压表的内阻越大,所以并联后的电阻也就
8、越大,分得电压也就越大,即示数越大,故V1的量程较大,故C错误;当电压表V1与V2串联时,流过两个表头的电流相等,所以其指针偏角也相等,故D正确. 4答案及解析：答案：BD解析：当照射到R3的光照强度变化时，R2的功率变大，即通过R2的电流变大，通过R3的电流也变大，由“串反并同”可知，R3的阻值减小，照射到R3均的光照强度增加，选项D正确；通过R3的电流增大而R3的阻值减小，不能判断其功率如何变化，选项C错误；由R3阻值减小可知回路中的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律;可知，回路中的总电流增大，故电流表的示数增大，电源内阻分压增大，路端电压减小，即电压表示数减小，选项A错误,B正确。 5答案及
9、解析：答案：A解析：逐渐增大的光照强度,的电阻减小，回路总电阻减小，回路总电流增大，根据可知上消耗的电功率变大，同时，上端电阻两端电压也增大，则电容器两端电压增大，根据知电荷增加，则中有向上的电流，故A正确.恒定电路中电容器所在支路相当于断路，滑动的滑片不改变电路通电情况，不会发生任何变化，故B错误.调节的滑动端向下移动时，回路总电阻不发牛变化，电压表测的路端电压也不发生变化,示数不变，但是电容器两端分得的电压增大，电场强度增大.电场力大于重力，带电微粒向上运动，故C错误.若断开开关S,则电容器在与组成的电路中放电，电荷减少，电压减小，电场力减小，带电微粒向下运动，故D错误. 6答案及解析：答
10、案：B解析：4.35V为充电电压,不是该电池的电动势,故A错误;该电池充满电后以100mA的电流工作时,可连续工作,故B正确;11.4Wh为电池能提供的电能,不是该电池的电荷量,故C错误;mAh为电荷量的单位,所以3000mAh表示该电池能提供的电荷量,故D错误. 7答案及解析：答案：A解析：空载时，滑动变阻器上下两部分电阻串联,根据串联电路中电压与电阻成正比得出输出电压，故A正确.当A、B间接上负载R时，负载R与变阻器下部分电阻并联，电阻减小,A、B间的电压减小，输出电压，故B错误.A、B间的负载R越小,变阻器下部分并联的电阻越小,A、B间的电压越小，与差值越大，故C错误.在A、B间分别接电
11、阻为5k和10k的电压表,与变阻器下部分并联之后的电阻不同，下半部分分得的电压不同，则电压表示数不同，故D错误. 8答案及解析：答案：C解析：从图示电流方向看,根据电阻定律有则两柱体电阻之比为1:1,故A错误,C正确;若电流竖直向下,根据电阻定律有则,故B、D错误。 9答案及解析：答案：D解析：电压表的示数增大，则r和的电压降低，干路总电流减小.电压表示数增大，则中的电流增大，则R中的电流减小.选项A错误：由闭合电路欧姆定律可得电压表示数增大.则和r的总电压减小,则两端的电压减少量小于,选项B错误；路端电压增大，但电压表示数增大，两端电压减少量小于，则总的增大量小于，选项C错误;干路总电流减小
12、.即中的电流减小.电压减少量小于，则电流的减少量小于，选项D正确. 10答案及解析：答案：C解析：开关S断开与开关S闭合，电流稳定时的电路简化图如图所示.设每个电阻阻值均为R，开关S断开时，并联部分的总电阻为,根据闭合电路欧姆定律得并联部分的电压为,电容器两端的电压等于并联部分电压的一半，故，由知,C所带的电荷量;开关S闭合时,并联部分的总电阻为，根据闭合电路欧姆定律得并联部分的电压为，电容器两端的电压等于并联部分电压，故，由知,C所带的电荷量，则，故C正确. 11答案及解析：答案：C解析：由题图中直线b的斜率比直线c的大，可知R1的阻值大于R2的阻值，选项A错误;分别过电阻R1、R2的U-I
13、图线与电源的U-I图线的交点作两坐标轴的垂线，由P出=UI可知两垂线与坐标轴所围的面积等于用该电源分别与R1、R2组成闭合电路甲和乙时电源的输出功率，由于图象中没有标出具体坐标值,所以不能判断出两电路电源输出功率的大小，选项B错误;电源效率，则电源效率甲乙，选项D错误。电源内阻消耗的功率P内=I2r,由题图可知I甲I乙，则,C正确。 12答案及解析：答案：A解析：若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变大，L1变亮；根据串联电路分压规律可知：右侧并联电路的电压减小，通过L2、R4的电流都减小，L2变暗，电流表的读数变小。符合题意。故A正确。若R2断路，电路中没有电流，两灯都不亮，与
14、题不符，故B错误。若R3断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变小，L1变亮暗；根据串联电路分压规律可知：R4的电压增大，电流表的读数变大，L2不亮，不符合题意。故C错误。若R4断路，总外电阻变大，总电流减小，L1两端电压变小，L1变亮暗；根据串联电路分压规律可知：电流表的读数为零，不符合题意。故D错误。故选A。 13答案及解析：答案：B解析：欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀,读数误差最小;欧姆表的中值电阻等于欧姆表的内阻,根据闭合电路欧姆定律,满偏时,半偏时,联立解得,故选B. 14答案及解析：答案：BC解析：当断开，闭合时，根据闭合电路欧姆定律有，整理得，根据题图乙可知，故A错误，B正
15、确；断开、闭合时，有上式可得，再断开、闭合时，根据闭合电路欧姆定律有，联立解得，故C正确；根据电源输出功率与外电阻关系可知，由于定值电阻，断开、闭合时，随着电阻箱电阻R的减小，与r逐渐接近，则电源的输出功率逐渐增大，故D错误。 15答案及解析：答案：C解析：该图象反映了电源的输出功率P随外电阻R变化的规律.由图看出,电源的输出功率随着外电阻的增大先增大后减小,当时,电源有最大的输出功率,故A正确,C错误.当路端电压等于电源的内电压,则,电源的效率,故B正确.电源的效率,则知R增大时,电源的效率增大,故D正确.本题选择错误的,故选C. 16答案及解析：答案：B解析：开始时,液滴静止,电场力与重力
16、二力平衡,故,电场力竖直向上。保持开关闭合,此时电容器两端电压等于两端电压,将的阻值增大,两板间的电势差不变,由可知E不变,带电液滴仍保持静止,A错误;开关闭合时,两板间的电势差不变,增大两板间的距离,由可知E减小,液滴所受电场力减小,合力向下,故液滴将向下运动,B正确;断开开关,因为有二极管存在,所以两平行板构成的电容器的带电荷量不变,根据、和,联立得,显然E与d无关,可知无论如何改变两板间的距离,板间的电场强度均不发生变化,故电场力不变,液滴仍静止,C错误;由可知,上板向右移动,两板的正对面积减小,则电场强度变大,电场力增大,带电液滴向上运动,D错误。 17答案及解析：答案：AB解析：根据
17、闭合电路欧姆定律应有:,所以为减小误差,要求电压表的分流应尽量小,由可知,电压表内阻应尽量大,即电压表应选,电流表内阻对实验没有影响,选择均可以,故A、B正确. 18答案及解析：答案：CD解析：电炉为纯电阻电器，由欧姆定律得，其发热功率为P=UI1=126W=72W,所以A、B正确。电动机为非纯电阻设备，由能量守恒定律得，所以,C错误。电解槽为非纯电阻装置，由能量守恒定律得，所以,D错误。 19答案及解析：答案：D解析：电流表的改装原理是与阻值较小的电阻并联,且并联的电阻越小,电流表的量程越大,故当S接1或2时为直流电流挡,接1时量程较大,选项AB错误;当S3或4时,内部有电源,为欧姆挡,选项
18、C错误;电压表的改装原理是与阻值较大的电阻串联,且串联的电阻越大,电压表的量程越大,故与S接5或6时为直流电压挡,接5时量程较小,选项D正确. 20答案及解析：答案：BD解析：由丙图可知短路电流为,由得;由知电源效率最高时,滑动变阻器接入电路的阻值最大,由丁图知电源的最大效率为,由,解得;滑动变阻器的滑片在右端B时,分别对应三点.当输出功率达到最大时,此时路端电压为,所以对于a点,有,坐标为;对于b点、c点,所以b点的坐标为;c点的坐标为;d点坐标为,故B、D正确,A、C错误. 21答案及解析：答案：1.AC2.C3.解析：1.电压表并联在电路中,故电压表内阻越大,分流越小,误差也就越小,因此
19、应选内阻较大的电压表A;当滑动变阻器接入电阻最小时,通过电流表的电流最大,约为,故电流表选择C.2.分析电路吋知,滑片右移电压表示数变大,则说明滑动变阻器接入电路部分的阻值增大.两导线接在金属杆的两端上,接入的电阻为零;两导线接在电阻丝两端,接入电阻最大并保持不变;一条导线接在金属杆左端,而另一条导线接在电阻丝左端,则滑片右移时阻值增大;导线分别接滑动变阻器右边上下接线柱,滑片右移时,接入电路中的电阻减小.综上可知,C符合题意.3.由闭合电路欧姆定律可知,可知图象的斜率的绝对值为,内阻;令,则有,由题意可知,图象在横轴上的截距为a,则有,解得. 22答案及解析：答案：1.C2.变大2.2.303.0.15解析：1.描绘小灯泡的伏安特性曲线时,电压应从零开始,滑动变阻器应采用分压接法,由于电压表的内阻远大于小灯泡的电阻,因此电流表采用外接法,则C正确。2.闭合开关,在滑动变阻器的滑片向右移动的过程中,由串、并联电路的特点可知,并联部分分得的电压变大,即电压表的示数变大。3.电压表的读数为2.30V。4.将定值电阻R等效为电源内阻的一部分,则等效电源的电动势为2V、内阻为5,则在题图乙中作出该电源的伏安特性曲线,如图所示,两图线交点的横、纵坐标的乘积为小灯泡消耗的实际功率,即。