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1、第 1 页 共 8 页 选择题定时训练选择题定时训练 5 (限时：30 分钟) 一、单项选择题 1 (2019福建三明市5月质检)一空载列车加速经过一段平直的路段时， 通过某点时的速率为v， 加速度大小为 a1；当列车载满货物再次加速经过同一点时，速率仍为 v，加速度大小变为 a2. 设列车发动机的功率恒为 P，阻力是列车重力的 k 倍，重力加速度大小为 g，则列车空载与 满载时的质量之比为( ) A. B. kga1 kga2 kga2 kga1 C. D. Pkga2 vkga1 Pkga1 vkga2 答案 B 解析 因两次经过某点的速率相同，功率相同，由 F 可知牵引力相同；由牛顿第二
2、定律， P v 空载时：Fkmgma1；满载时：FkMgMa2；联立解得：，故选 B. m M kga2 kga1 2(2019四川绵阳市第三次诊断)关于热现象，下列说法正确的是( ) A物体速度增大，则组成物体的分子动能增大 B物体的温度或者体积变化，都可能引起物体内能变化 C相同质量的两个物体，升高相同温度，内能增加一定相同 D绝热密闭容器中一定质量气体的体积增大，其内能一定增加 答案 B 解析 物体分子平均动能的标志是温度，与宏观速度无关，A 错误；物体内能等于所有分子 的动能与所有分子势能的和，分子平均动能与温度有关，而分子势能与体积有关，所以物体 内能与温度和体积有关，B 正确 ；
3、根据 B 选项的分析，升高相同温度，但体积变化关系未知， 第 2 页 共 8 页 所以内能变化无法判断，C 错误；根据热力学第一定律 UQW，容器绝热，Q0，气体 体积增大，所以气体对外做功，W0，所以 U0，内能减小，D 错误 3(2019福建三明市 5 月质检)一列沿 x 轴正方向传播的简谐波在 t0 时刻的波形图如图 1 所示，已知 B 质点从 0 时刻起经过 0.5 s 第一次到达波谷，则下列判断正确的是( ) 图 1 A简谐波的周期为 4 s B简谐波的波速为 20 cm/s C在 t0 时 B 质点的振动方向沿 y 轴正方向 D某个时刻 A、B 两质点的振动方向可能相同 答案 B
4、解析 已知 B 质点从 0 时刻起经过 0.5 s 第一次到达波谷，可知 0.5 s，则 T2 s，选项 A T 4 错误；因 40 cm，则波速 v cm/s20 cm/s，选项 B 正确；由波形图可知，在 t0 T 40 2 时 B 质点的振动方向沿 y 轴负方向，选项 C 错误；因 A、B 两质点相差半个波长，则两质点 的振动总是相反的，振动方向不可能相同，选项 D 错误 4如图 2 所示，质量为 m 的一辆小汽车从水平地面 AC 上的 A 点沿斜坡匀速行驶到 B 点B 距水平地面高 h，以水平地面为零势能面，重力加速度为 g.小汽车从 A 点运动到 B 点的过程 中(空气阻力不能忽略)
5、，下列说法正确的是( ) 图 2 第 3 页 共 8 页 A合外力做功为零 B合外力做功为 mgh C小汽车的机械能增加量为 0 D牵引力做功为 mgh 答案 A 5(2019广西钦州市 4 月综测)“飞针穿玻璃”是一项高难度的绝技表演，曾引起质疑为了 研究该问题， 以下测量能够得出飞针在穿越玻璃的时间内， 对玻璃平均冲击力大小的是( ) A测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃前后的速度 B测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间 C测出飞针质量、玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间 D测出飞针质量、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度 答案 D 解析 在“飞针穿玻璃”的过程中，由动量定理得： tmv2mv
6、1，故应测出飞针质量、F 飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度，故 D 正确，A、B、C 错误 6(2019安徽淮南市第二次模拟)已知地球两极处的重力加速度大小约为 9.8 m/s2，贴近地球 表面飞行的卫星的运行周期约为 1.5 小时， 试结合生活常识， 估算一质量为 60 kg 的人站在地 球赤道上随地球自转所需要的向心力约为( ) A0.2 N B0.4 N C2 N D4 N 答案 C 解析 在两极：Gmg； Mm R2 第 4 页 共 8 页 对贴近地球表面飞行的卫星 GmR， Mm R2 42 T2 解得 R； gT2 42 则站在地球赤道上随地球自转的人所受的向心力 ： F向
7、m人Rm人m人g 42 T2 42 T2 gT2 42 T2 T2 609.8()2 N2 N，故选 C. 1.5 24 7(2019湖北武汉市四月调研)已知氢原子的基态能量为 E1，激发态能量 En，其中 n E1 n2 2,3.若氢原子从 n3 的能级跃迁到 n2 的能级放出光子的频率为 ，能使氢原子从基态电 离的光子的最小频率为( ) A. B4 C. D9 9 4 36 5 答案 C 解析 由题意可知：h； E1 32 E1 22 能使氢原子从基态电离的光子的最小频率满足：0E1h， 解得 ，故选 C. 36 5 8(2019山东济宁市第二次摸底)如图 3 甲所示，在线圈 l1中通入电
8、流 i1后，在 l2上产生的 感应电流随时间变化的规律如图乙所示，l1、l2中电流的正方向如图甲中的箭头所示则通入 线圈 l1中的电流 i1随时间 t 变化的图象是下图中的( ) 第 5 页 共 8 页 图 3 答案 D 解析 因为感应电流大小不变，根据电磁感应定律得：I ，而线圈 l1中产生 E R n t R nB t S R 的磁场变化是因为电流发生了变化， 所以 I， 所以线圈 l1中的电流均匀改变， A、 nB t S R ni tS R C 错误；根据题图乙，0 时间内感应电流磁场向左，所以线圈 l1产生的磁场向左减小，或 T 4 向右增大，B 错误，D 正确 二、多项选择题 9(
9、2019广西梧州市联考)甲、乙两物体沿同一直线做减速运动，t0 时刻，两物体同时经 过同一位置， 最后又停在同一位置， 它们的速度时间图象如图4所示， 则在运动过程中( ) 图 4 At1时刻甲和乙相距最远 B甲、乙的平均速度相等 C在某时刻甲、乙的加速度可能相等 第 6 页 共 8 页 D甲的加速度逐渐减小，乙的加速度大小不变 答案 CD 解析 甲、乙两物体速度相等时相距最远，选项 A 错误；甲、乙的位移相同，但是甲运动的 时间较长，则甲的平均速度较小，选项 B 错误；vt 图象的斜率等于加速度，由图象可知， 在某时刻甲的加速度可能等于乙的加速度，选项 C 正确；vt 图象的斜率等于加速度，
10、由图 象可知，甲的加速度逐渐减小，乙的加速度大小不变，选项 D 正确 10 (2019江西南昌市第二次模拟)如图 5 所示， 三条长直导线 a、 b、 c 都通以垂直纸面的电流， 其中 a、b 两根导线中电流方向垂直纸面向外O 点与 a、b、c 三条导线距离相等，且 Ocab. 现在 O 点垂直纸面放置一小段通电直导线，电流方向垂直纸面向里，导线所受安培力方向如 图所示则可以判断( ) 图 5 AO 点处的磁感应强度的方向与 F 相同 B长导线 c 中的电流方向垂直纸面向外 C长导线 a 中电流 I1小于 b 中电流 I2 D长导线 c 中电流 I3小于 b 中电流 I2 答案 BC 解析 由
11、左手定则可知， 磁感应强度方向与安培力方向垂直， 故 A 错误 ； 由左手定则可知， O 点的磁感应强度方向与 F 垂直斜向右下方，此磁场方向可分解为水平向右方向和竖直向下方 向，所以导线 c 在 O 点产生的磁场方向应水平向右，由安培定则可知，导线 c 中的电流为垂 第 7 页 共 8 页 直纸面向外， 导线a在O点产生的磁场方向竖直向上， 导线b在O点产生的磁场方向竖直向下， 所以长导线 a 中电流 I1与 b 中电流 I2的关系，由于不知道安培力的具体方向，所以无法确定 长导线 c 中电流 I3与 b 中电流 I2的关系，故 B、C 正确，D 错误 11.(2019山东济宁市第二次摸底)
12、如图 6 所示， 在绝缘水平地面上固定两个等量同种点电荷 A、 B，在 AB 连线上的 P 点由静止释放一带电滑块(可视为质点)，则滑块会由静止开始一直向右 运动到 AB 连线上的一点 M 而停下则以下判断正确的是( ) 图 6 A滑块一定带的是与 A、B 异种的电荷 B滑块的电势能一定是先减小后增大 C滑块的动能与电势能之和一定减小 DAP 间距一定小于 BM 间距 答案 CD 解析 滑块受到的电场力是两点电荷对它作用力的合力，滑块向右运动，合力向右，滑块一 定带与 A、B 同种的电荷，否则滑块将向左运动，A 错误滑块运动可能有两种情况 ： 1.滑块 受到的电场力先向右后向左，电场力先做正功
13、，再做负功，电势能先减小后增加；2.滑块受 到的电场力合力始终向右，在到达 AB 中点前停止，电场力始终做正功，电势能始终减小，B 错误根据能量守恒，滑块的电势能、动能、内能之和不变，阻力做负功，内能增大，则动 能与电势能之和一定减小，C 正确若没有摩擦力，APBM；因为水平面不光滑，水平方 向受到摩擦力作用， 运动到速度为0的位置在P点关于AB中点对称点的左侧， 所以APBM， D 正确 12(2019湖北荆州市四月质检)如图 7 所示，带有孔的小球 A 套在粗糙的倾斜直杆上，与正 下方的小球 B 通过轻绳连接，处于静止状态给小球 B 施加水平力 F 使其缓慢上升，直到小 球 A 刚要滑动在
14、此过程中( ) 第 8 页 共 8 页 图 7 A水平力 F 的大小不变 B杆对小球 A 的支持力增加 C轻绳对小球 B 的拉力先变大后变小 D杆对小球 A 的摩擦力先变小后变大 答案 BD 解析 小球 B 受拉力 F、重力和轻绳的拉力 FT，合力为零如图所示： 由此可知，随着 的增加，拉力 F 和轻绳张力 FT均增大，故 A、C 错误； 再对 A、B 球整体分析，受重力、拉力 F、支持力 FN和静摩擦力 Ff，如图所示： 设杆与水平方向的夹角为 ，根据平衡条件，在垂直杆方向有 FN(Mm)gcos Fsin ，随 着 F 的增大，支持力 FN增大； 在平行杆方向，有 ： Fcos Ff(Mm)gsin ，可得 ： Ff(Mm)gsin Fcos ，可知随着 F 的增大，静摩擦力逐渐减小，当(Mm)gsin Fcos 时，摩擦力为零，此后静摩擦力反向 增大，故 B、D 正确