2020版生物新导学浙江选考大一轮课件：第14讲　自由组合定律 .pptx

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1、,第14讲 自由组合定律,第四单元 遗传的基本规律、人类遗传病与优生,KAO GANG YAO QIU,考纲要求,1.两对相对性状的杂交实验、解释及其验证(b)。 2.自由组合定律的实质(b)。 3.自由组合定律的应用(c)。 4.活动：模拟孟德尔杂交实验(b)。,NEI RONG SUO YIN,内容索引,考点一,自由组合定律杂交实验的分析,知识梳理,答案,1.两对相对性状的杂交实验(提出问题) (1)过程 P 黄色圆形绿色皱形 F1 _ F2表现型 黄色圆形黄色皱形绿色圆形绿色皱形 比例 9 3 3 1,黄色圆形,答案,(2)实验结果分析 F1全为黄色圆形，说明黄色和圆形为 性状。 F2中

2、圆形皱形31，说明种子粒形的遗传遵循 定律。 F2中黄色绿色31，说明种子颜色的遗传遵循 定律。 F2中出现两种亲本性状(黄色圆形、绿色皱形)、两种新性状(黄色皱形、绿色圆形)，说明不同性状之间进行了 。,显性,分离,分离,自由组合,答案,2.对自由组合现象的解释(做出假设) (1)假设 F1在形成配子时， (等位基因)彼此分离，_ (非等位基因)自由组合。 F1产生雌雄配子各 种类型，且数目 。 受精时，雌雄配子的结合是 的。,同对的遗传因子,不同对的遗传,因子,4,相等,随机,(2)解释(图解),3.对自由组合假设的验证(演绎推理) (1)预测(用遗传图解表示如下),(2)测交实验(进行验

3、证) 目的： 。 选材：F1与 。 预期结果：表现型及其比例是 。 实验过程及结果：F1绿色皱形55株黄圆、49株黄皱、51株绿圆、52株绿皱，其比值接近 。 结论：实验结果与预测相符，证明了 。,答案,验证对自由组合现象的解释,双隐性纯合亲本(绿色皱形),黄圆黄皱绿圆绿皱1111,1111,孟德尔基因自由组合的假设是正确的,答案,4.总结自由组合定律的实质、时间、范围 (1)实质： 染色体上的 基因自由组合。 (2)时间： 。 (3)范围： 生殖的生物，真核细胞的核内 上的基因，无性生殖和细胞质基因遗传时不遵循。,非同源,非等位,减数第一次分裂后期,有性,染色体,常考基础诊断,CHANG K

4、AO JI CHU ZHEN DUAN,(1)F1(基因型为YyRr)产生的精子中，基因型为YR和yr的比例为11( ) (2)F1(基因型为YyRr)产生基因型为YR的卵细胞和基因型为YR的精子数量之比为11( ) (3)基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵细胞可以自由组合 ( ) (4)基因型为AaBb的植株自交，得到的后代中表现型与亲本不相同的概率为9/16( ) (5)非等位基因总是表现为自由组合( ),答案,(6)孟德尔的两对相对性状的杂交实验中，F2中表现为双显性的个体基因型有4种( ) (7)具有两对相对性状的纯合亲本杂交，F2中表现为重组类型的个体占3/8 ( )

5、(8)孟德尔自由组合定律普遍适用于乳酸菌、酵母菌、蓝细菌等各种有细胞结构的生物( ),答案,观察下面的图示，探究有关问题,答案,教材热点拓展,JIAO CAI RE DIAN TUO ZHAN,(1)能发生自由组合的图示为 ，原因是 。 (2)自由组合定律的细胞学基础：_ 。,A,非等位基因位于非同源染色体上,同源染色体彼此分离的同时，非同源染色体,自由组合,(3)假如F1的基因型如图A所示，总结相关种类和比例 F1(AaBb)产生的配子种类及比例：4种，_ 。 F2的基因型有 种。 F2的表现型种类和比例： 种，双显一显一隐一隐一显双隐 。 F1测交后代的基因型种类和比例： 。 F1测交后代

6、的表现型种类和比例： 。,答案,ABAbaBab,1111,9,4,9331,4种，1111,4种，1111,(4)假如图B不发生染色体的交叉互换，总结相关种类和比例 F1(AaCc)产生的配子种类及比例： 。 F2的基因型有 种。 F2的表现型种类及比例： 。 F1测交后代的基因型种类及比例： 。 F1测交后代的表现型种类及比例： 。,答案,2种，ACac11,3,2种，双显双隐31,2种，11,2种，11,1.两对相对性状的杂交实验 (1)两对相对性状的遗传实验分析 P YYRR(双显性性状)yyrr(双隐性性状) 或YYrr(一显一隐)yyRR(一隐一显) F1 YyRr(双显) ,重点

7、剖析,根据乘法定律得出F2的表现型和基因型，见下表：,(2)相关结论 F2共有16种配子组合，9种基因型，4种表现型。 表现型 a.双显性性状：Y_R_，占9/16。 b.单显性性状：Y_rryyR_，占3/162。 c.双隐性性状：yyrr，占1/16。 d.亲本类型：(YYRRyyrr)或(YYrryyRR)，占10/16或占6/16。 e.重组类型：(Y_rryyR_)或(Y_R_yyrr)，占6/16或占10/16。 基因型 a.纯合子：YYRR、YYrr、yyRR、yyrr，共占1/164。 b.双杂合子：YyRr，占4/16。 c.单杂合子：YyRR、YYRr、Yyrr、yyRr，

8、共占2/164。,2.遗传定律的验证方法,命题点一 两对相对性状的杂交实验、解释及其验证 1.已知水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，这两对基因是独立遗传的。现将一株表现型为高秆、抗病的植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，所得后代表现型是高秆矮秆31，抗病感病31。根据实验结果，判断下列叙述错误的是 A.以上后代群体的表现型有4种 B.以上后代群体的基因型有9种 C.以上两株亲本可以分别通过不同杂交组合获得 D.以上两株表现型相同的亲本，基因型不相同,命题探究,答案,解析,解析 遗传图解如下： P: 高秆抗病 高秆抗病 T_R_ T_R_ ,高秆抗病高秆感病矮秆抗

9、病矮秆感病 9 3 3 1 根据9331的比例可知，两亲本的基因型相同，均为TtRr，其后代群体中有4种表现型，9种基因型。,A.F1产生的基因型为AB的花粉可能有50%不能萌发，不能实现受精 B.F1自交得F2，F2的基因型有9种 C.将F1花粉离体培养，将得到四种表现型不同的植株 D.正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律,2.现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得F1，F1测交结果如下表，下列有关叙述不正确的是,答案,解析,解析 根据F1与乙的测交结果可知，F1产生的基因型为AB的花粉可能50%不能萌发，不能实现受精。由表所示，F1作为母本与乙测交的

10、后代性状分离比为1111，可见其遵循基因的自由组合定律。,命题点二 自由组合定律的实质及验证 3.(2019金华模拟)已知三对基因在染色体上的位置情况如图所示，且三对基因分别单独控制三对相对性状，则下列说法正确的是 A.三对基因的遗传遵循基因的自由组合定律 B.基因型为AaDd的个体与基因型为aaDd的个体杂交 后代会出现4种表现型，比例为3311 C.如果基因型为AaBb的个体在产生配子时没有发生 交叉互换，则它只产生4种配子 D.基因型为AaBb的个体自交后代会出现4种表现型，比例为9331,答案,解析,解析 A、a和D、d基因是位于两对同源染色体上的两对等位基因，它们的遗传遵循基因的自由

11、组合定律，A、a和B、b基因位于同一对同源染色体上，它们的遗传不遵循基因的自由组合定律，A错误； 如果基因型为AaBb的个体在产生配子时没有发生交叉互换，则它只产生基因型为AB、ab 2种配子，C错误； 由于A、a和B、b基因的遗传不遵循基因的自由组合定律，因此，基因型为AaBb的个体自交后代不一定会出现4种表现型且比例不会为9331，D错误。,4.某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因分别位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：AATTdd、AAttDD

12、、AAttdd、aattdd。则下列说法正确的是 A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用和杂交所得F1的花粉 B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察和杂交所得F1 的花粉 C.若培育糯性抗病优良品种，应选用和亲本杂交 D.将和杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝色,答案,解析,解析 采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，必须是可以在显微镜下表现出来的性状，即非糯性(A)和糯性(a)、花粉粒长形(D)和圆形(d)。和杂交所得F1的花粉只有抗病(T)和染病(t)不同，显微镜下观察不到，A错误； 若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，则应该选择组合，观察F1的

13、花粉，B错误； 将和杂交后所得的F1(Aa)的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，一半花粉为蓝色，一半花粉为棕色，D错误。,命题点三 自由组合定律的应用 5.(2019衢州联考)有两个纯种的小麦品种：一个抗倒伏(d)但易感锈病(r)，另一个易倒伏(D)但能抗锈病(R)，两对相对性状独立遗传。让它们进行杂交得到F1，F1再进行自交，F2中出现了既抗倒伏又抗锈病的新品种。下列说法中正确的是 A.F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种都能稳定遗传 B.F1产生的雌雄配子数量相等，结合的概率相同 C.F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种占9/16 D.F2中易倒伏与抗倒伏的比例为31，抗锈病与易感锈病的比例

14、为31,答案,解析,解析 F2中既抗倒伏又抗锈病的基因型是ddRR和ddRr，其中的杂合子不能稳定遗传，A错误； F1产生的雌雄配子数量不相等，B错误； F2中既抗倒伏又抗锈病的新品种占3/16，C错误； F1的基因型为DdRr，每一对基因的遗传都遵循基因的分离定律，D正确。,6.(2018浙江稽阳联谊学校高三模拟)烟草是两性花植物，每朵花中都有雄蕊和雌蕊。已知烟草子叶颜色(BB表现深绿；Bb表现浅绿；bb呈黄色，幼苗阶段死亡)和花叶病的抗性(由R、r基因控制)。研究人员用烟草进行了杂交实验，实验结果如下表：,解析 据题干分析可知，烟草子叶颜色的显性现象的表现形式属于不完全显性，由一对等位基因

15、控制，遵循基因分离定律。,请分析回答： (1)烟草子叶颜色的显性现象的表现形式属于_。子叶颜色的遗传遵循_定律。,不完全显性,基因分离,答案,解析,解析 组合一中由于F1的表现型都为抗病，所以母本的基因型为BBrr，父本的基因型是BbRR。,(2)组合一中父本的基因型是_。,BbRR,答案,解析,(3)用表中F1中的子叶浅绿抗病植株自交，在F2的成熟植株中，表现型有_种，其中子叶深绿抗病类型的比例为_。,4,答案,解析,1/4,解析 分析表中数据可知，F1中的子叶浅绿抗病植株的基因型为BbRr，其自交后代F2的成熟植株中(bb幼苗阶段死亡)会出现子叶深绿抗病(3/12BBR_)、子叶深绿不抗病

16、(1/12BBrr)、子叶浅绿抗病(6/12BbR_)、子叶浅绿不抗病(2/12Bbrr)，故表现型共有4种，子叶深绿抗病类型的比例为1/4。,在子代中，子叶深绿抗病子叶浅绿抗病12，选出子叶深绿类型即为纯合的子叶深绿抗病烟草植株。,(4)请选用表中提供的植物材料设计一个最佳方案，通过杂交育种的方法选育出纯合的子叶深绿抗病烟草植株，并用遗传图解表示该育种过程。,答案,解析,答案 如图所示,解析 由上面的分析可知，组合一中父本基因型为BbRR，让其自交得到子代，子代中深绿个体即为所需，此种方法只需一年即可得到所需类型。值得注意的是：尽管单倍体育种的方法也能在一年内获得子叶深绿抗病的纯合植株，但操

17、作较为复杂，且题中具有RR的个体，而子叶深绿可通过性状表现直接选择，因此不宜选择单倍体育种方法获得。,方法技巧,自由组合定律的应用杂交育种,(1)如果优良性状为隐性，一旦出现隐性性状即可留种。,(2)若优良性 状为显性,植物：连续自交，并进行筛选，直到 不发生性状分离 动物：在一个繁殖季节与多个隐性异 性个体杂交，再根据子代性状确定其 是否为纯合子,选出相应的表现型进行纯化,考点二,自由组合定律常规题型探究,1.n对等位基因(完全显性)位于n对同源染色体上的遗传规律,知识梳理,2.用“先分解后组合”法解决自由组合定律的相关问题 (1)思路：将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，再

18、运用乘法原理进行组合。 (2)分类剖析 配子类型问题 a.多对等位基因的个体产生的配子种类数是每对基因产生相应配子种类数的乘积。 b.举例：AaBbCCDd产生的配子种类数 Aa Bb CC Dd 2 2 1 2 8种,求配子间结合方式的规律：两基因型不同的个体杂交，配子间结合方式种类数等于各亲本产生配子种类数的乘积。 基因型问题 a.任何两种基因型的亲本杂交，产生的子代基因型的种类数等于亲本各对基因单独杂交所产生基因型种类数的乘积。 b.子代某一基因型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应基因型概率的乘积。 c.举例：AaBBCcaaBbcc杂交后代基因型种类及比例 Aaaa1Aa1aa 2种基

19、因型 BBBb1BB1Bb 2种基因型 Cccc1Cc1cc 2种基因型 子代中基因型种类：2228种。 子代中AaBBCc所占的概率为1/21/21/21/8。,表现型问题 a.任何两种基因型的亲本杂交，产生的子代表现型的种类数等于亲本各对基因单独杂交所产生表现型种类数的乘积。 b.子代某一表现型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应表现型概率的乘积。 c.举例：AaBbCcAabbCc杂交后代表现型种类及比例 AaAa3A_1aa 2种表现型 Bbbb1Bb1bb 2种表现型 CcCc3C_1cc 2种表现型 子代中表现型种类：2228种。 子代中A_B_C_所占的概率为3/41/23/49/

20、32。,3.推断亲代基因型的方法 (1)基因填充法：先根据亲代表现型写出能确定的基因，如显性性状的基因型可用A_来表示，由于隐性性状的基因型只有一种，用aa来表示，而子代中一对基因分别来自两个亲本，由此即可推出亲代中未知的基因型。 (2)推断法：出现隐性性状就能写出基因型。子代中的隐性个体往往是逆推过程的突破口，由于隐性个体是纯合子(aa)，因此亲代基因型中必然都有一个a基因，然后再根据亲代的表现型作进一步的推断。,(3)根据子代表现型比例推断法(分解组合法) 9331(31)(31)(AaAa)(BbBb)AaBbAaBb； 1111(11)(11)(Aaaa)(Bbbb)AaBbaabb或

21、AabbaaBb； 3311(31)(11)(AaAa)(Bbbb)或(Aaaa)(BbBb)AaBb Aabb或AaBbaaBb； 31(31)1AabbAabb或AaBBAaBB或AABbAABb等(只要其中一对符合一对相对性状遗传实验的F1自交类型，另一对相对性状杂交只产生一种表现型即可)； 279993331(31)(31)(31)(AaAa)(BbBb)(CcCc) AaBbCcAaBbCc。,命题点一 推算双亲或子代的基因型和表现型 1.(2018浙江绿色评估联盟联考)玉米种子颜色由三对等位基因控制，符合基因自由组合定律。A、C、R基因同时存在时为有色，其余基因型都为无色。一棵有色

22、种子的植株Z与三棵植株杂交得到的结果为：AAccrrZ有色无色11；aaCCrrZ有色无色13；aaccRRZ有色无色11。植株Z的基因型为 A.AaCCRr B.AACCRr C.AaCcrr D.AaCcRR,答案,解析,命题探究,解析 已知玉米有色种子必须同时具备A、C、R三个基因，否则无色。则有色种子的基因型是A_C_R_，其余基因型都为无色。一棵有色种子的植株Z与三棵植株杂交得到的结果为： AAccrrZ有色无色11，则植株Z的基因型是A_CcRR或A_CCRr； aaCCrrZ有色无色13，则植株Z的基因型是AaC_Rr； aaccRRZ有色无色11，则植株Z的基因型是AaCCR_

23、或AACcR_。 根据上面三个过程的结果可以推知该有色植株的基因型为AaCCRr，故选A。,2.南瓜所结果实中白色(A)对黄色(a)为显性，盘状(B)对球状(b)为显性，两对等位基因各自独立遗传。若让基因型为AaBb的白色盘状南瓜与“某南瓜”杂交，子代表现型及其比例如图所示，则下列叙述正确的是 A.“某南瓜”为纯合子 B.“某南瓜”的基因型为Aabb C.子代中A基因频率与AA基因型频率相等 D.配子形成过程中基因A和B的遗传遵循分离定律,答案,解析,解析 由题图可知，子代中白色黄色31，对于此对性状亲本杂交组合为AaAa；子代中盘状球状11，对于此对性状亲本杂交组合为Bbbb，已知一个亲本基

24、因型为AaBb，故另一个亲本基因型为Aabb，A错误、B正确； 只考虑颜色这一对相对性状，子代基因型为AA、Aa、aa，AA基因型的频率为1/4，而A基因的频率为1/2，C错误； A与B基因位于两对同源染色体上，故遵循基因的自由组合定律，D错误。,命题点二 利用“拆分法”解决自由组合定律问题 3.已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是 A.表现型有8种，AaBbCc个体的比例为 B.表现型有4种，aaBbcc个体的比例为 C.表现型有8种，aaBbCc个体的比例为 D.表现型有8种，Aabbc

25、c个体的比例为,答案,解析,解析 设纯合的红花、高株、正常花冠植株基因型是AABBCC，纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株基因型是aabbcc，F1基因型是AaBbCc，自交后F2中植株与F1表现型相同的概率是1/23/43/49/32，C正确。,4.金鱼草正常花冠对不整齐花冠为显性，高株对矮株为显性，红花对白花为不完全显性，杂合子是粉红花。三对相对性状独立遗传，如果纯合的红花、高株、正常花冠植株与纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株杂交，在F2中具有与F1相同表现型的植株的比例是 A.3/32 B.3/64 C.9/32 D.9/64,答案,解析,命题点三 自由组合中的自交和自由交配问题 5.南瓜

26、果实的形状(扁盘形、长圆形、长形)受两对等位基因控制(两对等位基因分别用A、a和B、b表示)，将均为长圆形的两亲本杂交，F1全为扁盘形。再将F1自交得F2，发现扁盘形长圆形长形1379116。若让F2中的长圆形南瓜自由交配，则F3的基因型种类和表现型及比例最可能是 A.8种，扁盘形长圆形长形961 B.9种，扁盘形长圆形长形121 C.7种，扁盘形长圆形长形934 D.6种，扁盘形长圆形长形261,答案,解析,解析 两株长圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜，F1自交得F2，F2中的表现型比为扁盘形长圆形长形961，说明扁盘形中含A和B，长圆形中含A或B，而长形基因型为aabb，因此

27、F2中的长圆形南瓜的基因型及比例为AAbbAabbaaBBaaBb1212。经减数分裂后共产生基因型为Ab、aB、ab三种配子，比例为111。因此，让F2中的长圆形南瓜自由交配，则F3的基因型种类有AAbb、aaBB、aabb、AaBb、Aabb、aaBb共6种。表现型及比例为扁盘形(AaBb)长圆形(AAbb、aaBB、Aabb、aaBb)长形(aabb),若F2中黑色羽毛莱杭鸡的雌雄个体数相同，F2黑色羽毛莱杭鸡自由交配得F3。则F3中 A.杂合子占5/9 B.黑色占8/9 C.杂合子多于纯合子 D.黑色个体都是纯合子,6.莱杭鸡羽毛的颜色由A、a和B、b两对等位基因共同控制，其中B、b分

28、别控制黑色和白色，A能抑制B的表达，A存在时表现为白色。某人做了如下杂交实验：,答案,解析,解析 由题干分析可知，黑色个体的基因型为aaBB、aaBb两种，其他基因型全是白色个体。F2中黑色个体的基因型及概率为1/3aaBB、2/3aaBb，因此F2黑色羽毛莱杭鸡自由交配得到的F3中的基因型及其概率为4/9aaBB、4/9aaBb、1/9aabb。所以F3中杂合子占4/9，黑色占8/9，杂合子少于纯合子，黑色个体不都是纯合子，白色个体都是纯合子。,考点三,活动：模拟孟德尔杂交实验,1.实验原理 (1)分离定律：通过一对相对性状杂交的模拟实验，认识 在形成配子时要相互分离，认识受精作用时雌雄配子

29、的结合是 的。 Yy(或YY、yy)Yy(或YY、yy)子代。 (2)自由组合定律 YyRr(或Y_R_、Y_rr、yyR_、yyrr)YyRr(或Y_R_、Y_rr、yyR_、yyrr)子代。,实验解读,答案,等位基因,随机,2.实验步骤 .模拟一对相对性状的杂交实验 (1)模拟实验操作 在标有“雄1”、“雌1”的每个信封内装入“黄Y”和“绿y”的卡片各10张； 从标有“雄1”的信封中 1张卡片，同时从标有“雌1”的信封中随机取出 张卡片； 将分别从“雄1”、“雌1”信封内随机取出的2张卡片 在一起； 记录后将卡片放回原信封内； 重复上述过程10次以上。,答案,随机取出,1,组合,(2)模拟

30、实验记录,.模拟两对相对性状的杂交实验 (1)模拟实验操作 在标有“雄1”“雌1”的每个信封内装入“黄Y”和“绿y”的卡片各10张，在标有 的每个信封内装入“圆R”和“皱r”的卡片各10张； 从标有“雄1”“雄2”“雌1”“雌2”的四个信封中各 取出一张卡片，“雄1”和“雄2”中取出的卡片组成 配子，“雌1”和“雌2”中取出的卡片组成 配子； 将这4张卡片组合在一起； 记录后将卡片放回原信封内； 重复上述过程10次以上。,答案,“雄2”“雌2”,随机,雄,雌,(2)模拟实验记录,提醒,(1)从“雄1”和“雌1”信封内各取出一张卡片可表示F1雌、雄个体产生的配子。 (2)将分别从“雄1”和“雌1

31、”信封内随机取出的2张卡片组合在一起可模拟F1雌、雄个体产生配子的受精作用。 (3)两种模拟实验均有必要重复10次以上，方可增强说服力。,1.减小实验数据统计误差的方法 (1)提倡23人的合作学习，1人取卡片，1人记录，1人监督。在数据统计时样本数量越大，数据所反应的规律性问题越准确，因此可鼓励每组实验次数比10次更多。当不同小组出现的比例有差别时，应该多鼓励学生自己分析原因。 (2)各组分别统计各个实验的数据，由于实验次数相对较少，各个实验数据反映的关系(数据比例)差别比较大。应引导学生将全班同学的各组实验数据分别统计在同一组，增大统计样本数量，以减小误差。,关键点拨,2.分析数据中体现的规

32、律 分别统计各组实验数据，根据各组实验规定的显、隐性关系以及各标记组合推测内在关系。将全班同学的各组实验数据分别统计在同一组。 (1)模拟两个杂合亲本的杂交(YyYy)，实验数据表明后代出现三种标记组合YY、Yy、yy，比例为121，后代出现性状分离，比例为31。 (2)模拟孟德尔研究两对相对性状的杂交实验(YyRrYyRr)，实验数据表明子代出现9种标记组合；后代出现性状分离，得出4种组合，比例为9331。 (3)模拟孟德尔研究两对相对性状测交实验(YyRryyrr)，实验数据表明子代出现4种标记组合，比例为1111。,命题点一 实验选材、原理、步骤 1.在“模拟孟德尔的杂交实验”中，甲、丙

33、容器共同表示F1雌性个体的基因型，乙、丁容器共同表示F1雄性个体的基因型，卡片上的字母表示基因(如表所示)。,命题探究,下列相关叙述，正确的是 A.从甲容器中随机取出1张卡片，是模拟减数分裂形成精子的过程 B.将从甲、乙容器中分别取出的卡片组合在一起，是模拟自由组合形成受精卵 的过程 C.从乙、丁容器中各随机取1张卡片并组合在一起，是模拟基因重组形成配子 D.从容器中取出的卡片，重新放回到原容器中的目的是保证下次取的卡片是 随机的,答案,解析,解析 从甲容器中随机取出1张卡片，是模拟等位基因的分离，A错误； 将从甲、乙容器中分别取出的卡片组合在一起，是模拟等位基因分离及配子的随机结合过程，B错

34、误； 从乙、丁容器中各随机取1张卡片并组合在一起，涉及两对基因，所以是模拟等位基因分离，非同源染色体上非等位基因自由组合形成配子的过程，C正确； 从容器中取出的卡片，重新放回到原容器中的目的是为了保证每种卡片被取出的概率相等，D错误。,A.两个信封分别代表了父本和母本 B.将取出的2张圆纸片组合并记录组合结果后，要将其放回原信封内 C.将取出的2张圆纸片组合在一起的过程模拟了雌雄配子的随机结合 D.若要模拟自由组合定律，则须在两信封中各加入适量标有“B”和“b”的 圆纸片,2.在模拟孟德尔杂交实验时，有学生取了两个信封，然后向信封中各加入适量标有“A”和“a”的图纸片。下列叙述错误的是,答案,

35、解析,解析 实验过程中两个信封分别代表了父本和母本，A正确； 实验过程中，将取出的2张圆纸片组合并记录组合结果后，要将其放回原信封内，B正确； 取出的圆纸片代表其形成的雌、雄配子，取出的2张圆纸片组合在一起的过程模拟了雌雄配子的随机结合过程，C正确； 若要模拟自由组合定律，则须另取两信封各加入适量标有“B”和“b”的圆纸片，D错误。,a.利用、进行模拟实验，桶中小球数量可以不同，但每个桶中不同的小球必须相等 b.利用、进行有关模拟实验，每次要保证随机抓取，读取组合后必须放回 c.利用、模拟的过程发生在，利用、模拟的过程发生在 d.利用、进行有关模拟实验，要统计全班的结果并计算平均值，是为了减少

36、统计的误差 A.1 B.2 C.3 D.4,命题点二 实验分析与实验拓展 3.结合图示分析，下列叙述正确的有几项,答案,解析,解析 利用、进行模拟实验，小桶中的小球表示的是一对等位基因D和d，每只小桶内两种小球的数量必须相等，表示两种配子的比是11，但两个小桶中小球总数可以不等，说明雌雄配子数量可以不相等，a正确； 利用、进行有关模拟实验，每次要保证随机抓取，且每次抓取的彩球都要放回原桶中并搅匀，再进行下一次抓取，b正确； 利用、模拟的过程发生在，即雌雄配子随机结合；利用、模拟的过程发生在，即减数第一次分裂后期，非同源染色体上的非等位基因自由组合，c正确； 利用、进行有关模拟实验，要统计全班的

37、结果并计算平均值，是为了减少统计的误差，确保实验结果的准确性，d正确，故选D。,4.(2018绍兴模拟)下列关于“模拟孟德尔杂交实验”活动的相关叙述，正确的是 A.装入“黄Y”和“绿y”卡片各10张的“雄1”大信封代表基因型为Yy的亲本 雄性个体 B.从“雄1”信封内随机取出1张卡片表示F1雄性个体产生的配子 C.从“雌1”“雄1”信封内各随机取出1张卡片组合，表示F1个体产生的配子 基因型 D.分别从“雌1”“雌2”“雄1”“雄2”信封内随机取出的4张卡片，组合 类型有4种,答案,探究真题 预测考向,A.甲同学的实验模拟F2产生配子和受精作用 B.乙同学的实验模拟基因自由组合 C.乙同学抓取

38、小球的组合类型中DR约占1/2 D.从中随机各抓取1个小球的组合类型有16种,1.(2016浙江10月选考)在模拟孟德尔杂交实验时，甲同学分别从下图、所示烧杯中随机抓取一个小球并记录字母组合；乙同学分别从下图、所示烧杯中随机抓取一个小球并记录字母组合。将抓取的小球分别放回原烧杯后，重复100次。下列叙述正确的是,答案,解析,1,2,3,4,5,解析 甲同学的实验模拟F1产生配子和受精作用，A错误； 乙同学的实验模拟非等位基因的自由组合，B正确； 乙同学抓取小球的组合类型中DR约占1/21/21/4，C错误； 从中随机各抓取1个小球的组合类型有339种，D错误。,1,2,3,4,5,1,2,3,

39、4,5,2.(2017浙江4月选考)若利用根瘤农杆菌转基因技术将抗虫基因和抗除草剂基因转入大豆，获得若干转基因植物(T0代)，从中选择抗虫抗除草剂的单株S1、S2和S3，分别进行自交获得T1代，T1代性状表现如图所示。已知目的基因能1次或多次插入并整合到受体细胞染色体上。下列叙述正确的是,A.抗虫对不抗虫表现为完全显性， 抗除草剂对不抗除草剂表现为 不完全显性 B.根瘤农杆菌Ti质粒携带的抗虫和 抗除草剂基因分别插入到了S2的 2条非同源染色体上，并正常表达 C.若给S1后代T1植株喷施适量的除草剂，让存活植株自交，得到的自交一代 群体中不抗虫抗除草剂的基因型频率为1/2 D.若取S3后代T1

40、纯合抗虫不抗除草剂与纯合不抗虫抗除草剂单株杂交，得到 的子二代中抗虫抗除草剂的纯合子占1/9,1,2,3,4,5,答案,解析,1,2,3,4,5,解析 单株S3自交获得T1代，抗虫不抗虫31，抗除草剂不抗除草剂31，说明每对等位基因都遵循分离定律，抗虫对不抗虫为完全显性，抗除草剂对不抗除草剂为完全显性，A错误； 由柱形图可知，S2进行自交获得T1代不出现9331的性状分离比，因此农杆菌Ti质粒携带的抗虫和抗除草剂基因不会分别插入到了S2的2条非同源染色体上，并正常表达，B错误；,1,2,3,4,5,设抗虫与抗除草剂相关基因为A、a和B、b，由分析可知，S1后代T1植株的基因型是AAbbAaBb

41、aaBB121，喷施适量的除草剂，存活个体的基因型是AaBbaaBB21，让存活植株自交，后代的基因型及比例是2/3(1/4AAbb1/2AaBb1/4aaBB)1/3aaBB，得到的自交一代群体中不抗虫抗除草剂的基因型频率为aaB_1/32/31/41/2，C正确； S3后代T1纯合抗虫不抗除草剂与纯合不抗虫抗除草剂的基因型分别是AAbb、aaBB，单株杂交，得到的子二代中抗虫抗除草剂的纯合子的基因型是AABB，占子二代的1/16，D错误。,3.(2013天津，5)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如下图。据图判断，下列叙述正确的是 A.黄色为显性

42、性状，黑色为隐性性状 B.F1与黄色亲本杂交，后代有两种表现型 C.F1和F2中灰色大鼠均为杂合子 D.F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中 出现米色大鼠的概率为,答案,解析,1,2,3,4,5,解析 根据遗传图谱F2出现9331的分离比，大鼠的毛色遗传符合自由组合定律。设亲代黄色、黑色大鼠基因型分别为AAbb、aaBB，则F1 AaBb(灰色)，F2中A_B_(灰色)、A_bb(黄色)、aaB_(黑色)、aabb(米色)，黄色、黑色为单显性，A项错误； F1 AaBbAAbb(黄色亲本)A_Bb(灰色)、A_bb(黄色)，B项正确；F2中的灰色大鼠有AABB的纯合子，C项错误； F2黑色大鼠

43、与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为 D项错误。,1,2,3,4,5,注：普通绵羊不含A、B基因，基因型用AABB表示。 请回答： (1)A基因转录时，在_的催化下，将游离核苷酸通过_ 键聚合成RNA分子。翻译时，核糖体移动到mRNA的_，多肽合成结束。,4.若某研究小组用普通绵羊通过转基因技术获得了转基因绵羊甲和乙各1头，具体见下表。,1,2,3,4,5,答案,解析,RNA聚合酶,磷酸二酯,终止密码子,解析 基因转录时，在RNA聚合酶催化下，将游离的核糖核苷酸通过形成磷酸二酯键连接成单链的RNA分子。核糖体移动到终止密码子位置时翻译结束。,1,2,3,4,5,(2)为选育黑色细毛的绵

44、羊，以绵羊甲、绵羊乙和普通绵羊为亲本杂交获得F1，选择F1中表现型为_的绵羊和_的绵羊杂交获得F2。用遗传图解表示由F1杂交获得F2的过程。,1,2,3,4,5,答案,解析,黑色粗毛,白色细毛,答案,解析 根据表格信息可知A控制的是黑色性状，B控制的是细毛性状。绵羊甲的基因型为AABB，绵羊乙的基因型为AABB，普通绵羊的基因型为AABB。为了得到基因型为A_B_的黑色细毛绵羊，由于绵羊甲和乙都是雄性，所以应选择绵羊甲、绵羊乙分别与普通绵羊杂交，再选择F1中的黑色粗毛(AABB)绵羊与白色细毛(AABB)绵羊杂交获得基因型为AABB的黑色细毛绵羊。,1,2,3,4,5,(3)为获得稳定遗传的黑

45、色细毛绵羊，从F2中选出合适的1对个体杂交得到F3，再从F3中选出2头黑色细毛绵羊(丙、丁)并分析A和B基因的表达产物，结果如下图所示。不考虑其他基因对A和B基因表达产物量的影响，推测绵羊丙的基因型是_，理论上绵羊丁在F3中占的比例是_。,1,2,3,4,5,答案,解析,AABB,1/16,解析 绵羊甲和绵羊乙都是分别只有一个A或B基因，根据图中信息可知基因的表达量和A或B基因的数量呈正相关，所以绵羊丙的基因型为AABB，绵羊丁的基因型为AABB，因此，可以推知从F2中选出的1对基因型均为AABB的个体杂交得到F3，所以理论上绵羊丁在F3中占的比例是1/16。,1,2,3,4,5,5.(2018浙江11月选考，31)某种昆虫的正常翅与裂翅、红眼与紫红眼分别由基因B(b)、D(d)控制。为研究其遗传机制，选取裂翅紫红眼雌、雄个体随机交配，得到的F1表现型及数目见下表。,1,2,3,4,5,回答下列问题： (1)红眼与紫红眼中，隐性性状是_，判断的依据是_ _。亲本裂翅紫红眼雌性个体的基因型为_。,红眼,紫红眼与紫红眼交配，,F1出现了红眼,BbDd,答案,解析,解析 分析题表可知，F1的表现型及数目与雌雄无关，所以控制两性状的基因位于常染色体上。 亲本雌雄都是