《2020届高考全国卷人教版生物一轮复习课时检测（十七） 基因的自由组合定律与常规题型 Word版含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届高考全国卷人教版生物一轮复习课时检测（十七） 基因的自由组合定律与常规题型 Word版含解析.doc（8页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、课时检测(十七) 基因的自由组合定律与常规题型一、选择题1下列有关孟德尔的两大遗传定律的说法，正确的是()A运用统计学对实验结果进行分析，是孟德尔获得成功的原因之一B对两大规律的验证，只能以豌豆为实验材料C两者的细胞学基础相同，且都发生在减数分裂过程中D所有的非等位基因的遗传都符合基因的自由组合定律解析：选A对两大规律的验证，也可以用其他动植物为实验材料；基因分离定律的实质是减数第一次分裂后期，等位基因随同源染色体的分开而分离，而基因自由组合定律的实质是减数第一次分裂后期非等位基因随非同源染色体的自由组合而自由组合，所以两者的细胞学基础不同；同源染色体上的非等位基因无法自由组合。2(2018日
2、照调研)黄粒(T)高秆(S)玉米与某玉米杂交，后代中黄粒高秆占3/8、黄粒矮秆占3/8、白粒高秆占1/8、白粒矮秆占1/8，则亲本的基因型是()AttSsTTSsBTtSsTtssCTtSsTtSs DTtSsttss解析：选B黄粒高秆玉米(T_S_)与某玉米杂交，后代中黄粒白粒31，说明两亲本的基因型均为Tt；再根据后代中高秆矮秆11，可知两亲本的基因型分别为Ss、ss。则两个亲本的基因型分别为TtSs、Ttss。3基因型为AABBCC和aabbcc的两种豌豆杂交，按自由组合定律遗传，F2中基因型和表现型的种类数以及显性纯合子的概率依次是()A27、8、1/64 B27、8、1/32C18、
3、6、1/32 D18、6、1/64解析：选AF1的基因型为AaBbCc，按每对基因的自交后代F2来看，F2中每对基因的基因型的种类是3，表现型种类是2，显性纯合子的概率为1/4。三对基因同时考虑，F2基因型有33种，表现型有23种，显性纯合子概率为(1/4)3。4玉米(2n20)的雌、雄花序分别由一对等位基因控制，两对基因独立遗传，M控制生成雌花序，N控制生成雄花序，nn表现为雌株。植株mmNN与MMnn杂交得F1，F1自交得F2。下列说法错误的是()A对玉米进行基因组测序需测定10条染色体上的全部基因B雌雄同株的个体中雌、雄花序的基因型相同CF2个体的表现型及比例为雌雄同株雄株雌株934DF
4、2中两个体杂交后代全为雄株，满足此条件的亲本组合有两种解析：选D玉米为二倍体植物，且玉米性别是由两对基因控制的，与性染色体无关，所以对玉米进行基因组测序只需测定10条染色体上的全部基因，A正确；同一个体的各个细胞的基因型是相同的，雌、雄花序不同是基因选择性表达的结果，B正确；根据题干信息可知，雄株的基因型为mmN_，雌株的基因型为_ _nn，雌雄同株的基因型为M_N_，F1个体的基因型为MmNn，自交后代的基因型为9M_N_(雌雄同株)、3M_nn和1mmnn(雌株)、3mmN_(雄株)，C正确；F2中两个体杂交后代要全为雄株，则亲本的基因型只能为mmNN和mmnn，只有一种组合类型，D错误。
5、5豌豆种子的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒(R)对皱粒(r)为显性。用纯种黄色皱粒豌豆与纯种绿色圆粒杂交，得F1，F1自交得F2。现从F2中选取了一粒黄色圆粒种子，种植后长成植株甲，欲测定甲的基因型，可以用该植株与多株绿色皱粒豌豆(植株乙)杂交，则下列说法正确的是()A该杂交实验中最好选用乙作为父本，甲作为母本B若杂交后代中出现黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒，则甲的基因型为YyRRC若杂交后代中只出现黄色圆粒豌豆，则甲的基因型为YYRRD若杂交后代中只出现黄色圆粒和绿色圆粒，则甲的基因型为YYRr解析：选C甲只能产生少量的雌配子，但能产生大量的花粉，若多株乙接受甲的花粉，则可以产生
6、大量的种子，从而保证实验可获得大量的数据，以便进行统计分析，这样可以避免实验的偶然性，因此，应该选用甲作为父本，乙作为母本。若杂交后代中出现黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒，则甲的基因型为YyRr。若杂交后代中只出现黄色圆粒豌豆，则甲的基因型为YYRR。若杂交后代中只出现黄色圆粒和绿色圆粒，则甲的基因型为YyRR。6(2018安徽六校联考)水稻香味性状与抗病性状独立遗传，香味性状受隐性基因(a)控制，抗病(B)对感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，进行一系列杂交实验。两亲本无香味感病与无香味抗病植株杂交的子代统计结果如图所示，下列有关叙述错误的是()A香味性状一旦出现即能稳定遗传B两
7、亲本的基因型分别是Aabb、AaBbC两亲本杂交的子代中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为1/8D两亲本杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为3/64解析：选C由题干信息可知，香味性状受隐性基因(a)控制，所以香味性状(aa)一旦出现即能稳定遗传，A正确；根据题目分析可知，亲本的基因型是AaBb与Aabb，B正确；已知亲本的基因型是AaBb与Aabb，其后代不可能出现能稳定遗传的有香味抗病植株(aaBB)，C错误；亲代的基因型为AabbAaBb，子代香味相关的基因型为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，分别自交得到aa的概率为1/21/41/43/8，子代抗病性状相关
8、的基因型为1/2Bb、1/2bb，自交得到BB的概率为1/21/41/8，所以得到能稳定遗传的有香味抗病植株的比例为3/81/83/64，D正确。7(2018洛阳一模)金鱼草正常花冠对不整齐花冠为显性，高株对矮株为显性，红花对白花为不完全显性，杂合状态是粉红花。三对性状独立遗传，如果纯合的红花、高株、正常花冠植株与纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株杂交，在F2中具有与F1相同表现型的植株的比例是()A3/32 B3/64C9/32 D9/64解析：选C假设纯合的红花、高株、正常花冠植株基因型是AABBCC，纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株基因型是aabbcc，F1基因型是AaBbCc，自交后F2
9、中植株与F1表现型相同的概率是1/23/43/49/32。8高茎(T)腋生花(A)的豌豆与高茎(T)顶生花(a)的豌豆杂交(两对等位基因分别位于两对同源染色体上)，F1的表现型及比例为高茎腋生花高茎顶生花矮茎腋生花矮茎顶生花3311。下列说法正确的是()亲代基因型为TtAaTtaa高茎与腋生花互为相对性状F1中两对基因均为纯合子的概率为1/4F1中两对性状均为隐性的概率为1/8F1中高茎腋生花的基因型可能为TTAAA BC D解析：选C亲代杂交，子代中高茎矮茎31，则双亲基因型为TtTt；子代中腋生花顶生花11，则双亲基因型为Aaaa，故双亲的基因型为TtAaTtaa。茎的高矮与花的位置是两对
10、相对性状。F1中两对基因均为纯合子的概率1/21/21/4，两对性状均为隐性的概率1/41/21/8。F1中高茎腋生花的基因型可能为TTAa或TtAa。9(2018忻州一模)现有四个果蝇品系(都是纯种)，其中品系的性状均为显性，控制该显性性状的基因位于、号染色体上。品系均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性，这三个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如表所示：品系隐性性状残翅黑身紫红眼相应染色体若需验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型()A B C D解析：选D自由组合定律研究位于非同源染色体上的基因的遗传规律，故选或。10虎皮鹦鹉的羽色有绿、蓝、黄、白四种，野生种都是稳定遗传
11、的。若将野生的绿色和白色鹦鹉杂交，F1全部都是绿色的；F1雌雄个体相互交配，所得F2的羽色有绿、蓝、黄、白四种不同表现型，比例为9331。若将亲本换成野生的蓝色和黄色品种，则F2不同于亲本的类型中能稳定遗传的占()A2/7 B1/4C1/5 D2/5解析：选C根据F1雌雄个体相互交配，F2中出现9331的性状分离比，可知虎皮鹦鹉的羽色由两对独立遗传的基因控制，假设为A和a、B和b。根据F2中绿蓝黄白9331可知，F2中绿、蓝、黄、白的基因型分别为A_B_、A_bb、aaB_、aabb(或分别为A_B_、aaB_、A_bb、aabb)；根据题中信息“野生种都是稳定遗传的”可知，野生的蓝色和黄色品
12、种的基因型分别为AAbb、aaBB(或分别为aaBB、AAbb)，野生的蓝色和黄色品种杂交获得的F1的基因型为AaBb，则F2中绿蓝黄白9331，其中绿和白是不同于亲本的类型，其中能稳定遗传的占2/10，即1/5。11(2016江苏高考改编)人类ABO血型由9号染色体上的3个复等位基因(IA，IB和i)决定，血型的基因型组成见下表。若一AB型血红绿色盲男性和一O型血红绿色盲携带者的女性婚配，下列叙述错误的是()血型ABABO基因型IAIA，IAiIBIB，IBiIAIBiiA.他们生A型血色盲男孩的概率为1/8B他们生的女儿色觉应该全部正常C他们A型血色盲儿子和A型血色觉正常女性婚配，有可能生
13、O型血色盲女儿D他们B型血色盲女儿和AB型血色觉正常男性婚配，生B型血色盲男孩的概率为1/4解析：选B设色盲的相关基因是D、d，根据题意可知，AB型血红绿色盲男性和O型血红绿色盲携带者女性的基因型分别是IAIBXdY和iiXDXd，他们生A型血色盲男孩的概率为1/21/41/8；女儿色觉可能的基因型是XDXd、XdXd，故有可能是红绿色盲患者；A型血色盲儿子的基因型为IAiXdY，A型血色觉正常女性的基因型为IAIAXDXd、IAiXDXd、IAIAXDXD、IAiXDXD，两者婚配，有可能生出O型血色盲女儿(iiXdXd)；B型血色盲女儿的基因型为IBiXdXd，AB型血色觉正常男性的基因型
14、为IAIBXDY，两者婚配，生B型血色盲男孩(IBiXdY或IBIBXdY)的概率为1/21/21/4。12(2018郑州调研)将纯合的灰色小鼠与棕色小鼠杂交，F1全部表现为灰色。F1个体间相互交配，F2表现型及比例为灰色黄色黑色棕色9331。若M、N为控制相关代谢途径的显性基因，据此推测最合理的代谢途径是()解析：选A由F1的表现型可知：灰色为显性，棕色为隐性。F1雌雄个体间相互交配，F2的表现型及比例为灰色黄色黑色棕色9331，说明双显性为灰色，双隐性为棕色，即M_N_为灰色，mmnn为棕色，只具有M或N(M_nn或mmN_)表现为黄色或黑色。二、非选择题13在果蝇中，翻翅(M)对正常翅(
15、m)为显性，基因位于X、Y染色体同源区段；红眼(E)对粉眼(e)为显性，基因位于性染色体上(注：体细胞中无等位基因的个体均为纯合子)。请分析回答下列问题：(1)这两对性状的遗传_(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律。(2)若只考虑翻翅和正常翅这对相对性状，果蝇种群中雄果蝇的基因型除了有XMYM外，还有_三种。(3)为了判断果蝇的眼色基因E与e位于X、Y染色体同源区段还是X染色体非同源区段，将一只粉眼雌果蝇与一只红眼雄果蝇杂交。预测和分析实验结果：若子代雌性为红眼，雄性为粉眼，则_；若子代_或_，则该基因位于X、Y染色体同源区段。(4)若果蝇的眼色基因E与e位于X染色体非同源区段，Xe配子有活
16、性，但含该基因的纯合个体致死。_(填“能”或“不能”)选择出某种基因型的亲本组合，使后代只有雌性，原因是_。解析：(1)由于这两对等位基因都位于X和Y这一对同源染色体上，所以其遗传不遵循基因的自由组合定律。(2)根据题干可知，M和m位于X和Y染色体的同源区段，因此雄果蝇有四种基因型：XMYM、XMYm、XmYM、XmYm。(3)若该对基因位于X、Y染色体同源区段上，则粉眼雌果蝇的基因型为XeXe，红眼雄果蝇的基因型为XEYE或XEYe或XeYE。P：XeXeXEYEF1：XEXeXeYE11，子代雌性和雄性均为红眼；P：XeXeXEYeF1：XEXeXeYe11，子代雌性为红眼，雄性为粉眼；P
17、：XeXeXeYEF1：XeXeXeYE11，子代雌性为粉眼，雄性为红眼。若该对基因位于X染色体非同源区段上，则粉眼雌果蝇的基因型为XeXe，红眼雄果蝇的基因型为XEY，二者杂交，F1：XEXeXeY11，子代雌性为红眼，雄性为粉眼。综上分析：若子代雌性为红眼，雄性为粉眼，则无法得出结论；若子代全为红眼或雌性为粉眼、雄性为红眼，则该对基因位于X、Y染色体同源区段。(4)由于雄果蝇的基因型只有XEY一种(XeY纯合致死)，雌果蝇的基因型有XEXE、XEXe两种，故不能选择出某种基因型的亲本组合，使后代只有雌性。答案：(1)不遵循(2)XMYm、XmYM、XmYm(3)无法得出结论全为红眼雌性为粉
18、眼、雄性为红眼(4)不能雄果蝇基因型只能为XEY，雌果蝇基因型为XEXE、XEXe，雌雄交配不可能使后代只有雌性14(2018江南十校一模)玉米(2N20)是雌雄同株的植物，顶生雄花序，侧生雌花序，已知玉米的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗病(R)对易感病(r)为显性，控制上述两对性状的基因分别位于两对同源染色体上，现有两个纯合的玉米品种甲(DDRR)和乙(ddrr)，试据图分析回答：(1)玉米的等位基因R、r的遗传遵循_定律，欲将甲、乙杂交，其具体做法是_。(2)将图1中F1与另一玉米品种丙杂交，后代的表现型及比例如图2所示，则丙的基因型为_。丙的测交后代中与丙基因型相同的概率是_。(3)已
19、知玉米高秆植株易倒伏。为获得符合生产要求且稳定遗传的新品种，按照图1中的程序得到F2后，对植株进行_处理，选出表现型为_植株，通过多次自交并不断选择后获得所需的新品种。(4)科研人员在统计实验田中成熟玉米植株的存活率时发现，易感病植株存活率是1/2，高秆植株存活率是2/3，其他植株的存活率是1，据此得出图1中F2成熟植株表现型有_种，比例为_(不论顺序)。解析：(1)等位基因的遗传遵循分离定律。(2)F1基因型为DdRr，由图2知，F1与丙杂交的后代中高秆矮秆11，抗病易感病31，说明丙的基因型为ddRr。若对丙进行测交，则测交后代中ddRr的概率为1/2。(3)在F2中出现了性状分离，需要通
20、过对比茎秆高度，进行病原体感染选择出矮秆抗病植株，再通过连续自交提高品种的纯合率。(4)图1中F1：DdRrF2：D_R_ddR_D_rrddrr9331，据题意，易感病植株存活率是1/2，高秆植株存活率是2/3，其他性状的植株存活率是1，可知，F2有4种表现型，其比例为(92/3)(31)(32/31/2)(11/2)12621。答案：(1)基因的分离对雌雄花分别套袋处理，待花蕊成熟后，将甲(或乙)花粉撒在乙(或甲)的雌蕊上，再套上纸袋(2)ddRr1/2(3)病原体(感染)矮秆(抗病)(4)41262115(2018兰州模拟)虎皮鹦鹉羽毛颜色的遗传机理如图所示，当个体基因型为aabb时，两
21、种色素都不能合成，表现为白色。现有一只纯合绿色鹦鹉和一只纯合白色鹦鹉杂交得F1，再让F1雌雄个体随机交配得F2。请回答：(1)控制鹦鹉羽毛颜色的基因在遗传上遵循_定律，请利用上述实验材料，设计一个杂交实验对你的观点加以验证。实验方案：_。预测结果：_。(2)如果让F2中表现型为绿色的鹦鹉自由交配，后代表现型及比例为_。(3)如让杂合的黄色鹦鹉与杂合的蓝色鹦鹉杂交，且因某种因素的影响，后代中的白色鹦鹉全部死亡，则绿色鹦鹉所占的比例为_。(4)如欲判断一只绿色雄性鹦鹉的基因型，应从绿色、蓝色、黄色、白色纯合子群体中选择_与其杂交：如后代全为绿色鹦鹉，则其基因型为AABB；如后代_，则其基因型为AA
22、Bb；如后代绿色黄色为11，则其基因型为_；如后代_，则其基因型为AaBb。解析：(1)常用测交法验证控制动物性状的两对基因是否遵循基因自由组合定律。若F1(AaBb)与白色鹦鹉(aabb)杂交，后代出现四种表现型的鹦鹉，比例约为1111，则控制鹦鹉羽毛颜色的基因在遗传上遵循自由组合定律。(2)F2中表现型为绿色的鹦鹉基因型为A_B_(1/9AABB，2/9AABb，2/9AaBB,4/9AaBb)，其产生的配子AB4/9，Ab2/9，aB2/9，ab1/9，可借助棋盘法求得后代表现型及比例为绿色蓝色黄色白色64881。(3)如让杂合的黄色鹦鹉与杂合的蓝色鹦鹉杂交，即aaBbAabb1绿色1蓝色1黄色1白色(死亡)，其中绿色鹦鹉占1/3。(4)绿色雄性鹦鹉的基因型有四种可能：AABB、AaBB、AABb、AaBb，要鉴定其基因型可选择测交法，即选择多只白色雌性鹦鹉与之杂交，分析子代表现型差异即可。答案：(1)基因的自由组合(或基因的分离和自由组合)用F1绿色鹦鹉和白色鹦鹉杂交杂交后代中鹦鹉羽色出现四种表现型：绿色、蓝色、黄色、白色，比例约为1111(2)绿色蓝色黄色白色64881(3)1/3(4)多只白色雌性鹦鹉绿色蓝色11AaBB绿色蓝色黄色白色1111