《2019版高考物理二轮专题总复习：仿真模拟三（word版附解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019版高考物理二轮专题总复习：仿真模拟三（word版附解析）.doc（16页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、仿真模拟三一、选择题1.足球运动是目前全球体育界最具影响力的运动项目之一，深受青少年喜爱如图所示为三种与足球有关的情景，下列说法中正确的是（）A. 图甲中，静止在地面上的足球受到的弹力就是它的重力B. 图甲中，静止在地面上的足球受到弹力是因为地面发生形变C. 图乙中，静止在光滑水平地面上的两个足球由于接触而受到相互作用的弹力D. 图丙中，足球被踢起，说明脚对球的力大于球对脚的力【答案】B【解析】静止在草地上的足球受到的弹力的施力物体是地面，而重力的施力物体是地球，可知弹力不是重力，故A错误；静止在地面上的足球受到弹力是地面对足球的作用力，是因为地面发生形变，故B正确；静止在光滑水平地面上的两个
2、足球由于接触，但由于没有弹性形变，所以没有受到相互作用的弹力，故C错误；脚对球的力与球对脚的力是一对作用力与反作用力，总是大小相等方向相反故D错误故选B.2.一物体受到恒定合外力作用而做曲线运动，下列判断正确的是（）A. 该物体的速度方向与合外力方向之间的夹角越来越小B. 该物体的运动轨迹可能为圆C. 在相等时间内合外力做的功一定相等D. 该物体速度大小由v增加到2v和由2v增加到3v的两个过程中，合外力所做的功相等【答案】A【解析】【详解】物体在恒定合外力作用下做曲线运动，合外力方向与速度方向不在同一直线上，且合外力指向轨迹弯曲的内侧，物体的速度方向与合外力方向之间的夹角越来越小，故A正确物
3、体做圆周运动时由指向圆心的合外力提供向心力，向心力方向是变化的，合外力必定是变力，所以在恒定合外力作用的运动轨迹不可能是圆，故B错误曲线运动在相等时间内，物体沿合外力方向的位移不一定相同，所以合外力做的功不一定相等，故C错误由动能定理可知，W合1=m（2v）2-m（v）2=mv2，W合2=m（3v）2-m（2v）2=mv2，所以合外力所做的功不相等，故D错误故选A【点睛】本题的关键是要掌握质点做曲线运动的条件：合外力方向与速度方向不在同一直线上，且合外力指向轨迹弯曲的内侧，知道圆周运动的受力特点要知道动能定理是求功常用的方法3.某金属在光的照射下产生光电效应,其遏止电压Uc与入身射光频率v的关
4、系图像如图所示则由图像可知( )A. 入射光频率越大,该金属的逸出功越大B. 入射光的频率越大,则遏止电压越大C. 由图可求出普朗克常数D. 光电子的最大初动能与入射光的频率成正比【答案】B【解析】当遏止电压为零时，最大初动能为零，则入射光的能量等于逸出功，所以W0=hv0，逸出功入射光频率无关，是由材料决定的，故A错误；根据光电效应方程Ekm=hv-W0和eUC=EKm得：，当入射光的频率大于极限频率时，入射光的频率越大，则遏止电压越大，故B正确；由，知图线的斜率等于，从图象上可以得出斜率的大小，可以求出普朗克常量为：，故C错误；根据光电效应方程Ekm=hv-W0，得最大初动能与入射光的频率
5、成线性关系，不是成正比，故D错误所以B正确，ACD错误4.随着世界航空事业的发展，深太空探测已逐渐成为各国关注的热点假设深太空中有一颗外星球，质量是地球质量的4倍，半径是地球半径的.则下列判断正确的是()A. 该外星球的同步卫星周期一定小于地球同步卫星周期B. 某物体在该外星球表面上所受重力是在地球表面上所受重力的16倍C. 该外星球上第一宇宙速度是地球上第一宇宙速度的2倍D. 绕该外星球的人造卫星和以相同轨道半径绕地球的人造卫星运行速度相同【答案】B【解析】【详解】A、同步卫星的周期等于星球的自转周期，分析题意不能判断外星球和地球的同步卫星周期的关系，A选项错误；B、物体在星球表面的重力等于
6、万有引力，质量为m的物体在该外星球表面上所受重力与在地球表面上所受重力之比，B选项正确；C、由，解得：，该外星球上第一宇宙速度与地球上第一宇宙速度之比：，C选项错误；D、轨道半径r相同，中心天体的质量不同，卫星的运行速度不同，D选项错误故选B【点睛】解决本题时要明确第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度，要比较一个物理量大小，我们可以把这个物理量先表示出来，运用比例法分析5.如图甲，水平地面上有一静止平板车，车上放一物块，物块与平板车的动摩擦因数为0.2，t=0时，车开始沿水平面做直线运动，其vt图象如图乙所示，重力加速度g取10 m/s2，若平板车足够长，关于物块的运
7、动，以下描述正确的是A. 06 s加速，加速度大小为2 m/s2，612 s减速，加速度大小为2 m/s2B. 08 s加速，加速度大小为2 m/s2，812 s减速，加速度大小为4 m/s2C. 08 s加速，加速度大小为2 m/s2，816 s减速，加速度大小为2 m/s2D. 012 s加速，加速度大小为1.5 m/s2，1216 s减速，加速度大小为4 m/s2【答案】C【解析】根据速度与时间的图象的斜率表示加速度，车先以4m/s2的加速度匀加速直线运动,后以4m/s2的加速度匀减速直线运动，根据物体与车的动摩擦因数可知，物体与车的滑动摩擦力产生的加速度为2m/s2根据受力分析，结合牛
8、顿第二定律，则有：08s时，车的速度大于物体，因此物体受到滑动摩擦动力而加速，其加速度为2m/s2，同理可得：816s时，车的速度小于物体，因此物体受到滑动摩擦阻力而减速，则其加速度为2m/s2，故C正确，ABD错误；故选C6.如图所示为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为41，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接有的正弦交流电，图中D为理想二极管，定值电阻R9 .下列说法正确的是A. 时，原线圈输入电压的瞬时值为18VB. 时，电压表示数为36VC. 电流表的示数为1 AD. 电流表的示数为【答案】BD【解析】【详解】A、将时刻代入瞬时值公式可知，时，原线圈输入电压的瞬时值为，A选项错误；B、
9、电压表的示数为有效值，输入电压的峰值为,根据正弦式交变电流有效值与最大值的关系可知，B选项正确；C、D、电流表测量流过副线圈的电流，根据理想变压器电压和匝数的关系可知，副线圈的电压为9V，正向导通时电流为1A，根据电流的热效应可知，解得：；故C选项错误，D选项正确故选BD.【点睛】准确掌握理想变压器的特点及电压、电流与匝数比的关系，明确电表测量的为有效值是解决本题的关键.7.如图，光滑水平面上放着长木板B，质量m2kg的木块A以速度v02m/s滑上原来静止的长木板B的上表面，由于A、B之间存在有摩擦，之后，A、B的速度随时间变化情况如右图所示，重力加速度g10m/s2则下列说法正确的是()A.
10、 A、B之间动摩擦因数为0.1B. 长木板的质量为1 kgC. 长木板长度至少为2mD. A、B组成系统损失机械能为4J【答案】AB【解析】【分析】A在B的表面上滑行时，根据v-t图象的斜率可得到A的加速度大小，由牛顿第二定律求得动摩擦因数.对系统，运用动量守恒定律列式可求得长木板的质量M根据“面积”表示位移，求解木板的长度.由能量守恒定律求解A、B组成系统损失机械能.【详解】B、从图可以看出，A先做匀减速运动，B做匀加速运动，最后一起做匀速运动，共同速度v1 m/s，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：mv0(m+M)v，解得：Mm2kg，故B错误；A、由图象可知，木板B匀加速运动的加速度，
11、对B根据牛顿第二定律得mgMaB，解得动摩擦因数0.1，故A正确；C、由图象可知前1s内B的位移，A的位移，所以木板最小长度；故C错误.D、A、B组成系统损失机械能；故D错误.故选A.【点睛】分析清楚图象的物理意义是解题的前提与关键，要知道加速度是联系力和运动的桥梁，根据v-t图象的斜率能得出物体运动的加速度，由面积求解位移.8.如图，绝缘水平面上方存在着水平向右的匀强电场质量为m、电荷量为q的轻质小滑块从t0时刻起由静止开始沿水平面运动小滑块同时还受到竖直向下的压力F，力F随时间t的变化关系为Fkt，式中k为常数小滑块与水平面的动摩擦因数为.水平面足够大，小滑块的重力可忽略不计则小滑块()A
12、. 所受摩擦力的最大值为2qEB. 加速度的最大值为C. 速度的最大值为D. 最终以的速度做匀速直线运动【答案】AB【解析】【详解】A、B、滑块由静止开始运动，摩擦力fFkt，开始时摩擦力小于电场力，合力方向向右，加速度向右，物体向右做加速度不断减小的加速运动，摩擦力大于电场力后，滑块受到的合外力逐渐增大，滑块做加速度增大的减速运动，根据运动的对称性可知，滑块减速的时间与加速的时间是相等的，滑块即将停止运动时滑块的加速度大小与开始时滑块的加速度的大小相等；滑块开始滑动时，滑块即将停止时，联立解得f2qE，故A，B选项正确；C、D、由于加速阶段摩擦力与时间成正比，所以加速过程中受到平均摩擦力大小
13、，根据动量定理可知，解得：，C选项错误；D、滑块最终将停止运动，D选项错误故选AB.【点睛】本题关键分析清楚物体的运动情况，同时要分析清楚滑动摩擦力与静摩擦力，还要知道最大静摩擦力与压力成正比.二、实验题 9.用如图所示的装置可以验证动量守恒定律，在滑块A和B相碰的端面上装上弹性碰撞架，它们的上端装有等宽的挡光片（1）实验前需要调节气垫导轨水平：在轨道上只放滑块A，轻推一下滑块A，其通过光电门1和光电门2的时间分别为t1、t2，当t1_t2（填“”、“=”、“”），则说明气垫导轨水平（2）滑块A置于光电门1的左侧，滑块B静置于两光电门间的某一适当位置给A个向右的初速度，通过光电门1的时间为Dt
14、1，A与B碰撞后再次通过光电门1的时间为Dt2，滑块B通过光电门2的时间为t3为完成该实验，还必需测量的物理量有_A挡光片的宽度dB滑块A的总质量m1C滑块B的总质量m2D光电门1到光电门2的间距L（3）若滑块A和B在碰撞的过程中动量守恒，则应该满足的表达式为：_（用已知量和测量量表示）【答案】 (1). = (2). BC (3). 【解析】（1）如果导轨水平滑块A将在导轨上做匀速直线运动，因此通过两个光电门所用的时间相等，即；（2）取向右为正方向，根据题意，可知A碰撞前的速度为，A与B碰撞后的速度为，B被碰撞后的速度为，若AB碰撞过程中动量守恒，则有：，将碰撞前后AB的速度代入得：，约去d
15、，化简得：，故还必需测量的物理量有A、B的质量，故选BC；（3）若滑块A和B在碰撞的过程中动量守恒，则应该满足的表达式为：.10.图(a)为某同学组装完成的简易多用电表的电路图图中E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头的满偏电流为250 A，内阻为480 .虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1 V挡和5 V挡，直流电流1 mA挡和2.5 mA挡，欧姆100 挡(1)图(a)中的B端与_(选填“红”或“黑”)色表笔相连接(2)关于R6的使用，下列说法正确的是_(填正确答案标号)A使用多用电表之前，调整R6使电
16、表指针指在表盘左端电流“0”位置B使用电压挡时，调整R6使电表指针尽可能指在表盘左端电压为“0”位置C使用电流挡时，调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置D使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置(3)换挡开关接1时，对应的挡位是_，换挡开关接3时，对应的挡位是_A直流电压1 V挡B直流电压5 V挡C直流电流1 mA挡D. 直流电流2.5 mA挡E. 欧姆100 挡(4)某次测量时该多用电表指针位置如图(b)所示若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为_(结果保留3位有效数字)；若此时B端是与“3”相连的，则读数为_【答案】 (1). 红； (2
17、). D; (3). D; (4). E; (5). 1.461.48mA; (6). ;【解析】（1）根据欧姆表原理可知，内部电源的正极应接黑表笔，红表笔与内置电源负极相连，由图示电路图可知，B端与红表笔相连；（2）由电路图可知，R6只在测量电阻时才接入电路，故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电流档时也不需要时行调节，D正确；（3）直流电流档分为1mA和2.5mA，由图可知，当接1时为电流2.5mA挡，D正确；换挡开关接3时，多用电表内置电源接入电路，此时测电阻，E正确；（4）若与1连接，则量程为2.5mA，由图示表盘可知，其分度值为0.05mA，读数为1.48mA；选择
18、开关接3时为欧姆档100挡，读数为11100=1100；【点睛】本题考查了多用电表读数以及内部原理，要注意明确串并联电路的规律应用，同时掌握读数原则，对多用电表读数时，要先确定电表测的是什么量，然后根据选择开关位置确定电表分度值，最后根据指针位置读数；读数时视线要与电表刻度线垂直三、计算题11.“绿色环保、低碳出行”理念已经被越来越多的人们所接受上班族王强早上7 ：10从家里出发 步行800米后，进入1号地铁站乘坐地铁，依次经过2、3、4、5号站，7 ： 40从第6号站下地铁，在站骑共享单车前行1200米到上班地点不计地铁站到站台间的距离，假设相邻两地铁站间的距离相等，地铁线路为直线若地铁列车
19、从站由静止启动后,先匀加速运动18s，加速度a=1.0m/s2，再勻速运动 90s，接着勻减速运动10s到达下站停住地铁列车在相邻两站的运动情况均相同(1)按上面的行进路线，王强上班行进的路线长为多少？(2)如果开车上班，也走相同长度的路线，小型燃油车运行中平均每公里排放气态污染物0.15kg，则王强开车上班一次排放气态污染物的质量是多少？（结果保留两位小数）【答案】(1) (2) 【解析】（1）地铁列车在两站间匀加速运动的距离 =162 m匀速运行速度 =18 m/s匀速运动距离 =1620 m 匀减速运动距离 m 相邻两站间的距离 =1872 m 王强上班行进的路线长度s=800 m+18
20、72(61) m+1200 m=11360 m=11.36 km （2）他开车上班一次排放气态污染物的质量 =1.70 kg 综上所述本题答案是(1) (2)点睛：本题主要考察了运动学公式，建立合适的公式求解待求量12.如图所示，竖直面内距地面高度为h4m的区域内存在着匀强电场，电场强度为E1.0106N/C，方向竖直向上，虚线BD为电场的上边界，地面上C点的正上方A点处有一个质量mlkg、带电量q1.0105C的带正电的小球，以初速度v0水平抛出，小球进入电场时的位置为图中的D点，此时的速度方向与C、D连线垂直，其中CD长为8m，忽略空气阻力的作用（g取l0m/s2，结果可用根式表示），求：
21、（1）小球平拋的初速度v0的大小；（2）小球从抛出到落地所经历的时间t【答案】（1）（2）【解析】（1）设，则，故；，；设在D点处，速度为v，水平速度为，竖直速度为，则，解得 ；通过计算可得，可知当小球进入电场之后做匀速直线运动；在电场中沿速度方向运动的位移为；小球在D点处的速度；在电场中的运动时间为 ；故从抛出到落地经历的总时间为13.如图是密闭的汽缸，外力推动活塞P压缩气体，对缸内气体做功200J，同时气体向外界放热100J，则缸内气体的温度将_（填“升高”、“降低”或 “不变”）、内能将_（填“增加”、“减少”）_J【答案】 (1). 升高 (2). 增加 (3). 100J【解析】由题
22、意可知：W=200J，Q=-100J，由热力学第一定律得：U=W+Q=200J-100J=100J0，气体内能增加，温度升高，内能增加100J.14.如图所示，绝热气缸倒扣放置，质量为M的绝热活塞在气缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与气缸间摩擦可忽略不计，活塞下部空间与外界连通，气缸底部连接一U形细管（管内气体的体积忽略不计）初始时，封闭气体温度为T，活塞距离气缸底部为h0，细管内两侧水银柱存在高度差已知水银密度为，大气压强为P0，气缸横截面积为S，重力加速度为g，求:(1)U形细管内两侧水银柱的高度差；(2)通过加热装置缓慢提升气体温度使活塞下降，求此时温度；此加热过程中，若气体吸收的热量为
23、Q，求气体内能的变化【答案】(1) (2) ，【解析】(i) 设封闭气体的压强为P，对活塞分析： 用水银柱表达气体的压强 解得：；(ii) 加热过程中气体变化是等压变化， 气体对外做功为 根据热力学第一定律： 可得15.一列沿x轴传播的横波在t0.05 s时刻的波形图如图甲所示，P、Q为两质点，质点P的振动图象如图乙所示，下列说法中正确的是_A. 该波的波速为20 m/sB. 该波沿x轴负方向传播C. t0.1 s时刻质点Q的运动方向沿y轴正方向D. t0.2 s时刻质点Q的速度大于质点P的速度E. t0.3 s时刻质点Q距平衡位置的距离大于质点P距平衡位置的距离【答案】ACD【解析】【详解】
24、A分析图甲确定波长4m，根据图乙确定周期T0.2s，则该波的波速故A正确；B分析图乙可知，t0.05s时，质点P处于平衡位置沿y轴负方向运动，根据波动规律可知，该波沿x轴正方向传播，故B错误；C分析图甲可知，t0.05s时，质点Q处于波谷，t0.1s时，质点Q位于平衡位置沿y轴正方向运动，故C正确；Dt0.2s时刻，质点Q位于平衡位置，质点P位于波峰，质点Q的速度大于质点P，故D正确；Et0.3s时，质点Q位于平衡位置，质点P位于波谷，质点Q距平衡位置的距离小于质点P，故E错误故ACD。16.如图甲所示，足够宽水槽下面有一平面镜，一束单色光以入射角i射入水面，经平面镜反射后的光线恰好沿水平方向射出已知水对该单色光的折射率为n.若平面镜与水平方向的夹角为30，求该单色光在水面入射角的正弦值sini；使该单色光从水槽左壁水平向右射出，在平面镜上反射后恰好在水面上发生全反射，如图乙所示，求平面镜与水平方向的夹角.【答案】(1) (2) 15【解析】解：（i）由折射定律有 由几何关系可知g2q90可解得：sininsing（ii）光在水面上发生全反射，有 由几何关系可知C2a90联立可解得平面镜与水平方向的夹角为a1516汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！