《2020版江苏省高考化学三轮复习练习：仿真冲刺练（四） Word版含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020版江苏省高考化学三轮复习练习：仿真冲刺练（四） Word版含解析.doc（18页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、仿真冲刺练(四)(时间：100分钟，满分：120分)可能用到的相对原子质量：H1C12N14O16K39Cu64I127一、单项选择题(本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题只有一个选项符合题意)1研究表明，燃料燃烧产生的氮氧化物、二氧化硫等气体物也与雾霾的形成有关(如图所示)。下列措施不利于减少雾霾形成的是()A减少煤炭供热B增加植被面积C推广燃料电池 D露天焚烧秸秆2用化学用语表示2MgCO22MgOC中的相关微粒，其中不正确的是()A中子数为12的镁原子：MgBMgO的电子式：MgCCO2的结构式：O=C=OD碳原子的结构示意图：3.下列有关物质性质与用途具有对应关系的是()A.F
2、eSO4具有氧化性，可用作食品抗氧化剂B.SiO2熔点高、硬度大，可用于制光学仪器C.Al（OH）3具有弱碱性，可用于制胃酸中和剂D.NH3具有还原性，可用作制冷剂4.常温下，取铝土矿（含有Al2O3、FeO、Fe2O3、SiO2等物质）用硫酸浸出后的溶液，分别向其中加入指定物质，反应后的溶液中主要存在的一组离子正确的是()A.加入过量NaOH 溶液：Na、AlO、OH、SOB.加入过量氨水：NH、Al3、OH、SOC.通入过量SO2：Fe2、H、SO、SOD.加入过量NaClO溶液：Fe2、Na、ClO、SO5.下列实验方案或措施不合理的是()A.用标准HCl溶液滴定NaHCO3溶液来测定其
3、纯度，选择甲基橙做指示剂B.常压蒸馏时，加入液体的体积不超过圆底烧瓶的三分之二C.用湿润的红色石蕊试纸检验混合气体中是否含NH3D.用稀盐酸和硝酸钡溶液检验亚硫酸钠固体是否变质6.下列叙述正确的是()A.金属钠着火时，可用泡沫灭火器灭火B.常温下，Al、Fe遇浓硫酸或浓硝酸发生钝化C.蔗糖与银氨溶液在水浴加热条件下可发生银镜反应D.电解精炼铜过程中，若阳极质量减少32 g，则电路中转移电子数目为NA7.下列指定反应的离子方程式正确的是()A.用氨水溶解氢氧化铜沉淀：Cu24NH3H2O=Cu（NH3）424H2OB.用稀硝酸除去试管内壁的银：3Ag4HNO=3AgNO2H2OC.向次氯酸钠溶液
4、中通入足量SO2气体：ClOSO2H2O=HClOHSOD.向NaHCO3溶液中加入少量的Ba（OH）2溶液：Ba2OHHCO=BaCO32H2O8. X、Y、Z、W是原子序数依次增大的短周期主族元素，这些元素形成的常见二元化合物或单质存在如图所示的转化关系(部分反应物或生成物已省略)，其中只有乙为单质，丁为淡黄色固体，己为红棕色气体，则下列说法正确的是()A简单离子半径大小：WYZXB丁是含有共价键的离子化合物C最简单气态氢化物的热稳定性：YZDW的最高价氧化物对应的水化物能促进水的电离9在给定条件下，下列选项所示物质间转化均能实现的是()ACaCl2(aq)CaCO3(s)CaO(s)BM
5、gO(s)MgCl2(aq)Mg(s)CFeS2(s)Fe2O3(s)Fe(s)DCH3CH2BrCH2=CH2CH2 CH210下列说法正确的是()A反应CH4(g)H2O(g)=CO(g)3H2(g)在一定条件下能自发进行，该反应一定为放热反应B可用牺牲阳极或外加电流的阴极保护法延缓钢铁水闸的腐蚀CNa2O2与水反应产生1 mol O2，理论上转移的电子数目约为46.021023D保持温度不变，向稀氨水中缓慢通入CO2，溶液中的值增大二、不定项选择题(本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题只有一个或两个选项符合题意。若正确答案只包括一个选项，多选时，该小题得0分；若正确答案包括两个选项
6、，只选一个且正确的得2分，选两个且都正确的得满分，但只要选错一个，该小题就得0分)11有机物a()和b()属于含氮杂环化合物。下列说法正确的是()Ab的一氯代物有3种Ba和b均能发生取代反应和加成反应Ca中所有碳原子一定共平面Da和b互为同分异构体12下列实验操作能达到实验目的的是()选项实验目的实验操作A制备Fe(OH)3胶体将NaOH浓溶液滴加到饱和FeCl3溶液中B用CCl4萃取碘水中的I2先从分液漏斗下口放出有机层，后从上口倒出水层C验证蛋白质变性向鸡蛋清溶液中加入饱和Na2SO4溶液D比较ZnS和CuS的Ksp的大小向含有ZnS和Na2S的悬浊液中滴加CuSO4溶液13.根据下列图示
7、所得出的结论不正确的是()A图甲表示2SO2(g)O2(g)2SO3(g)H0速率与时间关系曲线，说明t1时改变的条件是增大体系的压强B图乙是常温下碳钢浸没在NaCl溶液中腐蚀速率与NaCl浓度的关系曲线，说明在NaCl浓度较高时溶液中O2的浓度减小，正极反应减慢导致腐蚀速率降低C图丙是金刚石与石墨分别氧化生成CO2的能量关系曲线，说明石墨转化为金刚石的反应的Hc(OH)c(H)CH3R的第三步电离常数Ka3(H3R)的数量级为106DNa2HR溶液中HR2的水解程度小于电离程度15在恒容密闭容器中发生反应2SiHCl3(g)SiH2Cl2(g)SiCl4(g)。在323 K和343 K时Si
8、HCl3的转化率随时间变化的结果如图所示。下列说法正确的是()A323 K时，缩小容器体积可提高SiHCl3的转化率Ba、b点对应的反应速率大小关系：v(a)”“”或“N，则热稳定性：H2O(g)NH3，C错误；NaOH抑制水的电离，D错误。9解析：选C。A项，CaCl2与CO2不能反应，错误；B项，电解熔融MgCl2生成Mg，电解MgCl2溶液生成Mg(OH)2沉淀，错误；D项，CH3CH2Br与NaOH水溶液发生取代反应生成CH3CH2OH，CH3CH2Br在NaOH醇溶液中发生消去反应生成CH2=CH2，错误。10解析：选B。A项，该反应的S0，若反应放热，任何条件下都能自发进行；若反应
9、吸热，则高温下能自发进行，A错误；B项，为了延缓钢铁水闸的腐蚀，可将钢铁做原电池的正极或做电解池的阴极，B正确；C项，2Na2O22H2O=4NaOHO2，反应中Na2O2既是氧化剂又是还原剂，每产生1 mol O2，理论上转移26.021023个电子，C错误；D项，向氨水中通入CO2，CO2与OH反应，促进NH3H2O电离，c(NH)增大，减小，则减小，D错误。11解析：选A。以氮原子为起点，有邻位、间位、对位三个位置，即其一氯代物有3种，A正确；b没有不饱和键，不能发生加成反应，B错误；氮原子及所连的3个原子为四面体结构，不共面，C错误；a为C7H11N，b为C7H13N，两者分子式不相同
10、，不互为同分异构体，D错误。12解析：选B。将NaOH浓溶液滴加到饱和FeCl3溶液中，二者反应生成Fe(OH)3沉淀，无法获得氢氧化铁胶体，A项不符合题意；用CCl4萃取碘水中的I2时，由于CCl4的密度比水大，混合液分层后，先从分液漏斗下口放出有机层，后从上口倒出水层，B项符合题意；饱和硫酸钠溶液能使蛋白质发生盐析，不能使蛋白质发生变性，重金属盐、强酸、强碱、甲醛、酒精等才能使蛋白质发生变性，C项不符合题意；当滴加CuSO4溶液时，Na2S电离出的S2与Cu2反应生成黑色的CuS沉淀，因此不能说明CuS沉淀是由ZnS转化而来的，故不能比较二者Ksp的大小，D项不符合题意。13解析：选AC。
11、A项，t1时改变条件后正反应速率瞬间增大后逐渐减小，逆反应速率瞬间不变后逐渐增大，改变的条件是增大反应物浓度，A错误；B项，碳钢在NaCl溶液中发生吸氧腐蚀，由图像可知NaCl浓度较高时，腐蚀速率降低，原因是溶液中O2的浓度减小，正极反应减慢，B正确；C项，由图像可知，金刚石的能量高于石墨，所以石墨转化为金刚石需要吸收能量，C错误；D项，AgCl曲线下方有AgCl沉淀，Ag2CrO4曲线下方有Ag2CrO4沉淀，阴影区域只有Ag2CrO4沉淀，D正确。14解析：选CD。分析各微粒含量随pH的变化图像可知，a代表H3R，b代表H2R，c代表HR2，d代表R3。A项，Na3R溶液中R3可以进行三步
12、水解，所以溶液中还存在H2R、OH，故A错误；B项，pH4.8时显酸性，即c(H)c(OH)，故B错误；C项，H3R的第三步电离常数Ka3，当pH6时，c(HR2)c(R3)，则有Ka3c(H)106，故C正确；D项，根据图示知Na2HR溶液显酸性，故D正确。15解析：选CD。A项，该反应为等体积变化，缩小容器体积即为增大压强，平衡不移动，错误；B项，温度越高，反应速率越快，达到平衡的时间越短，即a点所在曲线对应的温度高，且两点反应物的转化率相同，所以v(a)v(b)，错误；C项，a点所在曲线对应的温度为343 K，平衡时SiHCl3(g)的转化率为22%，假设起始加入的SiHCl3为1 mo
13、l/L，列三段式有：2SiHCl3(g)SiH2Cl2(g)SiCl4(g)起始/(mol/L)1 00转化/(mol/L) 0.22 0.11 0.11平衡/(mol/L) 0.78 0.11 0.11K0.02，正确；D项，温度升高，SiHCl3的转化率增大，平衡正向移动，故正反应为吸热反应，正确。16解析：(1)温度过低，浸取效率低；温度过高，会促进CN水解，生成有毒的HCN，污染环境，故需控制温度低于80 。(2)为防止硫酸亚铁氧化变质，应加入铁粉，为防止其水解，应加入稀硫酸。(3)分析流程图可知，可获得的常用干燥剂是CaCl2。(4)根据题给条件可知，“反应”的反应物为HCN、K2C
14、O3、Fe，生成物为K4Fe(CN)6、CO2、H2，结合原子守恒和得失电子守恒可得反应的化学方程式为6HCN2K2CO3Fe=K4Fe(CN)62CO2H22H2O。(5)从溶液中得到带结晶水的晶体一般需经过蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥操作。(6)阳极发生氧化反应，Fe元素由2价变为3价，电极反应式为Fe(CN)64e=Fe(CN)63。(7)由操作(i)及实验现象可知，在该原电池中Zn被腐蚀，铁被保护，电解质溶液中无Fe2，在U形管铁极附近滴加铁氰化钾溶液后产生了蓝色沉淀，则说明有二价铁生成，即铁被铁氰化钾氧化生成了Fe2。答案：(1)温度过低，浸取效率低；温度过高，促进CN水解，
15、生成有毒的HCN，污染环境(2)稀硫酸和铁屑(3)CaCl2(4)2K2CO36HCNFe=K4Fe(CN)62CO2H22H2O(5)过滤洗涤(6)Fe(CN)64e=Fe(CN)63(7)铁能被铁氰化钾氧化生成Fe217解析：(1)由B的结构简式可知，B含有的官能团为醛基和羰基。(2)有机化学中加氧去氢的反应为氧化反应，根据A和B的结构简式可知，AB为氧化反应。(3)由A的结构简式可确定其分子式为C10H16。(4)F中同时含有羟基和羧基，可发生酯化反应生成环酯，其结构简式为。(6)根据题中限定条件可知，C的同分异构体中含有酚羟基，且含有4种氢原子，则符合条件的同分异构体的结构简式为CCH
16、3CH3CH3OH、H3CCH3OHCH3H3C。(7)结合逆推法可知要合成该目标化合物，需先合成，其可由氧化得到，结合题中信息可利用CHO与CH3CHO制备，而CH3CHO可由CH3CH2OH催化氧化得到，据此可完成合成路线设计。答案：(1)醛基、羰基(2)氧化反应(3)C10H16(4)(5)(6) (或) 18解析： .(1)配制500 mL一定物质的量浓度溶液所需玻璃仪器除烧杯、胶头滴管外，还有500 mL容量瓶、玻璃棒。(2)根据题表1可知，n(CuSO4)n(Na2CO3)11.2时，产物生成速率快，沉淀量最大；根据题表2可知，温度为75 时，产物生成速率快，沉淀量最大，故最佳实验
17、条件为n(CuSO4)n(Na2CO3)11.2，温度为75 。温度为95 时，沉淀由绿色变为黑色，说明碱式碳酸铜发生分解生成CuO，化学方程式为xCuCO3yCu(OH)2zH2O(xy)CuOxCO2(yz)H2O。乙同学得到的产品为蓝色，说明生成了Cu4SO4(OH)62H2O，其原因可能是加热促进了CO水解，使Na2CO3溶液中OH浓度增大，CO浓度减小，故混合时生成了Cu4SO4(OH)62H2O。.(3)欲测定碱式碳酸铜的化学式，需测定碱式碳酸铜加热分解生成的水蒸气和CO2的量，同时还需测定C装置中残留固体的量；利用A装置中产生的氢气排尽装置中的空气并将C装置中产生的CO2和H2O
18、全部赶入吸收装置中；A装置产生的氢气中混有水蒸气和HCl，故氢气需用B装置进行除杂、干燥；将纯净的氢气通入C装置中，验纯后点燃C装置处酒精灯，将所得气体先通过浓硫酸吸收水，后通过碱石灰吸收CO2，同时要防止外界中的水蒸气和CO2进入，据此连接装置。(4)根据测定原理，实验时应先通氢气，不纯的氢气加热时会发生爆炸，故应验纯氢气后再点燃C装置处酒精灯，待反应完成后，为防止C装置中生成的Cu被氧化，应先停止加热，再停止通入氢气。(5)n(C)n(CO2) mol0.05 mol，n(Cu) mol0.075 mol，n(O)n(H2O)2n(CO2)(2) mol0.25 mol，则n(Cu)n(C
19、)n(O)0.0750.050.253210，即(xy)x(3x2yz)3210，解得xyz212，故该产品的化学式为2CuCO3Cu(OH)22H2O。答案： .(1)500 mL容量瓶、玻璃棒(2)n(CuSO4)n(Na2CO3)11.2，反应温度为75 xCuCO3yCu(OH)2zH2O(xy)CuOxCO2(yz)H2O加热促进CO水解，溶液中的CO浓度减小，OH浓度增大，生成大量的Cu4SO4(OH)62H2O(答案合理即可).(3)bcde(或ed)gfbcbc(4)(5)2CuCO3Cu(OH)22H2O19解析：先打开滴液漏斗的活塞，滴入30%的KOH溶液，I2与KOH溶液
20、反应生成KIO3和KI的混合溶液，当溶液由棕黄色变为无色时，停止滴入KOH溶液。混合溶液中的KIO3用启普发生器中产生的H2S除去，再通过加入硫酸酸化和水浴加热，使多余的H2S逸出。而多余的硫酸用难溶物碳酸钡转化为硫酸钡，最后经过过滤、蒸发等操作，得到纯净的KI。这样得到的KI来源于两部分，一部分是I2与KOH反应生成的KI，另一部分是KIO3与H2S反应生成的KI。(1)启普发生器中用硫酸和硫化锌制取H2S，反应的化学方程式为ZnSH2SO4=H2S ZnSO4。用启普发生器还可制取的气体有H2、CO2。(2)滴入的30%的KOH溶液与I2反应，当棕黄色溶液变为无色时，停止滴入KOH溶液；然
21、后打开启普发生器活塞，通入气体，待KIO3混合液和NaOH溶液气泡速率接近相同时停止通气。(3)滴入硫酸使溶液酸化并对混合液水浴加热，有利于H2S逸出，从而除去H2S。(4)向KIO3混合液通入H2S，发生反应的化学方程式为3H2SKIO3=3SKI3H2O，向KI混合液中滴入硫酸溶液，水浴加热，然后加入碳酸钡，则得到的沉淀中除含有过量的碳酸钡外，还有硫酸钡和硫单质。因KI混合液中加入了硫酸，故加入碳酸钡可将其除去。(5)3.2 g S的物质的量为0.1 mol，由反应可得KIO35KI，由反应可得KIO33SKI，则S与KI对应数量关系为3S6KI，即S2KI，所以理论上制得的KI为0.2
22、mol，质量为33.2 g。答案：(1)ZnSH2SO4=H2SZnSO4H2(或CO2)(2)棕黄色溶液变为无色打开启普发生器活塞，通入气体(3)使溶液酸化并加热，有利于H2S逸出，从而除去H2S(4)硫单质除去多余的硫酸(5)33.220解析：(1)将已知反应依次编号为，根据盖斯定律，由2可得：2CH4(g)C2H2(g)3H2(g)H378 kJmol1。(2)甲烷的裂解反应为吸热反应，则反应物总能量小于生成物总能量，且反应物中化学键断裂需吸收能量，故能量状态最低的是A。温度过高，催化剂活性降低(或催化剂失活)，则单位时间内甲烷的转化率减小。(3)设平衡时甲烷转化x mol，根据三段式法
23、有：2CH4(g)C2H4(g)2H2(g)初始/mol 0.12 0 0反应/mol x x平衡/mol 0.12x x结合题意知存在0.12x，解得x0.08，故CH4的平衡转化率为100%66.7%。根据题图3可知，2CH4(g)C2H4(g)2H2(g)为吸热反应，改变温度，甲烷的浓度增大，即平衡左移，则温度降低，即t1t2。将气体的平衡浓度换为平衡分压，则t3 时，该反应的压强平衡常数Kp104.7。答案：(1)378(2)ACH4的裂解为吸热反应，CH4分子活化需吸收能量温度过高，催化剂活性降低(或催化剂失活)(3)66.7%104.721A.解析：(1)碳原子核外有6个电子，其电
24、子排布式为1s22s22p2，电子排布图为。(2)同周期元素，从左向右第一电离能总体上呈增大趋势，但第A族因p轨道处于半充满的较稳定状态，故其第一电离能比相邻的第A族元素大，故第一电离能的大小顺序是NOC。(3)CH的中心C原子的价层电子对数为3(4131)4，有1对孤电子对和3对成键电子对，故其立体构型为三角锥形。(4)结合题图可知，该石墨晶体中C原子采用sp2杂化，石墨晶体中除存在键外，还存在大键、金属键，石墨晶体层与层之间存在范德华力。石墨晶体中存在键，而金刚石晶体中只存在键，故石墨的熔点比金刚石高。答案：(1) (2)NOC(3)三角锥形(4)sp2BCEFCB解析：(1)步骤1将反应物搅拌30 min，目的是使反应物充分接触，保证反应充分进行。(2)反应温度低于15 ，邻硝基苯酚的比例减少，若高