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1、湖北省武汉市洪山区八年级（上）期末数学试卷 一、选择题（共10 小题，每小题3 分，共 30 分） 1若代数式在实数范围内有意义，则实数 a 的取值范围为（） Aa 4Ba4C a4D a4 2解分式方程+3 时，去分母后变形正确的是（ ） A2+（+2） 3（ 1） B 2+23（ 1） C2（ +2） 3D2（ +2） 3（ 1） 3如图，已知1 2， ACAD，增加下列条件：其中不能使ABC AED 的条件（） AABAEBBCEDC C DD B E 4下列计算正确的是（） A（ a 2）3 a 5 B（ 152y10y2） 5y32y C10ab3（ 5ab） 2ab2 Da 2b3
2、?（ a2b1） 2 5下列各多项式从左到右变形是因式分解，并分解正确的是（） A（ ab） 3b（ba）2（ ba）2（a2b） B（ +2）（ +3） 2+5+6 C4a 29b2（ 4a 9b）（ 4a+9b） Dm2 n 2+2（ m+n）（ mn）+2 6根据图 的面积可以说明多项式的乘法运算（2a+b）（ a+b） 2a 2+3ab+b2，那么根据图 的面积可 以说明多项式的乘法运算是（） A（ a+3b）（ a+b） a 2+4ab+3b2 B（ a+3b）（ a+b） a2+3b2 C（ b+3a）（ b+a） b2+4ab+3a2 D（a+3b）（ab）a2+2ab3b2 7
3、下列因式分解，错误的是（） A 2 +7+10（ +2）（ +5） B 228（ 4）（ +2） Cy27y+12（ y 3）（ y4） Dy2+7y18（ y 9）（ y+2） 8计算（1）（）的结果为（） A B（ +1） C D 9某部门组织调运一批物资，一运送物资车开往距离出发地 180 千米的目的地，出发第一小时内按原计 划的速度匀速行驶，一小时后以原速度的1.5 倍匀速行驶， 并比原计划提前40 分钟到达目的地设原 计划速度为千米/小时，则方程可列为（） A B C+1 D +1 + 10如图，边长为24 的等边三角形 ABC 中， M 是高 CH 所在直线上的一个动点，连结MB，
4、将线段BM 绕点 B 逆时针旋转60得到 BN，连结 HN则在点 M 运动过程中，线段HN 长度的最小值是（） A12B6C 3D 1 二、填空题（本大题共6 个小题，每小题3 分，共 18 分） 11计算的结果为 12若式子的值为零，则的值为 13若多项式9 22（m+1） y+4y2 是一个完全平方式，则m 14如图， ABC 和 CDE 都是等边三角形，且EBD70，则 AEB 15如图， ABC 中， AB 10，AC4，点 O 在边 BC 上， OD 垂直平分BC，AD 平分 BAC，过点 D 作 DM AB 于点 M，则 BM 16如图，等腰 ABC 中， ABAC4，BC 6，
5、ABD 是等边三角形，点P 是 BAC 的角平分线上一 动点，连PC、PD，则 PD+PC 的最小值为 三、解答题（共8 题，共 72 分） 17（ 12 分）解方程或化简分式： （ 1）1 （ 2）（） （ 3）（ 2） 18（ 10 分）利用乘法公式计算： （ 1）（ 3a2）（ 3a2）+（ 3a1） 2 （ 2）（ 2+y+1）（ 2+y 1）（ 2y1） 2 19（ 8 分）在平面直角坐标系中，A（ 3，0）， B 为 y 轴负半轴上一个动点 （ 1）如图，若B（0， 5），以 A 点为顶点， AB 为腰在第三象限作等腰RtABC，直接写出C 点的坐 标； （ 2） 如图，当 B 点
6、沿 y 轴负半轴向下运动时，以 B 为顶点， BA 为腰作等腰RtABD（点 D 在第四象限） ， 过 D 作 DE轴于 E 点，求 OBDE 的值 20（ 8 分）将下列多项式因式分解： （ 1）4ab2 4a2bb3 （ 2）25 6 21 （8 分）对于多项式 352+10，我们把 2 代入此多项式， 发现 2 能使多项式352+10 的值为 0， 由此可以断定多项式 3 5 2+10 中有因式（ 2），（注：把a 代入多项式，能使多项式的值为 0， 则多项式一定含有因式（a），于是我们可以把多项式写成： 3 5 2+10（ 2）（2+m+n），分 别求出 m、 n 后再代入 352+1
7、0（ 2）（2+m+n），就可以把多项式352+10 因式分解 （ 1）求式子中m、n 的值； （ 2）以上这种因式分解的方法叫“试根法”，用“试根法”分解多项式 3+52+8+4 22（ 10 分）列分式方程解应用题： 雄楚大街公交快速通道开通后，为相应市政府“绿色出行”的号召，家住关山光谷新城的小童上班由自 驾车改为乘坐快速公交车已知小童家乘坐快速公家车到上班地点18 千米，比他自驾车的路线距离少2 千米，他乘快速公交车平均每小时行驶的路程是他自驾车平均每小时行驶的路程的1.2 倍他从家出发 到达上班地点， 乘快速公交车方式比自驾车方式还提前10 分钟， 求小童用自驾车方式上班平均每小时行
8、 驶多少千米？ 23（10 分）已知 ABC 与 ADE 是等边三角形，点B、A、D 在一条直线上， CPN60， PN 交直 线 AE 于点 N （ 1）若点 P 在线段 AB 上运动，如图1（不与 A、 B重合），求证：PCPN； （ 2）若点 P 在线段 AD 上运动（不与A、D 重合），在图2 中画出图形，猜想线段PC、PN 的数量关系 并证明你的结论 24（ 10 分）如图， ABC 中 （ 1）若 ABC45， P 为 BC 边上一点，且PC2PB， APC60，求 ACB 的大小 （ 2）如图，分别以AB、AC 为边作 ABD 和 ACE，且 AD AB，ACAE， DAB CA
9、E 连接 DC 与 BE，G、F 分别是 DC 与 BE 的中点，求 AFG 的度数 如图， DC、BE 交于点 M，连接 AM，直接写出AMC 与 的数量关系是 湖北省武汉市洪山区八年级（上）期末数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（共10 小题，每小题3 分，共 30 分） 1若代数式在实数范围内有意义，则实数 a 的取值范围为（） Aa 4Ba4C a4D a4 【分析】分式有意义时，分母a40 【解答】解：依题意得：a40， 解得 a 4 故选： D 【点评】本题考查了分式有意义的条件分式有意义的条件是分母不等于零 2解分式方程+3 时，去分母后变形正确的是（） A2+（+2） 3
10、（ 1）B 2+23（ 1） C2（ +2） 3D2（ +2） 3（ 1） 【分析】分式方程去分母转化为整式方程，即可作出判断 【解答】解：方程变形得：3， 去分母得： 2（ +2） 3（ 1）， 故选： D 【点评】此题考查了解分式方程，熟练掌握运算法则是解本题的关键 3如图，已知1 2， ACAD，增加下列条件：其中不能使 ABC AED 的条件（） AABAEBBCEDC C DD B E 【分析】根据等式的性质可得CAB DAE，然后再结合判定两个三角形全等的一般方法SSS 、SAS 、 ASA、AAS、 HL 分别进行分析 【解答】解：1 2， 1+EAB 2+EAB， CAB DA
11、E， A、添加 ABAE 可利用 SAS定理判定 ABC AED，故此选项符合题意； B、添加 CBDE 不能判定 ABC AED，故此选项符合题意； C、添加 C D 可利用 ASA定理判定 ABC AED，故此选项符合题意； D、添加 B E 可利用 AAS 定理判定 ABC AED，故此选项符合题意； 故选： B 【点评】本题考查三角形全等的判定方法，判定两个三角形全等的一般方法有：SSS 、SAS 、ASA、AAS、 HL 注意： AAA、SSA 不能判定两个三角形全等，判定两个三角形全等时，必须有边的参与，若有两边一角 对应相等时，角必须是两边的夹角 4下列计算正确的是（） A（ a
12、2） 3a5 B（152y10y2）5y32y C10ab 3（ 5ab） 2ab2 Da 2b3?（ a2b1）2 【分析】根据合并同类项、幂的乘方和积的乘方进行计算即可 【解答】解：A、（ a2）3 a 6，故 A 错误； B、（ 152y 10y 2） 5y32y，故 B 正确； C、10ab 3（ 5ab）2b2，故C错误； D、a 2b3?（ a2b1）2 ，故 D 错误； 故选： B 【点评】 本题考查了整式的混合运算，掌握合并同类项、幂的乘方和积的乘方的运算法则是解题的关键 5下列各多项式从左到右变形是因式分解，并分解正确的是（） A（ ab） 3b（ba）2（ ba）2（a2b
13、） B（ +2）（ +3） 2+5+6 C4a 29b2（ 4a 9b）（ 4a+9b） Dm2n2+2（ m+n）（ mn）+2 【分析】直接利用因式分解的定义进而分析得出答案 【解答】解：A、（ ab） 3b（ba）2（ ba）3b（ba）2 （ ba） 2（a2b），是因式分解，故此选项正确； B、（ +2）（ +3） 2+5+6，是整式的乘法运算，故此选项错误； C、4a29b2（ 2a3b）（ 2a+3b），故此选项错误； D、m2n2+2（ m+n）（ mn）+2，不符合因式分解的定义，故此选项错误 故选： A 【点评】此题主要考查了因式分解的意义，正确把握因式分解的定义是解题关键
14、 6根据图 的面积可以说明多项式的乘法运算（2a+b）（ a+b） 2a 2+3ab+b2，那么根据图 的面积可 以说明多项式的乘法运算是（） A（ a+3b）（ a+b） a 2+4ab+3b2 B（ a+3b）（ a+b） a2+3b2 C（ b+3a）（ b+a） b2+4ab+3a2 D（ a+3b）（ ab） a2+2ab3b2 【分析】根据图形确定出多项式乘法算式即可 【解答】解：根据图 的面积得：（ a+3b）（ a+b） a2+4ab+3b2， 故选： A 【点评】此题考查了多项式乘多项式，熟练掌握运算法则是解本题的关键 7下列因式分解，错误的是（） A 2 +7+10（ +2
15、）（ +5）B 228（ 4）（ +2） Cy27y+12（ y 3）（ y4） Dy2+7y18（ y 9）（ y+2） 【分析】直接利用十字相乘法分解因式进而判断得出答案 【解答】解： A、 2+7+10（ +2）（ +5），正确，不合题意； B、 22 8（ 4）（ +2），正确，不合题意； C、y27y+12（ y3）（ y4），正确，不合题意； D、y 2+7y18（ y+9）（ y2），故原式错误，符合题意 故选： D 【点评】此题主要考查了十字相乘法分解因式，正确分解常数项是解题关键 8计算（1）（ ）的结果为（） AB（ +1）CD 【分析】根据分式的运算法则即可求出答案 【解
16、答】解：原式 ? ， 故选： C 【点评】本题考查分式的运算，解题的关键是熟练运用分式的运算法则，本题属于基础题型 9某部门组织调运一批物资，一运送物资车开往距离出发地180 千米的目的地，出发第一小时内按原计 划的速度匀速行驶，一小时后以原速度的1.5 倍匀速行驶， 并比原计划提前40 分钟到达目的地设原 计划速度为千米/小时，则方程可列为（） A B C +1 D+1+ 【分析】设原计划速度为千米/小时，根据“一运送物资车开往距离出发地180 千米的目的地”，则原计 划的时间为：，根据“出发第一小时内按原计划的速度匀速行驶，一小时后以原速度的1.5 倍匀速 行驶”，则实际的时间为：+1，
17、根据“实际比原计划提前40 分钟到达目的地”，列出关于的分式方程，即可得到答案 【解答】解：设原计划速度为千米/小时， 根据题意得： 原计划的时间为：， 实际的时间为：+1， 实际比原计划提前40 分钟到达目的地， +1， 故选： C 【点评】本题考查了由实际问题抽象出分式方程，正确找出等量关系，列出分式方程是解题的关键 10如图，边长为24 的等边三角形ABC 中， M 是高 CH 所在直线上的一个动点，连结MB，将线段BM 绕点 B 逆时针旋转60得到 BN，连结 HN则在点 M 运动过程中，线段HN 长度的最小值是（） A12B6C 3D 1 【分析】取CB 的中点 G，连接 MG，根据
18、等边三角形的性质可得BDBG，再求出 HBN MBG，根 据旋转的性质可得MB NB，然后利用“边角边”证明MBG NBH，再根据全等三角形对应边相等 可得 HN MG，然后根据垂线段最短可得MGCH 时最短，再根据BCH30求解即可 【解答】解：如图，取BC 的中点 G，连接 MG， 旋转角为60， MBH+HBN60， 又 MBH+MBC ABC60， HBN GBM， CH是等边 ABC的对称轴， HBAB， HBBG， 又 MB 旋转到 BN， BMBN， 在 MBG 和 NBH 中， ， MBG NBH （SAS ）， MGNH， 根据垂线段最短，当MGCH 时， MG 最短，即HN
19、 最短， 此时 BCH60 30， CGAB2412， MGCG126， HN6， 故选： B 【点评】本题考查了旋转的性质，等边三角形的性质，全等三角形的判定与性质，垂线段最短的性质， 作辅助线构造出全等三角形是解题的关键，也是本题的难点 二、填空题（本大题共6 个小题，每小题3 分，共 18 分） 11计算的结果为 【分析】根据同分母分式加减运算法则化简即可 【解答】解： 原式， 故答案为： 【点评】本题考查了分式的加减运算，熟记运算法则是解题的关键 12若式子的值为零，则的值为1 【分析】直接利用分式的值为零则分子为零分母不等于零，进而得出答案 【解答】解：式子的值为零， 210，（ 1
20、）（ +2） 0， 解得： 1 故答案为： 1 【点评】此题主要考查了分式的值为零的条件，正确把握相关性质是解题关键 13若多项式9 22（m+1） y+4y2 是一个完全平方式，则m 7或 5 【分析】利用完全平方公式得到9 22（m+1）y+4y2（ 32y）2，则 2（m+1）y 12y，即 m+1 6，然后解m 的方程即可 【解答】解：多项式922（m+1）y+4y2是一个完全平方式， 922（m+1）y+4y2（32y） 2 ， 而（ 32y） 29212y+4y2， 2（m+1） y 12y，即 m+1 6， m 7 或 5 故答案为7 或 5 【点评】本题考查了平方差公式：两个数
21、的和与这两个数的差相乘，等于这两个数的平方差即（a+b） （ ab） a2b2也考查了完全平方公式 14如图， ABC 和 CDE 都是等边三角形，且EBD70，则 AEB 130 【分析】根据等边三角形性质得出ACBC，CECD， BAC60， ACB ECD60，求出 ACE BCD，证 ACE BCD，根据全等三角形的性质得出CAE CBD，求出 ABE+BAE 50，根据三角形内角和定理求出即可 【解答】解：ABC 和 CDE 都是等边三角形， ACBC，CECD， BAC 60， ACB ECD60， ACB ECB ECD ECB， ACE BCD， 在 ACE 和 BCD 中，
22、ACE BCD（ SAS ）， CAE CBD， EBD70， 70 EBC60 BAE， 70（ 60 ABE） 60 BAE， ABE+ BAE50， AEB180（ ABE+BAE） 130 故答案为： 130 【点评】本题考查了全等三角形的性质和判定，三角形内角和定理，等边三角形的性质的应用，能求出 CAECBD是解此题的关键，难度适中 15如图， ABC 中， AB 10，AC4，点 O 在边 BC 上， OD 垂直平分BC，AD 平分 BAC，过点 D 作 DM AB 于点 M，则 BM3 【分析】连接BD ，CD，过点 D 作 DGAC，由垂直平分线的性质可得BDCD，由 ADM
23、 ADG， Rt BDMRtCDG 可得 AMAG，DM DG，BMCG，即可求BM 的长 【解答】证明：如图，连接BD，CD，过点 D 作 DGAC，交 AC 的延长线于 G， OD 垂直平分 BC， BDCD， AD 平分 BAC， DAM DAG ，且 ADAD， AMD AGD， ADMADG（AAS） AMAG，MD DG，且 BDCD， RtBDM Rt CDG（HL） BMCG， ABAM+BMAG+BMAC+CG+BMAC+2BM 104+2BM BM3， 故答案为： 3 【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质，线段垂直平分线的性质，角平分线的性质，熟练运用全 等三角形的判定
24、是本题的关键 16如图，等腰 ABC 中， ABAC4，BC 6， ABD 是等边三角形，点P 是 BAC 的角平分线上一 动点，连PC、PD，则 PD+PC 的最小值为4 【分析】连接BP，根据 AP 垂直平分BC，即可得到CP BP，再根据当B，P，D 在在同一直线上时， BP+PD 的最小值为线段BD 长，即可得出PD+PC 的最小值为4 【解答】解：如图，连接BP， 点 P 是 BAC 的角平分线上一动点，ABAC， AP 垂直平分BC， CPBP， PD+PCPD+PB， 当 B，P，D 在在同一直线上时，BP+PD 的最小值为线段BD 长， 又 ABD 是等边三角形，ABBD 4，
25、 PD+PC的最小值为 4， 故答案为： 4 【点评】本题主要考查了最短路线问题，凡是涉及最短距离的问题，一般要考虑线段的性质定理，结合 轴对称变换解决，多数情况要作点关于某直线的对称点 三、解答题（共8 题，共 72 分） 17（ 12 分）解方程或化简分式： （ 1）1 （ 2）（） （ 3）（ 2） 【分析】（ 1）先把整式方程化为分式方程求出的值，再代入最简公分母进行检验即可； （ 2）根据分式混合运算的法则把原式进行化简，即可； （ 3）根据分式混合运算的法则把原式进行化简，即可 【解答】解：（1）方程两边同乘 21， 得： 2+2+12+13， 解得：， 检验：将代入 210， 是
26、原方程的根； （2）（） + +； （ 3）（ 2） ? 4 【点评】本题考查的是解分式方程，分式的混合运算，熟知分式混合运算的法则是解答此题的关键 18（ 10 分）利用乘法公式计算： （ 1）（ 3a2）（ 3a2）+（ 3a1） 2 （ 2）（ 2+y+1）（ 2+y 1）（ 2y1） 2 【分析】（ 1）先利用平方差公式和完全平方公式展开，然后合并同类项即可； （ 2）先利用平方差公式和完全平方公式展开，然后合并同类项即可 【解答】解：（1）原式（3a+2）（ 3a2） +（3a 1） 2 （ 9a2 4）+9a2 6a+1 9a2+4+9a26a+1 6a+5； （ 2）原式（ 2+
27、y） 21（ 2y）2 2（2y） +1 4 2+4y+y21（ 424y+y24+2y+1） 42+4y+y2142+4y y2+42y1 8y+42y2 【点评】本题考查了平方差公式：两个数的和与这两个数的差相乘，等于这两个数的平方差即（a+b） （ ab） a2b2也考查了完全平方公式 19（ 8 分）在平面直角坐标系中，A（ 3，0）， B 为 y 轴负半轴上一个动点 （ 1）如图，若B（0， 5），以 A 点为顶点， AB 为腰在第三象限作等腰RtABC，直接写出C 点的坐 标（ 8， 3）； （ 2） 如图，当 B 点沿 y 轴负半轴向下运动时，以 B 为顶点， BA 为腰作等腰R
28、tABD（点 D 在第四象限） ， 过 D作DE轴于E点，求OBDE 的值 【分析】（ 1）要求点 C 的坐标，则求C 的横坐标与纵坐标，因为ACAB，则作 CM轴，即求CM 和 AM 的值，容易得MAC OBA，根据已知即可求得 C 点的值； （ 2）求 OBDE 的值则将其放在同一直线上，过D 作 DQOB 于 Q 点，即是求BQ 的值，由图易求得 AOB BDQ（ AAS），即可求得BQ 的长 【解答】解：（1）过 C 作 CM轴于 M 点， CMOA，AC AB， MAC+OAB90， OAB+OBA90， 则 MAC OBA， 在 MAC 和 OBA 中， ， MAC OBA（AAS
29、）， CMOA3，MA OB5， 则点 C 的坐标为（8， 3）， 故答案为：（8， 3）； （2）如图2，过D作DQOB于Q点，则DEOQ， OBDEOB OQBQ， ABO+QBD90， ABO+OAB90， 则 QBD OAB， 在 AOB 和 BDQ 中， ， AOB BDQ（AAS）， QBOA3， OBDEBQ OA3 【点评】 本题考查的是全等三角形的判定和性质，掌握全等三角形的判定定理和性质定理是解题的关键 20（ 8 分）将下列多项式因式分解： （ 1）4ab2 4a2bb3 （ 2）25 6 【分析】（ 1）直接提取公因式b，再利用完全平方公式分解因式得出答案； （ 2）直
30、接分解常数项，进而分解因式即可 【解答】解：（1）4ab24a2bb3 b（ 4ab+4a2+b2） b（2ab）2； （ 2）25 6（ 6）（ +1） 【点评】此题主要考查了提取公因式法以及公式法、十字相乘法分解因式，正确应用公式是解题关键 21 （8 分）对于多项式 3 5 2+10，我们把 2 代入此多项式， 发现 2 能使多项式3 5 2+10 的值为 0， 由此可以断定多项式 3 5 2+10 中有因式（ 2），（注：把a 代入多项式，能使多项式的值为 0， 则多项式一定含有因式（a），于是我们可以把多项式写成： 352+10（ 2）（2+m+n），分 别求出 m、 n 后再代入
31、3 5 2+10（ 2）（2+m+n），就可以把多项式3 5 2+10 因式分解 （ 1）求式子中m、n 的值； （ 2）以上这种因式分解的方法叫“试根法”，用“试根法”分解多项式 3+52+8+4 【分析】（ 1）根据 3 5 2+10（ 2）（2+m+n），得出有关 m，n 的方程组求出即可； （ 2）由把 1 代入 3+52+8+4，得其值为 0，则多项式可分解为（+1）（ 2+a+b）的形式，进而将多项 式分解得出答案 【解答】解：（1）在等式 352+10（ 2）（2+m+n），中， 分别令 0， 1， 即可求出： m 3，n 5 （ 2）把 1代入 3+52+8+4，得其值为 0，
32、 则多项式可分解为（+1）（ 2+a+b）的形式，（ 7 分） 用上述方法可求得：a4，b4，（ 8 分） 所以 3+52+8+4（ +1）（2+4+4）， （ +1）（ +2）2（ 10 分） 【点评】本题主要考查了因式分解的应用，根据已知获取正确的信息，是近几年中考中热点题型同学们 应熟练掌握获取正确信息的方法 22（ 10 分）列分式方程解应用题： 雄楚大街公交快速通道开通后，为相应市政府“绿色出行”的号召，家住关山光谷新城的小童上班由自 驾车改为乘坐快速公交车已知小童家乘坐快速公家车到上班地点 18千米，比他自驾车的路线距离少2 千米，他乘快速公交车平均每小时行驶的路程是他自驾车平均每
33、小时行驶的路程的1.2 倍他从家出发 到达上班地点， 乘快速公交车方式比自驾车方式还提前10 分钟， 求小童用自驾车方式上班平均每小时行 驶多少千米？ 【分析】设小童用自驾车方式上班平均每小时行驶千米，根据“已知小童家乘坐快速公家车到上班地点 18 千米，比他自驾车的路线距离少2 千米，他乘快速公交车平均每小时行驶的路程是他自驾车平均每小 时行驶的路程的1.2 倍他从家出发到达上班地点，乘快速公交车方式比自驾车方式还提前10 分钟”， 列出关于的分式方程，解之，经过检验后即可得到答案 【解答】解：设小童用自驾车方式上班平均每小时行驶千米， 根据题意得： ， 解得： 30， 经检验： 30 是原
34、方程的解， 答：小童用自驾车方式上班平均每小时行驶30 千米 【点评】本题考查了分式方程的应用，正确找出等量关系，列出分式方程是解题的关键 23（10 分）已知 ABC 与 ADE 是等边三角形，点B、A、D 在一条直线上，CPN60， PN 交直 线 AE 于点 N （ 1）若点 P 在线段 AB 上运动，如图1（不与 A、 B重合），求证：PCPN； （ 2）若点 P 在线段 AD 上运动（不与A、D 重合），在图2 中画出图形，猜想线段PC、PN 的数量关系 并证明你的结论 【分析】（ 1）在 AC 上截取 AFAP，可得 PCF PNA，所以 PCPN； （ 2）当 P 在 AD 上时
35、， CPN 的一边 PN 交 AE 的延长线于N，此时也有PCPN 过 P 作 AC 的平行线 交 BC 的延长线于F，由平行线的性质可得出F BCA60，故可得出 F APF，根据全等三角 形的判定定理得出PCF NPA，由全等三角形的性质即可得出结论 【解答】解：（1）PCPN；理由如下： 如图 1 所示，在AC 上截取 AFAP， APAF，BAC60， APF 为等边三角形， PFPA， CPF+ FPN60， FPN +NPA60， CPF APN，在 PCF 和 PNA 中， PCF PNA（ASA）， PCPN； （ 2）PCPN；理由如下： 当 P 在 AD 上时， CPN 的
36、一边 PN 交 AE 的延长线于N，此时也有PCPN； 过 P 作 AC 的平行线交BC 的延长线于F，如图 2 所示： F BCA60， APF BAC60， F APF， CFAP， CPN60， NPF60 FPC， BPC60 CPF， NPF BPC， F PAN60， FCP APN60+APC， 在 PCF 和 NPA 中， PCF NPA（AAS）， PCPN； 【点评】本题考查了全等三角形的判定与性质及等边三角形的性质；熟练掌握等边三角形的性质及全等 三角形的性质，能够利用全等三角形求解线段之间的关系，正确作出辅助线是解答本题的关键 24（ 10 分）如图， ABC 中 （
37、1）若 ABC45， P 为 BC 边上一点，且PC2PB， APC60，求 ACB 的大小 （ 2）如图，分别以AB、AC 为边作 ABD 和 ACE，且 AD AB，ACAE， DAB CAE 连接 DC 与 BE，G、F 分别是 DC 与 BE 的中点，求 AFG 的度数 如图， DC、BE 交于点 M，连接 AM，直接写出AMC 与 的数量关系是AMC90+ 【分析】（ 1）过 C 作 AP 的垂线 CD，利用等腰三角形的判定和性质解答即可； （ 2） 连接 AG，利用全等三角形的判定和性质解答即可； 由 解答即可 【解答】解：（1）过 C 作 AP 的垂线 CD，垂足为点D，连接 B
38、D： PCD 中， APC60， DCP30， PC2PD， PC2PB， BPPD， BPD 是等腰三角形，BDP DBP30， ABP45， ABD15， BAPAPCABC604515， ABD BAD 15， BDAD， DBP45 15 30， DCP 30， BDDC， BDC 是等腰三角形， BDAD， ADDC， CDA90， ACD45， ACBDCP+ACD75； （ 2） 连接 AG， DAB CAE， DAB+BAC CAE+BAC， DACBAE， 在 ADC 和 ABE 中 ， ADC ABE（SAS）， DCBE， ACD AEB， G、F 分别是 DC 与 BE 的中点， EFCG， 在 ACG 和 AEF 中 ， ACG AEF（SAS）， AGAF， CAG EAF， AGF AFG， CAG CAF EAF CAF， EAC GAF， EAC ， GAF ， GAF+AFG+AGF180， AFG90 ； AMC90+ 故答案为：AMC90+ 【点评】此题考查全等三角形的判定与性质，关键是根据全等三角形的判定和性质解答