《2020年高考模拟复习知识点试卷试题之北京专家届高考模拟试卷(四)答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020年高考模拟复习知识点试卷试题之北京专家届高考模拟试卷(四)答案.pdf（12页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、1 北京专家高考模拟试卷（四） 1 2 3 4 5 6 B D C D D A 1.【解析】 :细胞膜中的磷脂是由甘油、脂肪酸和磷酸等物质组成，A 选项错误；细胞 膜上的多糖与蛋白质结合形成糖蛋白，与脂质结合形成糖脂，B 选项正确； 物质 的各种跨膜运输方式与细胞膜上分子的运动都有关系，C 选项错误；组成细胞膜的各 种化学成分会发生改变，如癌变的细胞膜会出现甲胎蛋白和癌胚抗原，D 选项错 误。 2. 【解析】 :神经递质通过胞吐出细胞，而 Cl -通过协助扩散进出细胞， A 选项错 误；释放 -氨基丁酸的部位是轴突，B 选项错误；神经元白天胞内Cl -浓度高于胞外， 顺浓度梯度出细胞，造成外负
2、内正，神经元电位逆转发生兴奋，故白天 - 氨基丁酸使该神经元兴奋，C 选项正确； -氨基丁酸发挥作用后，一般被酶降解 失活，故不能在突触处持续作用，D 选项错误。 3. 【解析】 : 24 h 前就有物质A 通过细胞膜进入细胞内，A 选项错误； 01 h 内既 有 H2O 的输出也有 H2O 的输入，只是输出更多，B 选项错误； 23 h 内，细 胞开始吸水，原生质体体积增大开始恢复，物质 A 溶液渗透压小于细胞液渗透 压，C 选项错误；在转折点之前细胞液浓度小于外界的物质A 浓度，在转折点 之后，细胞液浓度大于外界的物质A 浓度，故在曲线最低处相等，D 选项 正确。 4.【解析】 : 图甲边
3、转录边翻译，是原核生物的基因表达特点，故 RNA 聚合酶 不需要通过核孔进入细胞核并催化转录的过程，A 选项错误；图乙所示核苷酸共有8 种，与的区别在于五碳糖不同，B 选项错误； 链 AU GC的值等于模板链 AT GC 的值等于DNA AT GC的值， C 选项错误；图甲中核糖体移动方向是ab 且先后合成 的蛋白质相同，D 选项正确。 5.解析 : 据题干信息可知，一只芦花雌鸡与一只芦花雄鸡交配， F1子代中有 3/16为全羽鸡，因此亲代雌鸡的基因型为TtZ BW、TtZBZb， A正确；白羽鸡的基因型为tt_ _，因此子代出现白羽鸡的概率为1/4， B正确；亲本雌鸡的基因型为Z BW， 产
4、生 Z B的概率为 1/2， 亲本雄鸡的基因型为ZBZ b， 产生 ZB的概率也为 1/2， 故C正确；亲本芦花雌鸡的次级卵母细胞中含0或 1或2条W染色体，D错误。 6.【解析】：蛇的迁入增加了该生态系统食物链增加了第四营养级， 故增加了能量消耗的环节，A选项正确；能量流动是沿着食物链进行的， 蛇的迁入没有改变该生态系统能量流动的方向，B项错误；蛇迁入后， 形成了食物链：植物昆虫 蛙 蛇，据此可知， 蛇的迁入会使该农田中蛙的数量减少、昆虫增加等系列变化， C项错误；生态系统中能量流动是单向流动、逐级递减，因此能量不能循环利用， D项错误。 2 7 8 9 10 11 12 13 C A B
5、C B D D 7.【解析】含4%硅的硅钢导磁性很强，主要用作变压器的铁芯，选项 A 正确； 石灰属于碱，能使蛋白质变性，选项 B 正确；煤干馏得到煤焦油，煤焦油 中含有各种芳香族化合物，通过分馏可获得苯、二甲苯等有机物，选项 C 错误； 臭氧是一种有鱼腥味、氧化性极强的淡蓝色气体，可用作自来水消毒剂，选项 D 正确。 8. 【解析】的同分异构体中含有苯环且属于羧酸可分三种情况考虑， 苯环上的一取代有-CH2CH2COOH 、-CH(COOH)CH3两种；苯环上的二取代有 -CH3、 -CH2COOH ，-CH2CH3、-COOH 两种组合，共有 6种；苯环上的三取代基有两 个-CH3、-CO
6、OH， 共有 6种， 共有 14种， 选项 A正确；葡萄糖与果糖互 为同分异构体，淀粉与纤维素的化学式为 (C6H10O5)n， 但n值不同，故不是 同分异构体，选项 B 错误； 2，2-二甲基丙烷的结构为C(CH3)4， 中心 C 上 无 H 原子，故不能通过加成H2得到， 故选项 C 错误；植物油为酯类化合物， 含有氧元素，为烃的含氧化合物，选项 D 错误。 9. 【解析】 14C18O 的式量为 32， 质子数为12.8 g 14C 18O 物质的量小于 0.1mol，故 选项 A 错误； 3NO2+H2O=2HNO3+NO， 转移电子数为2e ， 0.3 mol NO2通入水 中完全反
7、应，转移的电子数为0.2NA， 选项 B 正确； CO 燃烧热为283.0 kJ/mol， 若一定量的CO 完全燃烧放出热量为283.0 kJ，则消耗 O2分子数为 0.5NA，选项 C 错误； 62.0 g 乙二醇为1mol，含有的羟基数目为2NA，选项 D 错误。 10. 【解析】根据题干信息可得A-H 、 B-N 、C-O、D-S、E-Cl，C、D、E 的简单离子 半径： S2 Cl O 2， 选项 A 正确； H 元素与 N、O、S、Cl 可形成 N2H4、H2O2、 H2S、HCl18 电子分子，选项 B 正确； H、N、O 三元素可形成HNO3，其水溶液 对水的电离是抑制作用，故选
8、项 C 错误； S2Cl2的结构为 Cl-S-S-Cl ， 分子中存在 非极性键，选项 D 正确。 11. 【解析】 Na2CO3+CO2+H2O= 2NaHCO3，反应中消耗水同时溶质增多，故选 项 A 错误； 酸碱中和滴定实验中，待测液可以放在锥形瓶中也可以在滴定管中，故 选项 B 正确；蔗糖与浓硫酸反应产生的气体有CO2和 SO2， SO2也能与澄清石灰水反 应出现浑浊现象，选项 C 错误； D 中无现象能证明该反应为放热反应，选项 D 错误。 12. 【解析】通过电子转移可确定M 为负极，N 为正极，负极的电极反应为 CH3COOH 8e +2H 2O=2CO2+8H +， 正极的电极
9、反应为O2+4e +4H+ =2H2O 或 Cr2O72 +6e +8H +=2Cr(OH) 3+ H2O，故 H +虽然会从负极移动到正极， 但正极会消耗H+， 故 N 极附近的溶液pH 不会下降，选项 A、 C 错误；选项 B 中未说明是否是标准状况， 故选项 B 也错误，由于 Cr2O72 具有强氧化性， 能将还原菌氧化而失活，故 选项 D 正确。 13. 【解析】由图中信息可知Ka1=10 1.2， Ka2=10 4.2， C 点 H2C2O4 和 C2O42 相 等，而 Ka1Ka2= c2(H +) c(C2 O42 )/ c(H 2C2O4)=10 5.4， c(H+)=10 2
10、.7， 选项 A 3 正 确 ；向 草 酸 溶 液 中 滴 加 氢 氧 化 钠 溶 液 至pH 为4.2 时 ，根 据 电 荷 守 恒 c(Na+)+c(H +)=2c(C2 O 42 )+c(OH) + c(HC 2O4 )， 由于 c(C2 O42 )= c(HC 2O4 )， 故 选项 B 正确，Ka2=10 4.2， HC2O4 的水解常数为 10 12.8， HC2O4 的电离大 于水解，溶液呈酸性，选项 C 正确；当c(HC2O4 )c(C 2 O42 )时， 溶液呈 酸性，若溶液呈中性，则 c(HC2O4 ) c(C 2 O42 )， 选项 D 错误 14 15 16 17 18
11、 19 20 21 D C B B B BC AC AD 14【 解析 】根据图像可知，B 车先向 x 轴正方向匀速运动，后向 x 轴负方向匀 速运动，16s 末回到出发点，A 选项错误；根据图像可知，两车的最大距 离为 12m，故 B 错误； 416s 时间内，B 车的路程不为零，故平均速率不 为零，故 C 错误； 016s 时间内，A、B 两车分别在6s 末和 12s 末相遇，共 相遇两次，故 D 选项正确。 15.【解析 】 比结合能越大，原子核越稳定，故 A 选项错误； Li 6 3 核的比结合能 约为 5MeV ，核子数为6，故结合能约为30MeV ，故 B 选项错误；He 4 2
12、核 的比结合能约为7MeV ，故结合能约为28MeV ，比Li 6 3 核的结合能小，故 C 选项正确；两个H 2 1 核结合成He 4 2 核时有质量亏损，因此要释放能量，故 D 选项错误。 16.【解析 】由于加速度向上，故处于超重状态，A 选项错误；引力做功不会改 变重力势能，火箭对卫星做正功，故机械能增加，D 选项错误；在地球表 面： gmmgN 3 1 1 ，故 mgN 3 4 1 ， 高空时： gmmgN 3 1 3 2 1 ，得 gg 9 5 ，又由万有引力公式可知：地表附 近 mg R Mm G 2 ，高空时： )( 2 mg hR Mm G ，则 g g hR R )( 2
13、2 ，则 Rh 5 553 ，故 B 选项正确，C 选项错误。 17【解析】首先简化电路，电流表当成导线，电压表看成断路，电路结 构为：滑动变阻器R1左右两部分并联再与 R2、电源串联，电压表测量的是并联部分 的电压，电流表测量的是滑动变阻器右边部分的电流，当滑片从 B 划向 C 时， 并联部分总电阻先增加后减小，故电压表先增加后减小，A 选项错误； 当滑片划 4 到中间位置之前，电压一直增加，而右半部分电阻减小，故电流表示数增 大；当滑片从中间位置向C 继续划动时电阻减小，干路电流增大，左边部分电 阻变大，电流减小，可知右边部分电流增大，故右边部分电流一直增大， 故 B 选项正确；电阻先增加
14、后减小，故消耗电功率先增加后减小，故 C 选项错 误；由闭合电路欧姆定律可知： 2 Rr I U 干 ，但由于 II干 ，故 2 Rr I U ，因此 D 选项错误。 18 【解析】解：根据电场力做功可知：WABqUABq （AB） ;WACqUACq （A C） 。 根据匀强电场中场强与电势差的关系可知： 2 BA D ，则此点电荷从D 点运动 到 C 点的过程中，电场力做功为： 2 2 2 )2( ) 2 ()( ABACCBA C BA CDDC WW qqqW 故 ACD 错误， B 正确。 19【 解析 】根据矢量叠加原理，在 AO 段磁感应强度水平向右，而 OB 段磁感 应强度水平
15、向左，根据左手定则可知，AO 段小球所受洛伦兹力垂直于纸面向里， OB 段小球所受洛伦兹力垂直于纸面向外，故 A 选项错误； O 点磁感应强度为零， 无穷远处磁感应强度趋近于零，而中间某点磁感应强度不为零，故从 O 点到无 穷远磁感应强度先增加后减小，由于 Bmax位置不确定， 因此 B、C 选项正确； 由于洛伦兹力最大的位置不确定，所以摩擦力大小变化不能确定，加速度的变化 也不能确定，故 D 选项错误。 20.【解析】根据比值关系： 1 3 2 1 1 1 n n U U L ，又 111 4220 LL UUU ，故 VU L 55 1 ，电流 A R U I L L 1 1 1 1 ，原
16、线圈输入功率 WIUEIP LLL 165 1111 ， 灯泡 L2的功率 WIUP LLL 55 112 ，故灯泡 L3的功率 WPPP L 110 213 ，电 压 VRpU L 33 33 ， 故 1 5 3 1 3 1 L U U n n ，故 A、C 选项正确，B 选项错误； t=0.02s 时，线框平面 应该与磁场垂直，故 D 选项错误。 21.【解析】两个粒子均由O 点出发，在 D 点相遇，因此 OD 为圆轨迹上的一条 弦，两个粒子的轨迹互补，根据对称性可知，粒子入射角度和OC 的最小 5 夹角为 0 ，最大为 120 ，而 30 和 90 刚好可以满足题目条件，因此 A 选 项
17、 正 确 ； 根 据 前 面 分 析 可 知 ，两 粒 子 相 差 的 最 大 圆 心 角 为 2403021502 ，故时间差最大为 qB m Tt 3 4 2 ，故 B 选 项错误；若 qB mv xOD 0 ，粒子沿OC 方向入射，则在磁场中运动的时间为 qB m qB m Tt 3 52 360 300 2 max ，故 C 选项错误；如C 选项分析，此时离开 AC 边界最远距离为2r，故 D 选项正确。 22.（6 分）【解析】（1）利用平均速度公式，小球 B 经过光电门时的速度vB表达式 为 t d vB ，A、 B 两者角速度相同，故 B B A A R v R v ，得 tR
18、dR R vR v B A B BA A （2）要满足系统机械能守恒则有 22 )( 2 1 )( 2 1 t d m tR dR mgRmgRm B B A AAABB 23.【答案】（ 1）电流表，1mA (2)2V (3)857(4)900 【解析】（ 1）在表头两侧并联电阻可将表头改为大量程的电流表，若电阻 R1=25， 为 Rg 的 1/4，电流为表头的4 倍，故总量程为Ig 的 5 倍，为 1mA； （2）多用电表指针指在中间位置，说明此时的R内=Rx， 而电流 I=1/2Ig ，则 E=I（R 内+Rx）=2V （3）待测电阻阻值857 内 R I E Rx （4）由于电动势发生
19、改变，故内阻1000 g I E R内，电动势改变前后同一偏 转角度对应同一电流，故有 测内真内xx RR E RR E I ，因此 900 真x R 24.（12 分） 【解析】（ 1）电动势： E=BLv. 1 电阻R RR RR RR 4 15 3 3 3 总 2 6 电流： 总 R E I 3 安培力 :LBIFA2 . 4 加速度： mR vLB m F a A 15 24 22 . 5 方向：沿FC 方向 (2) GH 电流：IIGH 4 1 . 6 电功率： R vLB RIP GHGH 225 222 2 7 25 【解析】 对 B 竖直方向： 2 2 1 gtH. 水平方向：
20、tvx B 得smvB/10 由动量守恒定律得： BA mvmv 由能量守恒定律得：JmvmvEp BA 200 2 1 2 122 ， （2）A 上升过程中 1 37cos37sinmamgmg. A 匀减速至速度为零，由m a v x A A 5 2 1 2 1 . 减速时间：s a v t A 1 1 1 传送带位移：mvtx8 11 . 相对位移：mxxx A 13 111 . 热量：JxmgQ10437cos 1 . 7 （3）滑块 A 与传送带共速位移：mm a v xA52.3 2 1 2 2. 11 故下滑时可以达到共速 共速时间：s a v t8.0 1 2 12 传送带位移
21、：mvtx4.6 22 . 13 相对位移：mxxx A 2.3 222 . 14 在共速之前两者的相对位移：mxxx2 .16 21 15 由于37tan，故共速后继续加速 物块向上滑动的距离为 5m， 共速之前向下运动 3.2m， 故此时距离传送带底端 1.8m， 因此即使后面物块速度大于传送带速度，相对位移也小于 1.8m， 故 划痕长度为16.2m 26. 解析（1）用反应 I反应 II 得到 CH2=CHCH2C1(g)+HC1(g)CH2C1CHC1CH3(g) H= 32kJ mol -1， H= Ea(正) Ea(逆)= 134kJ mol -1Ea(逆)= 32kJ mol
22、-1， Ea(逆)= 32kJmol-1 （2） 反应 I 是一个气体物质的量减小的反应，反应 II 气体物质的量不变，达 到平衡后增大压强，反应 I 正向移动，CH2C1CHC1CH 3的产率增大；（ 3）反应 II 为放热反应，由于体系为绝热容器， 随着反应进行，体系的温度升高， 容器内气体压强增大。（4）p 点不是对应温度下CH2C1CHC1CH3的平衡产率， 因为 生成 CH2C1CHC1CH 3的反应为放热反应，温度越低平衡转化率越高，而 450 的产率高于p 点产率，所以 p 点不是对应温度下CH2C1CHC1CH3的平衡产率 （5） 压强的减小由反应I 引起 CH2=CHCH3(
23、g)+C12(g)CH2C1CHC1CH3(g)反应 120min 的压强的变化为10.6，故 v(CH2C1CHC1CH 3)=10.6/120=0.09 kPamin -1；设起 始 CH2=CHCH3(g)和 C12(g)的物质的量各为 1mol，平衡时气体的总物质的量为 57.6 2/80=1.44 mol ，生成的 n(CH2C1CHC1CH3)=0.56 mol ，反应 I 消耗的 CH2=CHCH3(g)和 C12(g)的物质的量各为0.56 mol ，根据平衡时HC1 的体积分数为 1 8 ， 计算反应 生成的 n(HC1)= n(CH2=CHCH2C1)=0.18mol ，
24、参与反应的CH2=CHCH3(g) 和 C12(g)的物质的量各为 0.18 mol ，则丙烯的平衡总转化率(0.18+0.56)/1=74% ； CH2=CHCH3(g)+C12(g)CH2C1CHC1CH3(g) 物质的量分数0.26/1.44 0.26/1.44 0.56/1.44 8 Kp=0.21 答案（ 1）32（2 分）（ 2）增大（ 1 分）反应 I 是一个气体物质的量减小的反应达 到平衡后增大压强，反应 I 正向移动，CH2C1CHC1CH3的产率增大 （2 分） （3） 增大（ 1 分）（4）否（ 1 分）因为生成CH2C1CHC1CH 3的反应为放热反应，温 度越低平衡转
25、化率越高，而 450的产率高于p 点产率，所以 p 点不是对应温度 下 CH2C1CHC1CH 3的平衡产率； （2 分）（5） 0.09 （ 2 分）74%（2 分）0.21 （2 分） 27.解析 (2)根据工艺流程，焙烧时，通入空气，产生 MoO3和SO2， 即化学方程式为2MoS27O2= 高温 2MoO3 4SO2；氧化产物是还原剂被氧化后得到的产物， 根据化学反应方程式中Mo、 S的化合价升高，即氧化产物是 MoO3、SO2。 (3)根据问题 (5)，碱浸时，Mo元素以 MoO24的形式存在， 即“ 碱浸 ” 时含钼化合物发生的主要离子反应是MoO3CO2 3=MoO24CO2 。
26、 (5)根据溶度积，SO 24先沉淀出来，BaMoO4开始出现沉淀， 此时溶液中 c(Ba2) Ksp BaMoO4 c MoO 2 4 2.0 10 8 0.20 1.0 107 mol L 1， 此时溶液中 c(SO24)Ksp(BaSO4)/c(Ba 2 )1 10 10/1.0 10 7 mol L 11.0 103 mol L 1， 令溶液的体积为VL，去除 SO24 的质量分数为 0.01 molL 10.001 mol L 1 V L 96 g mol 1 0.01 molL 1 V L 96 g mol 1 100%90%。 (6)MoS2与NO 3 反应，S和Mo 的化合价都
27、升高，S原子被氧化成SO 24， 钼元素以 MoO2 3的形式存在，NO3 中N的化合价降低，转化成 NO。 答案 (1)粉碎固体颗粒（2分）(2) MoO3、SO2（2分） (3) （1分）MoO3CO 23=MoO 24CO2 （2分）(4)PbS （2分） (5)90（2 分）(6)MoS26NO 3 =MoO242SO24 6NO （ 2 分） 28.解析 (2)装置 A是制备二氧化硫气体，装置 B中的碱石灰可以吸收尾气， 并防止外界水蒸气加入装置，应该在整套装置的最后， D装置应该为二氧化硫与样品反应的装置， 进入该装置的二氧化硫需要用浓硫酸(E)干燥，C装置为安全瓶， 因此装置的顺
28、序为ACEDB ，接口顺序为 dei hgf b(c) ；根据图示， M为长颈漏斗，在实验过程中，可以起到平衡内外气压， 防止压强过大的作用。 (4)Na2S2O3水解显碱性，标准液应装在碱式滴定管中。 (5)实验开始时，向D装置中加入 10.00 g土壤样品和 10.16 g I2(已知 I2过量 )， n(I2) 10.16 g 254 g mol1 0.04 mol，向反应后的 D装置加入蒸馏水，过滤， 充分洗涤，并合并洗涤液和滤液，将其配成 250.00 mL溶液，取25.00 mL 用0.20 mol L 1 Na2S2O3标准液滴定剩余碘单质，根据实验数据可知， 实验的误差较大，删
29、除该数值， 实验消耗Na2S2O3溶液的平均值 20.0519.9520.00 3 mL 20.00 mL ， 根据 2S2O2 3I2=S4O262I ，消耗碘单质物质的量n(Na2S2O3) 1 2 250 mL 25 mL 1 2 9 0.020 0 L 0.20 mol L 1 100.02 mol， 剩余 I2物质的量 0.04 mol0.02 mol 0.02 mol，即与二氧化硫反应的碘单质物质的量0.04 mol0.02 mol0.02 mol， 消耗水为 0.04 mol，土壤样品中水的含量 0.04 mol18 g mol1 10.00 g 100%7.2%；若 Na2S2
30、O3标准液已部分氧化变质， 滴定过程中消耗的硫代硫酸钠溶液体积增大，测定剩余碘单质物质的量增大， 则与二氧化硫反应的碘单质减少，反应的水的物质的量减小， 计算得到水的含量偏低。 答案 (1)SO2I22H2O=H2SO4 2HI（ 2分）(2)d e i h g f b (c) （2分） 长颈漏斗（ 1分）平衡内外气压，防止压强过大（2分）(3)打开弹簧夹， 通入氮气（ 2分） (4)碱式（ 1分）使所剩余的碘单质均进入滤液，测量结果更准确（2分） (5)7.2（2 分）偏低（ 1 分） 29.（10分） （1）C3（或三碳化合物）（ 1分）暗反应（ C3的还原） 光反应（ H2O的光解）（
31、2分） （2）大于（ 1分）A点时 CO2吸收速率或 O2的释放速率均大于 0 ，净光合速率大于0， 因此光合速率大于呼吸速率（2分） （3）光反应产生的ATP和H ，在黑暗后还能维持一段时间的暗反应（2分） 较多（ 2分） 30.（8分） （1）甲状腺（ 1分）；甲状腺细胞受损、促甲状腺激素受体受损（2分， 任答一个给满分）； （2）由于反馈调节机制，乙患者 T3、T4水平较高， 从而抑制了垂体分泌TSH ， 因此 TSH水平较低。（ 2分） （3）偏高（ 2分）；甲状腺激素可促进产热，寒冷条件下，体内甲状腺激素较高， 进入医院立刻抽血体检，甲状腺激素指标偏高（2分）。 31.（11分） (
32、1)生产者、消费者或分解者（2分）；遗传物质不同， 控制合成的载体种类及数量不同（2分）； (2)生产者固定的太阳能和有机物中的化学能（2分）；因为生态系统的能量是单向流动， 逐级递减的，因此任何生态系统都需要不断得到来自系统外的能量补充（2分）； (3)间接（生态功能）（1分）；调节气候、保护生物多样性、美化环境、涵养水源、分洪 蓄洪等（ 2分）。 32.（10分） （1）ABe（1分）9/16（1分） （2）AaBbEe（1分）AaBbee（1分）乙（ 2分） 预期结果及结论：若子代全为矮茎，则说明子代基因型为AaBbEe（2分） 若子代高茎：矮茎=1：3，则说明子代基因型为AaBbee（
33、2分） 33 物理 选修 33(15 分) 【解析 】布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒不停的在做无规则运动，不是液体分 子的运动，但它反映了液体分子永不停息的做无规则运动，故 A 正确； 0时， 水结冰，水分子的存在形式改变了，分子间的平均势能降低，但温度未发 生变化，水分子的平均动能不变，不会停止热运动，故 B 选项错误；若两 分子间距小于平衡距离，随着分子间距离的增大，分子势能可能先减小后增大， 故 C 正确；热量不能自发的从低温物体传递到高温物体，如空调机，故 D 错误； 1 0 对于一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大对外做功，根据理想 气体的状态方程 C T PV ,可知气体
34、的温度一定升高，内能增加，根据热力学第 一定律可知它一定从外界吸热，故 E 正确。 【答案 】ACE (2) 【解析 】 . 对 A 部分气体，初状态：hSVPP AA , 0 设弹簧压缩量为x，末状态：SxhVA)(. 由玻意耳定律得： AAAA VPVP 对活塞 a 由平衡条件得： mgSPxkSPA 0 得mx25.0 对 B 部分气体，初状态：KThSVPP BBB 300, 0 末状态：SxhV S mg PP BB )(, 0 理想气体状态方程： B BB B BB T VP T VP . 解得：KTB1350 34（ 1）【解析】振源相同，故两列波频率相同，A 选错误，根据波长关
35、 系可以看出， III 2，根据fv I /，可 知 III vv2，故 B 选项正确；波长越大衍射现象越明显， 故 C 正确；根据多普勒效应，当接收者靠近波源时， 接收到的频率大于波源的频率，因此 D 选项错误；只有 发生干涉现象时，振动加强点才会始终加强，而发 生干涉的条件是频率相同，这两列波波源相同，故可以发生干涉现象，振 动加强点会始终加强，故 E 选项正确。 (2)【解析】光路图如图所示： 入射角的正弦： 22 sin DECE CE CD CE i 折射角正弦： 22 sin ABAC AC BC AC r . 1 1 折射定律： r i n sin sin 得： mAC2 光路图
36、如图虚线所示：鱼沿AB 向上移动至N 点 入射角的正弦： 22 sin DMCM CM i . 折射角正弦： 22 sin ANAC AC r . 折射定律： sin sin r i n . 得： mAN 5 236 因此鱼向上移动距离： mANABx 5 236 32 . 35.解析 (1)根据元素 M的气态原子的第I1至I5电离能大小可以看出：I1、I2相差不大， I2、I3电离能相差较多， 说明 M原子最外层有2个电子。在 Ca5(PO4)3中元素有 Ca、P、O三种元素， 只有钙元素最外层有2个电子，原子半径大，容易失去最外层的2个电子， 化合价为 2价；根据原子核外电子排布规律可知C
37、a基态原子电子排布式为Ar4s 2或1s22s22 p63s23p64s2。 (3)PO34的中心原子 P的价层电子对数是4， 故磷原子杂化为sp3杂化；由于孤对电子对数为0，该离子的空间构型为正四面体形， 键角为 10928，其等电子体有SO24、CCl4。 (5)根据 CaF2晶胞结构可知：在每个晶胞中与Ca2距离最近且等距离的 Ca2有3个， 通过每个 Ca2可形成 8个晶胞，每个 Ca2计算了 2次， 所以与 Ca2距离最近且等距离的Ca2有(3 8) 212个；将 CaF2晶胞分成 8个小正方体， 正方体中心为 F，顶点为 Ca2， 晶胞中共有 4个钙离子、 8个氟离子。 Ca2与F
38、的最近核间距(ab)为晶胞体对角线的 1 4。故 晶胞边长为 4 ab 3 。根据 4 ab 3 3N A4M，可求晶体密度。 答案 (1) 2（1分）Ar4s 2或1s22s22p63s23p64s2 （1分） (2)FOP（2分）(3) sp3（1分） 正四面体形（1分）10928（1分） SO24、CCl4等（ 2分）(4)MgOCaO （1分）Mg 2 半径比 Ca2小， 晶格能较大（ 2分） (5)12（1分） 4M NA 4 ab 3 3 （ 2分） 36.解析 由B的分子式、 C的结构简式，可知 B与氯气发生取代反应生成C， 1 2 故B为，逆推可知 A为 CH3CHO。C发生信
39、息中还原反应生成 D为 。对比 D、 E的分子式，结合反应条件， 可知 D中氯原子水解、酸化得到E为。由 G的结构简式可知， E中醇羟基与甲醇发生分子间脱水反应生成F，F中酚羟基上的氢原子被取代生成G， 故F为。对比 G、H(美托洛尔 )的结构简式可知， G发生开环加成反应生成美托洛尔。苯甲醇发生氧化反应生成苯甲醛， 苯甲醛与苯酚反应生成，最后与 Zn(Hg)/HCl 作用得到目标物。 (5)芳香族化合物W是G的同分异构体，W能发生水解反应， 核磁共振氢谱有4组峰，峰面积之比为93 22，符合要求的 W的结构简式为 答案 (1)乙醛（ 1分）(酚)羟基、羰基（ 2分）(2)取代反应（ 2分）
40、C12H16O3（2分）(3) （2分） （2分） （5） （2分） （2分） 37.（15分） 选修 1-生物技术实践 (1)高压蒸汽灭菌锅（2 分） (2)涂布器（ 2 分）；不同载银量的Ag/TiO2空心微球悬浊液（3 分）； 无菌水（ 2 分）；滤纸片周围抑菌圈(透明圈 )大小 (直径 )（2 分） (3)滤膜（ 2 分）；伊红美蓝（2 分）。 38.（15分） 生物 -选修 3：现代生物科技专题 （1）嫩叶组织细胞易破碎(1分 ) 防止 RNA 降解 (1分) （2）在逆转录酶的作用下，以mRNA 为模板按照碱基互补配对的原则可以合成cDNA (3分) （3）目的基因无复制原点(2分 ) ；目的基因无表达所需启动子(2分) （4）磷酸二酯键(3分) （5）目的基因的转录或翻译异常(3分)