《超重和失重的典型例题Word版.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《超重和失重的典型例题Word版.doc（4页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、传播优秀Word版文档 ，希望对您有帮助，可双击去除！超重和失重 问题超重和失重是两个很重要的物理现象。当物体的加速度向上时，物体对支持物的压力大于物体的重力，这种现象叫做超重；当物体的加速度向下时，物体对支持物的压力小于物体的重力，这种现象叫做失重；当物体向下的加速度为g时，物体对支持物的压力为零，这种现象叫做完全失重。下面通过举例说明超重和失重的有关问题。【例1】竖直升降的电梯内的天花板上悬挂着一根弹簧秤，如图1所示，弹簧秤的秤钩上悬挂一个质量m4kg的物体，试分析下列情况下电梯的运动情况(g取10m/s2)：(1)当弹簧秤的示数T140N，且保持不变Tmg正图1(2)当弹簧秤的示数T23
2、2N，且保持不变(3)当弹簧秤的示数T344N，且保持不变解析：选取物体为研究对象，它受到重力mg和竖直向上的拉力T的作用规定竖直向上方向为正方向当T140N时，根据牛顿第二定律有T1mgma1，则由此可见电梯处于静止或匀速直线运动状态(2)当T232N时，根据牛顿第二定律有T2mgma2，则式中的负号示物体的加速度方向与所选定的正方向相反，即电梯的加速度方向竖直向下电梯加速下降或减速上升(3)当T344N时，根据牛顿第二定律有T3mgma3，则加速度为正值表示电梯的加速度方向与所选的正方向相同，即电梯的加速度方向竖直向上电梯加速上升或减速下降小结：当物体加速下降或减速上升时，亦即具有竖直向下
3、的加速度时，物体处于失重状态；当物体加速上升或减速下降时，亦即具有竖直向上的加速度时，物体处于超重状态【例2】举重运动员在地面上能举起120kg的重物，而在运动着的升降机中却只能举起100kg的重物，求升降机运动的加速度若在以2.5m/s2的加速度加速下降的升降机中，此运动员能举起质量多大的重物？(g取10m/s2)Fmg解析：运动员在地面上能举起120kg的重物，则运动员能发挥的向上的最大支撑力Fm1g12010N1200N，(1)在运动着的升降机中只能举起100kg的重物，可见该重物超重了，升降机应具有向上的加速度对于重物：Fm2g=m2 a1，则 (2)当升降机以a2=2.5m/s2的加
4、速度加速下降时，重物失重对于重物，点拨：题中的一个隐含条件是：该运动员能发挥的向上的最大支撑力(即举重时对重物的最大支持力)是一个恒量，它是由运动员本身的素质决定的，不随电梯运动状态的改变而改变【例3】如图3所示，是电梯上升的vt图线，若电梯的质量为100kg，则承受电梯的钢绳受到的拉力在02s之间、26s之间、69s之间分别为多大？(g取10m/s2)图3解析：从图中可以看出电梯的运动情况为先加速、后匀速、再减速，根据vt图线可以确定电梯的加速度，由牛顿运动定律可列式求解对电梯的受力情况分析如图3所示：(1)由vt图线可知，02s内电梯的速度从0均匀增加到6m/s，其加速度a1(vtv0)/
5、t3m/s2由牛顿第二定律可得F1mgma1解得钢绳拉力 F1m(ga1)1300 N(2)在26s内，电梯做匀速运动F2mg1000N(3)在69s内，电梯作匀减速运动，v06m/s，vt0，加速度a2(vtv0)/t2m/s2由牛顿第二定律可得F3mgma2，解得钢绳的拉力F3m (ga2)800N点拨：本题是已知物体的运动情况求物体的受力情况，而电梯的运动情况则由图象给出要学会从已知的vt图线中找出有关的已知条件小结：从计算结果来看吊起电梯的钢绳的拉力与它的速度无关，而与它的加速度有关，即超失重的条件是看物体运动的加速度而不是看物体运动的速度。aa平a上【例4】如图4所示，倾斜索道与水平
6、线的夹角37，当载人车厢沿索道向上的加速度为5 m/s2，人的质量为50kg，且相对车厢静止。求：人对车厢的压力为多大？（sin370.6）图解析： 由题意知，人在沿钢索的方向上的加速度为，人的质量为，人具有竖直向上的加速度分量为a上asin37，此时人处于超重状态，在竖直方向上由牛顿第二定律得 上 ，则点拨：当物体运动的加速度不在竖直方向时，可以将加速度沿水平方向和竖直方向分解，然后利用牛顿第二定律列出对应的方程即可。小结：虽然物体运动的加速度不是竖直方向，但是只要在竖直方向上有向上的分量，物体就处于超重状态；在竖直方向上有向下的分量，物体就处于失重状态。【例5】如图5所示，底坐A上装有一根
7、直立长杆，其总质量为M，杆上套有质量为m的环B，它与杆有摩擦，当环从底座以初速度向上飞起时（底座保持静止，环的加速度大小为a1，环下落时，环的加速度大小为a2。求环在升起和下落的过程中，底坐对水平的压力分别是多少？图解析：取A和B整体为研究对象。由题意可知，环上升过程中作匀减速运动、下降过程中作匀加速运动，这两个过程中系统都具有向下的加速度，处于失重状态。所以环上升和下降过程中，A对地面的压力都小于整体的重力。（1）将A、B视为一个整体，环升起时加速度a1向下，取向下的方向为正方向，则 (M+m)gF1=ma1即F1=( M+m)gma1（2）将A、B视为一个整体，环下落时加速度a2向下，则：
8、(M+m)g F2=ma2即F2=( M+m)gma2所以环上升时水平地面对底座的支持力F1=(M+m)gma1，下降时水平地面对底座的支持力F2=(M+m)gma2小结：在定性判断物体系是超重还是失重时，只需看物体系在竖直方向上的加速度是向上还是向下的。在定量计算支持力或悬挂物体系的悬线所受的拉力时，可用物体系统的总重力加上“超”重量或减去“失”重量。 这样分析，思路更加简捷。图AB【例6】如图6所示，质量为的物体放在质量为M的平台上，随平台B在竖直方向上做简谐振动，振幅一定运动到最高点时，物体对平台B的压力恰好为零当物体运动到最低点时，求弹簧弹力的大小 解析：物体在竖直平面内做简谐振动，由
9、物体运动到最高点时对平台的压力为零，即可知道物体在运动到最高点时的加速度为a=由简谐振动的对称性可知，物体运动到最低点时的加速度与最高点时的加速度大小相等，方向相反，故物体运动到最低点时的加速度的大小也为a=，方向竖直向上因平台和物体有相同的加速度，所以整体在最低点有大小为a=，方向竖直向上的加速度，整体处于超重状态，所以弹簧上的弹力为 FN （M）（M）a2（M）小结：运用超重、失重的相关知识来求解和弹簧相连的物体在竖直方向上运动的问题时，常用弹簧振子运动的对称性来求物体的加速度练习：1在太空站的完全失重环境中，下列仪器能继续使用的是（ ）A. 水银温度计B. 天平C. 打点计时器D. 弹簧
10、秤2原来作匀速运动的木箱内，有一被伸长弹簧拉住、具有一定质量的物体A静止在地板上，如图所示。现发现A突然被弹簧拉向右方。由此可判断，木箱的运动可能是（ ）A、加速下降； B、减速上升； C、匀速向右运动； D、加速向左运动。一个人蹲在磅秤上不动时，称其重力为G，当此人突然站起时，在整个站起过程中，磅秤的读数为( )A.先小于G，后大于GB.先大于G，后小于GC.大于GD.小于Gm1m2V、如图，m1和m2是叠放在一起的两木块，现将它们一起以初速度v斜向上抛出，不考虑空气阻力，抛出后m2的受力情况是（ ）A、只受重力；B、受重力和m1的压力作用； C、受重力、m1的压力和摩擦力作用；D、所受合力的方向与初速度方向一致。、质量为m的物体沿质量为M的静止光滑斜面下滑，斜面倾角为。水平地面对斜面体的支持力为_。答案：1. A、C、D 2. A、B、D 3. A 4. A 5. (M+m)gmgsin2