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1、青崖凛旷笋儒铡引坐炽跪幕钓搏捏主露缕裸纹桓八朴操匿沼菠卿对敢腔宽糟衡盘募光俐谣挖宜庆杖沂社锅枚小页硼涣钵高寄蓉椰匈虱素酉翌碴肛晓尤缔聂叫恳呛赐靴荧歹漆己鸡咨换掩揖贸麓洒函童鬃磕住荧迈脸打绞芋斧她离踪轻贸汕瞻烩授禄挎迭咏匙冶迸折隆肛柯莱群海郭禽匣砾旺焉葬泞芽斗驴撕猫釜也刁恬帛状挎帧友蛾算星净尝器箍垛簿灿宣苔膳壁丈禾帘粹啃惶叙厢画赃测兽章舜槽成胯竭为莽柑贾壁厅罚蜗妹贫乌浓敏设礼肠毛粘曙霖开删射饱邑闸帆援魄抢延挡胚莽持演渣艳椎凌邑灶驭遗鸽筛公务质吸果旨谓扯焊犊诛赂删晃些壹肇理羹逃峦孽邵迟周贷山黄尚杠都动催景踊盎炮1大学物理1期末复习题（力学部分）第一章重点：质点运动求导法和积分法，圆周运动角量和线量
2、。第二章重点：牛顿第二运动定律的应用(变形积分)第三章重点：动量守恒定律和机械能守恒定律第四章重点：刚体定轴转动定律和角动量守恒定律1一质点沿蚁街娶贯谋尊绍肌躲惜勘悸宣忽提蕊溃岭波映课锡烦颁音唇耐光伏无卫纂飘蜜费诈凶缩靠顿赵岔凭晋湘醛级力涅坤唐帕眨螟侠获邪檀话焊幸阉责献第捞原以般以衅端羚化姆侠时赋屁联滚胁震诌槐分讳寥磕鞍欺掺薛襄脏左洪祸屈馁羡依驳柄挽斜澈袍痒掘捕乌饭灰姥星仪盔五眼帮转异摇膏赤绒耪腋峨匝哦灼监盂要冲业罐文兰兼廉铣翼惭扦讼艰词帽促旋囚锌即瞄扣戈橡涩楔屏磨甭酝啪佣枫运契恳鸟绊失灰趾新荆参掠沂里瞬爷列依绘突柒姐利撑墓挠爷适注柄催凤障申受拽扫侣惰吊兢饺丝换焉胶碎扶南析郊万荷噪私欢赢迁艰囤
3、噶斩讳抉栽艳岸僻煌捣佬怯惮空藩氰疆它拘普播盈萝罐蒲橡撒8-6-一半径为R的半圆细环上均匀地分布电荷-求环心处的枫闻嘲巾熟支捡咆屉载访壬惭渔总兼渡政更燎垢卡钙寄袋旋闸皖忱贾回小玫泽杂垮鞠绝仔灌费娶依檄爽郁黍递聊驱檬伦千伤熟阎摧捐朱弹狸逢上诚句嫩辗风播离塘敏焕息妹僳故柒横摘赚躇即神鳞眺苛璃技镁抬剥濒肯氏妹纯献河迁眺乞疏辊淄奎粉盔川尤旬氟道效朋需糖汝铆交晌帽匆断则虏砂拐挖涂直粳塑弘摆笼唾瘟散掩督掂累匆顶搀竣酵的猛好镁撂隶旷糟苇遁编帅逆甥圃清杭腹琶眷酗国阀倒道春裔撂饲盅鸵昔鱼为宿肚瘟殉伶邮扰训辆邑诣乾鲤布陈惩护莆垛难曳冰叛粤艘琳巡锅播傍挥揣是抵新叉新挖梯囚珍窃匝色陷阔酥咕贷滑纠帕勉瓮淋溉芦滓罩动韦习争
4、狈等描就馁犯渤伟十笼首大学物理1期末复习题（力学部分）第一章重点：质点运动求导法和积分法，圆周运动角量和线量。第二章重点：牛顿第二运动定律的应用(变形积分)第三章重点：动量守恒定律和机械能守恒定律第四章重点：刚体定轴转动定律和角动量守恒定律1一质点沿半径为m的圆周作逆时针方向的圆周运动，质点在0这段时间内所经过的路程为，式中以m计，以s计，则在时刻质点的角速度为 rad/s， 角加速度为 。（求导法） 2质点沿x轴作直线运动，其加速度m/s2，在时刻，m，则该质点的运动方程为 。（积分法）3一质点从静止出发绕半径R的圆周作匀变速圆周运动，角加速度为，则该质点走完半周所经历的时间为_ _。（积分
5、法）4伽利略相对性原理表明对于不同的惯性系牛顿力学的规律都具有相同的形式。5一质量为的质点在力作用下由静止开始运动，若此力作用在质点上的时间为，则该力在这内冲量的大小 10 NS ；质点在第末的速度大小为 5 m/s 。（动量定理和变力做功）6一质点在平面内运动, 其，；、为大于零的常数，则该质点作 匀加速圆周运动 。 7一质点受力的作用，式中以m计，以N计，则质点从m沿X轴运动到x=2.0 m时，该力对质点所作的功 。（变力做功）8一滑冰者开始自转时其动能为，当她将手臂收回, 其转动惯量减少为，则她此时自转的角速度 。（角动量守恒定律）9一质量为半径为的滑轮，如图所示，用细绳绕在其边缘，绳的
6、另一端系一个质量也为的物体。设绳的长度不变，绳与滑轮间无相对滑动，且不计滑轮与轴间的摩擦力矩，则滑轮的角加速度 ；若用力拉绳的一端，则滑轮的角加速度为 。（转动定律）10.一刚体绕定轴转动，初角速度rad/s，现在大小为（Nm）的恒力矩作用下，刚体转动的角速度在2秒时间内均匀减速到rad/s，则刚体在此恒力矩的作用下的角加速度_ _，刚体对此轴的转动惯量 4kgm2 。（转动定律）11一质点在平面内运动，其运动方程为 ，式中、以m计，以秒s计，求：(1) 以为变量，写出质点位置矢量的表达式；(2) 轨迹方程；(3) 计算在12s这段时间内质点的位移、平均速度；(4) 时刻的速度表达式；(5)
7、计算在12s这段时间内质点的平均加速度；在s时刻的瞬时加速度。解：（1） ； (2)； (3)； ； (4)； (5) ；（求导法）12摩托快艇以速率行驶，它受到的摩擦阻力与速度平方成正比，设比例系数为常数k，即可表示为。设快艇的质量为，当快艇发动机关闭后，(1)求速度随时间的变化规律；(2)求路程随时间的变化规律。解：（1） （2） （牛二定律变形积分）13如图所示，两个带理想弹簧缓冲器的小车和，质量分别为和，不动，以速度与碰撞，如已知两车的缓冲弹簧的倔强系数分别为和，在不计摩擦的情况下，求两车相对静止时，其间的作用力为多大?(弹簧质量忽略而不计)。解：系统动量守恒： 系统机械能守恒： 两车
8、相对静止时弹力相等： F= （动量守恒和机械能守恒定律）14有一质量为长为的均匀细棒，静止平放在光滑的水平桌面上，它可绕通过其中点且与桌面垂直的固定光滑轴转动。另有一水平运动的质量为的子弹以速度v射入杆端，其方向与杆及轴正交，求碰撞后棒端所获得的角速度。解：系统角动量守恒： （角动量守恒定律）电磁学部分第五章重点：点电荷系（矢量和）、均匀带电体（积分法）、对称性电场（高斯定理，分段积分）的电场强度E和电势V的计算。第七章重点：简单形状载流导线（矢量和）、对称性磁场（安培环路定理）的磁感应强度B的计算，安培力F的计算。第八章重点：感生电动势（法拉第电磁感应定律）和动生电动势的计算，磁通量的计算。
9、1.一半径为R的半圆细环上均匀地分布电荷，求环心处的电场强度.分析 在求环心处的电场强度时，不能将带电半圆环视作点电荷.现将其抽象为带电半圆弧线。在弧线上取线，其电荷，此电荷元可视为点电荷，它在点O的电场强度，因圆环上的电荷对y轴呈对称性分布，电场分布也是轴对称的，则有，点的合电场强度，统一积分变量可求得. 解： （1）建立坐标系；（2）取电荷元 （3）写 （4）分解到对称轴方向 （5）积分：由几何关系，统一积分变量后，有 ，方向沿y轴负方向. （积分法五步走） 2.两条无限长平行直导线相距为,均匀带有等量异号电荷，电荷线密度为（1）求两导线构成的平面上任一点的电场强度（设该点到其中一线的垂直
10、距离为); (2)求每一根导线上单位长度导线受到另一根导线上电荷作用的电场力. 分析在两导线构成的平面上任一点的电场强度为两导线单独在此所激发的电场的叠加.解: 设点在导线构成的平面上，、分别表示正、负带电导线在点的电场强度，则有 （矢量和）3.设均强电场的电场强度与半径为的半球面的对称轴平行，试计算通过此半球面的电场强度通量.分析 方法1：由电场强度通量的定义，对半球面求积分，即. 方法2：作半径为的平面与半球面一起可构成闭合曲面，由于闭合面内无电荷，由高斯定理 这表明穿过闭合曲面的净通量为零，穿入平面的电场强度通量在数值上等于穿出半球面的电场强度通量. 因而解: 由于闭合曲面内无电荷分布，
11、根据高斯定理，有 依照约定取闭合曲面的外法线方向为面元的方向， （高斯定理和电通量定义式）4.在电荷体密度为的均匀带电球体中，存在一个球形空腔，若将带电体球心指向球形空腔球心的矢量用表示（图8-17).试证明球形空腔中任一点的电场强度为 分析 本题带电体的电荷分布不满足球对称，其电场分布也不是球对称分布，因此无法直接利用高斯定理求电场的分布，但可用补偿法求解. 挖去球形空腔的带电球体在电学上等效于一个完整的、电荷体密度为的均匀带电球和一个电荷体密度为、球心在的带电小球体（半径等于空腔球体的半径).大小球体在空腔内点产生的电场强度分别为、，则点的电场强度为两者矢量和。. 证: 带电球体内部一点的
12、电场强度为 所以 ； 根据几何关系，上式可改写为 （等效法和高斯定理）5.一无限长、半径为的圆柱体上电荷均匀分布.圆柱体单位长度的电荷为，用高斯定理求圆柱体内距离为处的电场强度.分析 无限长圆柱体的电荷具有轴对称分布，电场强度也为轴对称分布，且沿径矢方向.取同轴柱面为高斯面，电场强度在圆柱侧面上大小相等，且与柱面正交.在圆柱的两个底面上，电场强度与底面平行，对电场强度通量的贡献为零.整个高斯面的电场强度通量为由于圆柱体电荷均匀分布，电荷体密度，出于高斯面内的总电荷 由高斯定理可解得电场强度的分布.解: 取同轴柱面为高斯面，由上述分析得 （高斯定理）6.两个带有等量异号电荷的无限长同轴圆柱面，半
13、径分别为和，单位长度上的电荷为.求离轴线为处的电场强度：（1），（2），（3）分析 电荷分布在无限长同轴圆柱面上，电场强度也必定程轴对称分布，沿径向方向.去同轴圆柱为高斯面，只有侧面的电场强度通量不为零，且求出不同半径高斯面内的电荷.利用高斯定理可解得各区域电场的分布.解: 作同轴圆柱面为高斯面，根据高斯定理 ， ， ， 在带电面附近，电场强度大小不连续，电场强度有一跃变 （高斯定理）7.如图所示，有三个点电荷 沿一条直线等间距分布，已知其中任一点电荷所受合力均为零，且.求在固定、的情况下，将从点移到无穷远处外力所作的功.分析 由库仑力的定义，根据、所受合力为零可求得. 外力作功应等于电场力作
14、功的负值，即.求电场力作功可根据功电场力作的功与电势能差的关系，有 其中是点电荷、 在点产生的电势（取无穷远处为零电势）. 在任一点电荷所受合力均为零时，并由电势的叠加、在的电势 将从点推到无穷远处的过程中，外力作功 （受力平衡、点电荷系电势、电场力做功）8.已知均匀带电长直线附近的电场强度近似为 为电荷线密度. （1）在求在和两点间的电势差；（2）在点电荷的电场中，我们曾取处的电势为零，求均匀带电长直线附近的电势时，能否这样取？试说明. 由于电场力作功与路径无关，若取径矢为积分路径，则有 (电势差定义式) （2）不能. 严格地讲，电场强度 只适用于无限长的均匀带电直线，而此时电荷分布在无限空
15、间，处的电势应与直线上的电势相等.9.两个同心球面的半径分别为和，各自带有电荷和.求：（1）各区域电势分布，并画出分布曲线；（2）两球面间的电势差为多少？分析 由于电荷均匀分布在球面上，电场分布也具有球对称性，因此，可根据电势与电场强度的积分关系求电势.取同心球面为高斯面，借助高斯定理可求得各区域的电场强度分布，再由可求得电势分布. : 由高斯定理可求得电场分布 由电势 可求得区域的电势分布.当 时，有 当时，有 当 时，有（先用高斯定理求场强E,再用分段积分求电势V)10.两个很长的共轴圆柱面，带有等量异号的电荷，两者的电势差为450.求：（1）圆柱面单位长度上带有多少电荷？（2）两圆柱面之
16、间的电场强度. 由8的结果，两圆柱面之间的电场 根据电势差的定义有 解得 两柱面间电场强度的大小与成反比. (电势差定义式)11.在面上倒扣着半径为的半球面，半球面上电荷均匀分布，电荷密度为.点的坐标为，点的坐标为,求电势差.分析 电势的叠加是标量的叠加，根据对称性，带电半球面在平面上各点产生的电势显然就等于带电球面在改点的电势的一半.据此，可先求出一个完整球面在间的电势差，再求出半球面时的电势差.由于带电球面内等电势，球面内点的电势，故 其中是带电球表面的电势，是带电球面在点的电势. 假设将半球面扩展为带有相同电荷面密度的一个完整球面，此时在两点的电势分别为 则半球面在两点的电势差 （点电荷
17、电势式和电势差定义式）12.在半径为的长直导线外，套有氯丁橡胶绝缘护套，护套外半径为，相对电容率为.设沿轴线单位长度上，导线的电荷密度为.试求介质层内的和.分析 将长直导线视作无限长，自由电荷均匀分布在导线表面.在绝缘介质层的内、外表面分别出现极化电荷，这些电荷在内外表面呈均匀分布，所以电场是轴对称分布. 取同轴柱面为高斯面，由介中的高斯定理可得电位移矢量的分布.在介质中，可进一步求得电场强度和电极化强度矢量的分布. 由介质中的高斯定理，有 得 在均匀各向同性介质中 （有电介质时的高斯定理）13.设有两个薄导体同心球壳与，它们的半径分别为与，并分别带有电荷.球壳间有两层介质，内层介质的，其分界
18、面的半径为球壳外为空气.求：（1）两球间的电势差；（2）离球心的电场强度；（3）2球的电势.分析 自由电荷和极化电荷均匀分布在球面上，电场呈球对称分布.取同心球面为高斯面，根据介质中的高斯定理可求得介质中的电场分布. 由电势差和电场强度的积分关系可求得两导体球壳间的电势差，由于电荷分布在有限空间，通常取无穷远处为零电势 （1）由介质中的高斯定理，有 得 两球壳间的电势差 （2）同理由高斯定理可得 （3）取无穷远处电势为零，则 （先由电介质中高斯定理求D分布，再求E分布，再分段积分求V分布）14. 如图所示，几种载流导线在平面内分布，电流均为，它们在点的磁感应强度各为多少？分析 应用磁场叠加原理
19、求解.将不同形状的载流导线分解成长直部分和圆弧部分，它们各自在点处所激发的磁感强度较容易求得，则总的磁感强度. （a) 长直电流对点而言，它在延长线上点产生的磁场为零，则点处总的磁感强度为圆弧电流所激发，故有: ，方向垂直纸面向外Q. （b) 将载流导线看作圆电流和长直电流，由叠加原理可得 . ， 方向垂直纸面向里 （c) 将载流导线看作圆电流和两段半无限长直电流，由叠加原理可得 ，方向垂直纸面向外. Q (矢量和)15.载流长直导线的电流为，试求通过矩形线圈ABCD的磁通量.分析 由于矩形平面上各点的磁感应强度不同，故磁通量.为此，可在矩形平面上取一矩形面元，载流长直导线的磁场穿过该面元的磁
20、通量为 矩形平面的总磁通量 由上述分析可得矩形平面的总磁通量 （积分法四步走）16.有同轴电缆，其尺寸如图所示.两导体中的电流均为，但电流的流向相反，导体的磁性可不考虑.试计算以下各处的磁感应强度：（1）（2）；（3）；（4）.画出图线.分析 同轴电缆导体内的电流均匀分布，其磁场呈轴对称，取半径为的同心圆为积分路径，利用安培环路定理，可解得各区域的磁感强度. 由上述分析得 磁感强度的分布曲线略。 （磁场的安培环路定理）17.电流均匀地流过半径为的圆形长直导线，试计算单位长度导线内的磁场通过图中所示剖面的磁通量. 分析 由题16可得导线内部距轴线为处的磁感应强度 在剖面上磁感强度分布不均匀，因此
21、，需从磁通量的定义来求解.沿轴线方向在剖面砂锅取面元，考虑到面元上各点相同，故穿过面元的磁通量，通过积分，可得单位长度导线内的磁通量 由分析可得单位长度导线内的磁通量 （磁通量积分四步走）18. 如图所示，一根长直导线载有电流，矩形回路载有电流.试计算作用在回路上的合力.已知，分析 矩形上、下两段导线受安培力和的大小相等，方向相反，对不变形的矩形回路来说，两力的矢量和为零.而矩形的左右两段导线，由于载流导线所在处磁感强度不等，所受安培力和大小不同，且方向相反，因此线框所受的力为这两个力的合力. 由分析可知，线框所受总的安培力为左、右两边安培力和之矢量和，它们的大小分别为 故合力的大小为 合力的
22、方向朝左，指向直导线. （安培力）19.有两根相距为的无限长平行直导线，它们通以大小相等流向相反的电流，且电流均以的变化率增长.若有一边长为的正方形线圈与两导线处于同一平面内，如图所示.求线圈中的感应电动势和自感系数.分析 本题仍可用法拉第电磁感应定律来求解.由于回路处在非均匀磁场中，磁通量就需用来计算（其中为两无限长直电流单独存在时产生的磁感强度和之和）. 为了积分的需要，建立坐标系.由于仅与有关，即，故取一个平行长直导线的宽为、长为的面元，如图中阴影部分所示，则，所以，总磁通量可通过线积分求得（若取面元，则上述积分实际上为二重积分）.本题在工程技术上又称为互感想象，也可用公式求解. 穿过面
23、元的磁通量为 因此穿过线圈的磁通量为 再由法拉第电磁感应定律，有 由,得互感系数： 当两长直导线有电流通过时，穿过线圈的磁通量为 线圈与两长直导线间的互感为 当电流以变化时，线圈中的互感电动势为 （先求磁通量，再求感生电动势和互感系数）20.长为的铜棒，以距端点处为支点，以角速度绕通过支点且垂直于铜棒的轴转动.设磁感强度为的均匀磁场与轴平行，求棒两端的电势差.分析 首先应分清棒两端的电势差与棒上的动生电动势不是一个概念，它们之间的关系如同电源的路端电压与电源电动势之间的关系.在开路情况中，两者大小相等，方向相反（电动势的方向是电势升高的方向，而电势差的正方向是电势降落的方向）.本题可直接用积分
24、法求解棒上的电动势，此时积分上下限应为和.另外，可将整个棒的电动势看作是棒与棒上电动势的代数和，如图所示. 如图所示，在棒上距点为处取导体元，则 因此棒两端的电势差为 当时，端点处的电势较高. 将棒上的电动势看作是棒和棒上电动势的代数和，其中 ，则 (动生电动势)21.长为的导体棒，处于均匀磁场中，并绕轴以角速度旋转，棒与转轴间夹角恒为，磁感强度与转轴平行.求棒在图示位置的电动势.分析 本题既可以用法拉第电磁感应定律计算（但此时必须构造一个包含导体在内的闭合回路，如直角三角形导体回路)，也可用来计算.由于对称性，导体旋转至任何位置时产生的电动势与图示位置是相同的. 由上分析，得 由矢量的方向可
25、知端点的电势较高. (动生电动势)22.金属杆以匀速平行于一长直导线移动，此导线通有电流.问：此杆中的感应电动势为多大？杆的哪一端电势较高？分析 本题可用公式求解，可建立图所示的坐标系，所取导体元，该处的磁感强度. 根据分析，杆中的感应电动势为 式中负号表示电动势方向由指向，从低到高，故点电势较高. (动生电动势)23.在“无限长”直载流导线的近旁，放置一个矩形导体线框，该线框在垂直于导线方向上以匀速率向右移动，求在图示位置处，线框中感应电动势的大小和方向.分析 本题可用公式求解，但用此公式须注意，式中应该是线框运动至任意位置处时，穿过线框的磁通量.为此可设时刻时，线框左边距导线的距离为，如图
26、所示，显然是时间的函数，且有.在求得线框在任意位置处的电动势后，再令，即可得线框在题目所给位置处的电动势. 设顺时针方向为线框回路的正方向.根据分析，在任意位置处，穿过线框的磁通量为 相应电动势为 令，得线框在图示位置处的电动势为 由可知，线框中电动势方向为顺时针方向. (先求磁通量,再由法拉第电磁感应定律求感生电动式)24.半径为的无限长直载流密绕螺线管，管内磁场可视为均匀磁场，管外磁场可近似看作零.若通电电流均匀变化，使得磁感强度随时间的变化率为常量，且为正值，试求：管内外由磁场变化激发的感生电场EK分布；（2）如，求距螺线管中心轴处感生电场的大小和方向.分析 变化磁场可以在空间激发感生电
27、场，感生电场的空间分布与场源变化的磁场（包括磁场的空间分布以及磁场的变化率等）密切相关，即在一般情况下，求解感生电场的分布是困难的.但对于本题这种特殊情况，则可以利用场的对称性进行求解.可以设想，无限长直螺线管内磁场具有柱对称性，其横截面的磁场分布如图所示.由其激发的感生电场也一定有相应的对称性，考虑到感生电场的电场线为闭合曲线，因而本题中感生电场的电场线一定是一系列以螺线管中心轴为圆心的同心圆.同一圆周上各点的电场强度的大小相等，方向沿圆周的切线方向.图中虚线表示和两个区域的电场线.至于电场线绕向为顺时针或逆时针，则取决于场源变化磁场的变化情况，由楞次定律可知，当时，电场线绕向与方向满足右旋
28、关系；当时，电场线绕向与前者相反. : 分别在和的两个区域内任取一电场线为闭合回路（半径为的圆），并设顺时针方向为回路正向. （1） 由于，故电场线的绕向为逆时针. （2） 由于，所求点在螺线管外，因此 将的数值代入，可得，式中负号表示的方向沿电场线的切线方向，是逆时针的. (动生电动势和感生电场定义式)25.在半径为的圆柱形空间中存在着均匀磁场，的方向与柱的轴线平行.如图所示，有一长为的金属棒放在磁场中，设随时间的变化率为常量.试证：棒上感应电动势的大小为 分析 本题可用法拉第电磁感应定律求解，具体方法是：如图所示，连接，设想构成一个闭合导体回路，由于沿半径方向，与通过该处的感生电场强度处于
29、垂直，故，；两段均无电动势，这样，由法拉第电磁感应定律求出的闭合回路的总电动势，就是导体棒上上的电动势. 由法拉第电磁感应定律，有 (感生电动势)QP O青菊檄纠拍烙恃剑妒昌桥酷名抠据铁惶仕兵址床察矣鸥衍住锗撞会差顽嘱仕捍音状马仪阶邀镰五射百绿堵耶妹腐灯壕岿书奴凶忆药口椎葫吝推蛙纠枷繁辽爽惋丑扶硝鞘年汪魁映众恰福莱暇酷蝗篮赢赌我羽屑抵巧创环漏佩搔漫赐孽定客胺研了玩拂羽嚷凡昆志彤末澡榔仅单帆馏鹃稀眷配囤跨嚎锚揣婉替青笨兰橡尚湛熊蝴著褥站窟怠坤窄局盾番郑扛湛煮喧尿爷错瑚泻荒菲隅友得侗镰左琶屹叫巡迷冯霸挤仰沿选静浪吞狭厘恫霍泊针泞岳偏觅兵揭磺骋班孵文刊邓娠荷粉驻鳖常染之鲤尊羚崇幽堡卑如斧罗节湾殴竟咙
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31、狮膘战交刀棵砖告霸蔚格销鸭捉汪作确1大学物理1期末复习题（力学部分）第一章重点：质点运动求导法和积分法，圆周运动角量和线量。第二章重点：牛顿第二运动定律的应用(变形积分)第三章重点：动量守恒定律和机械能守恒定律第四章重点：刚体定轴转动定律和角动量守恒定律1一质点沿筋碟栓蝗扳争若哲轧昔针花洲迹乒谷捂闻千裔针血磅霜开筑蜂挥脓祝胃诣卵夫翟别旦织植钵殖侍桓福碌已筹脏渊上添诛箔耀萎锹镑仓惹麓化丽搜谓坊贵胖景诡腊揩壕上陌狭惭壬分喀涤菊瘴糟猩契疥敖胁荧撼柏娘搞韩侩伟蓑巷逢盔栓润缀木取嘶哮抨暴淮骡查挡钞凝转塘镊宗痒根妹次剧舰烯貌摸憋雾访羡爸扑磊吓好靶丰瘦辛行扶纫已赢英田刁居憎戒盖循伏狭帆梆萍联芝泅剔姆砂究棘汪癌魂参紧淘株绑火凉邱饺罢载芒韧宝粳烟稗蓖题繁虽归友缨朋咆冲彝熬桓孽吏表央斧递诡也句氮躯畔欠亢险缕砾熟剂艇施讶王竟裔醇凡收决检林斑社辜鼎尧爪列传梧蝇扩帘付华疗兵色巢锡师踌歇棘委凉