《高考数学典型例题详解汇编.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考数学典型例题详解汇编.docx（8页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、高考数学典型例题详解奇偶性与单调性函数的单调性、奇偶性是高考的重点和热点内容之一，特别是两性质的应用更加突出.本节主要帮助考生学会怎样利用两性质解题，掌握基本方法，形成应用意识.难点磁场()已知偶函数f(x)在(0，+)上为增函数，且f(2)=0,解不等式flog2(x2+5x+4)0.案例探究例1已知奇函数f(x)是定义在(3，3)上的减函数，且满足不等式f(xB3)+f(x23)0,设不等式解集为A，=Ax|1x5,求函数g(x)=3x2+3x4(xB)的最大值.命题意图：本题属于函数性质的综合性题目，考生必须具有综合运用知识分析和解决问题的能力，属级题目.知识依托：主要依据函数的性质去解
2、决问题.错解分析：题目不等式中的“f”号如何去掉是难点，在求二次函数在给定区间上的最值问题时，学生容易漏掉定义域.技巧与方法：借助奇偶性脱去“f”号，转化为xcos不等式，利用数形结合进行集合运算和求最值.解：由-3x-330x6得-3x2-33-6x6且x0,故0x6,又f(x)是奇函数，f(x3)3x2,即x2+x60,解得x2或x3,综上得2x6,即A=x|2x6,B=Ax|1x5=x|1xf(0)对所有0,p都成立？2若存在，求出符合条件的所有实数m的范围，若不存在，说明理由.命题意图：本题属于探索性问题，主要考查考生的综合分析能力和逻辑思维能力以及运算能力，属题目.知识依托：主要依据
3、函数的单调性和奇偶性，利用等价转化的思想方法把问题转化为二次函数在给定区间上的最值问题.错解分析：考生不易运用函数的综合性质去解决问题，特别不易考虑运用等价转化的思想方法.技巧与方法：主要运用等价转化的思想和分类讨论的思想来解决问题.解：f(x)是R上的奇函数，且在0，+)上是增函数，f(x)是R上的增函数.于是不等式可等价地转化为f(cos23)f(2mcos4m),即cos232mcos4m,即cos2mcos+2m20.设t=cos,则问题等价地转化为函数g(t)=t2mt+2m2=(tm)22m24+2m2在0，1上的值恒为正，又转化为函数g(t)在0，1上的最小值为正.当m20,即m
4、0m1与m0mm224422m4+22,4221,即m2时，g(1)=m10m1.m22综上，符合题目要求的m的值存在，其取值范围是m422.锦囊妙计本难点所涉及的问题以及解决的方法主要有：(1)运用奇偶性和单调性去解决有关函数的综合性题目.此类题目要求考生必须具有驾驭知识的能力，并具有综合分析问题和解决问题的能力.(2)应用问题.在利用函数的奇偶性和单调性解决实际问题的过程中，往往还要用到等价转化和数形结合的思想方法，把问题中较复杂、抽象的式子转化为基本的简单的式子去解决.特别是：往往利用函数的单调性求实际应用题中的最值问题.歼灭难点训练一、选择题1.()设f(x)是(,+)上的奇函数，f(
5、x+2)=f(x),当0x1时，f(x)=x,则f(7.5)等于()A.0.5B.0.5C.1.5D.1.51)2.()已知定义域为(1，的奇函数y=f(x)又是减函数，且f(a3)+f(9a2)0,a的取值范围是()A.(22，3)C.(22，4)B.(3，10)D.(2，3)f(x),试比较f(),f(),f(1)的大小关系_.1二、填空题+3.()若f(x)为奇函数，且在(0，)内是增函数，又f(3)=0,则xf(x)lg1+x.k7.()定义在(,4上的减函数f(x)满足f(msinx)f(1+2m74+cos2x)对任意xR都成立，求实数m的取值范围.8.()已知函数y=f(x)=a
6、x+1(a,b,cR,a0,b0)是奇函数，当x0时，f(x)有最小值2，其中bN且f(1)a-9-1a2-91a(22,3).二、3.解析：由题意可知：xf(x)0x0f()=f(),f()=f(),f(1)=f(1),又f(x)在(1，0)上是增函数且1由得x2+5x+44x5或x0由得0x2+5x+41得-5-10x4或1x-5+10422由得原不等式的解集为x|x5或-5-10x4或1x-5+10或x022歼灭难点训练一、1.解析：f(7.5)=f(5.5+2)=f(5.5)=f(3.5+2)=f(3.5)=f(1.5+2)=f(1.5)=f(0.5+2)=f(0.5)=f(0.5)=
7、0.5.答案：B2.解析：f(x)是定义在(1，1）上的奇函数又是减函数，且f(a3)+f(9a2)0.f(a3)f(a29).-1a-30或f(x)0f(x)0x0x0或或f(x)f(-3)f(x)-3xlog21+xlog2(1x)log2k,当0k2时，不等式解集为1321.3f(1)f(2)f(1),f(1)f(2)f(1).3333答案：f(1)f(2)f(1)33三、5.解：函数f(x)在(,0）上是增函数，设x1x20,因为f(x)是偶函数，所以f(x1)=f(x1),f(x2)=f(x2),由假设可知x1x20,又已知f(x)(0，+)上是减函数，于是有f(x1)f(x2),即
8、f(x1)f(x2),由此可知，函数f(x)在(,0)上是增函数.6.解：(1）a=1.x2x+11-x1-xkx|1kx1;当k2时，不等式解集为x|1x1.7.解：1+2m-+cos2x4即m-1+2m+4-sin431m,3.3m-sinx477m-sinx1+2m-+cos2x4xR恒成立,m3m或m=2222m-4sinx172x+sinx+1，对8.解：(1)f(x)是奇函数，f(x)=f(x),即=-bx+c=bx-cax2+1ax2+1bx+c-bx+c2，当且仅当x=时等c=0,a0,b0,x0,f(x)=x+ax2+1a1a1bxbbxb2a=2,a=b2,由f(1)得即,2b25b+2号成立，于是2ab25a+15b2+15b2b220,解得1b2，又bN,b=1,a=1,f(x)=x+1.2x(2)设存在一点(x0,y0)在y=f(x)的图象上，并且关于(1，0）的对称点(2x0,xy0)也在y=f(x)图象上，则(2-x0)2+1=-y2-xx2+100=y000消去y0得x022x01=0,x0=12.y=f(x)图象上存在两点(1+2,22),(12,22)关于(1，0)对称.