2016年全国统一高考物理试卷(新课标ⅲ)(含解析版).docx

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1、2016 年全国高考统一物理试卷（新课标）一、选择题1（6 分）关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是（）A开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律2（6 分）关于静电场的等势面，下列说法正确的是（）A两个电势不同的等势面可能相交B电场线与等势面处处相互垂直C同一等势面上各点电场强度一定相等D将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功3（6 分）一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t

2、 内位移为 s，动能变为原来的 9 倍。该质点的加速度为（）ABCD4（6 分）如图，两个轻环a 和 b 套在位于竖直面内的一段固定圆弧上：一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m 的小球，在 a 和 b 之间的细线上悬挂一小物块。平衡时， a、b 间的距离恰好等于圆弧的半径。不计所有摩擦，小物块的质量为（）ABmCmD2m5（6 分）平面 OM 和平面 ON 之间的夹角为 30，其横截面（纸面）如图所示，平面 OM 上方存在匀强磁场， 磁感应强度大小为 B，方向垂直于纸面向外 一带电粒子的质量为 m，电荷量为 q（ q 0）粒子沿纸面以大小为 v 的速度从 OM 的某点向左上方射入磁场，速度与

3、 OM 成 30角已知粒子在磁场中的运1动轨迹与 ON 只有一个交点，并从OM 上另一点射出磁场不计重力粒子离开磁场的射点到两平面交线O 的距离为（）ABCD6（ 6 分）如图，理想变压器原、 副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a 和 b当输入电压 U 为灯泡额定电压的10 倍时，两灯泡均能正常发光 下列说法正确的是（）A原、副线圈匝数之比为9：1B原、副线圈匝数之比为1：9C此时 a 和 b 的电功率之比为 9：1D此时 a 和 b 的电功率之比为1：97（6 分）如图，一固定容器的内壁是半径为 R 的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为 m 的质点 P它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程

4、中，克服摩擦力做的功为 W重力加速度大小为 g设质点 P 在最低点时，向心加速度的大小为 a，容器对它的支持力大小为N，则（）Aa=Ba=CN=DN=（分）如图，M为半圆形导线框，圆心为M；N 是圆心角为直角的扇形导8 6O线框，圆心为 ON；两导线框在同一竖直面（纸面）内；两圆弧半径相等；过直线 OMN 的水平面上方有一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面。现使线框M 、ON 在 t=0时从图示位置开始，分别绕垂直于纸面、且过M 和 ON 的轴，以相O2同的周期 T 逆时针匀速转动，则（）A两导线框中均会产生正弦交流电B两导线框中感应电流的周期都等于TC在 t=时，两导线框中产生的感应电动势相等D两

5、导线框的电阻相等时，两导线框中感应电流的有效值也相等二、解答题（共3 小题，满分 27 分）9（5 分）某同学用图中所给器材进行与安培力有关的实验。两根金属导轨ab和 a1b1 固定在同一水平面内且相互平行，足够大的电磁铁（未画出）的N 极位于两导轨的正上方， S 极位于两导轨的正下方， 一金属棒置于导轨上且两导轨垂直。（ 1）在图中画出连线，完成实验电路。要求滑动变阻器以限流方式接入电路，且在开关闭合后，金属棒沿箭头所示的方向移动。（ 2）为使金属棒在离开导轨时具有更大的速度，有人提出以下建议：A适当增加两导轨间的距离B换一根更长的金属棒C适当增大金属棒中的电流其中正确的是（填入正确选项前的

6、标号）310（ 10 分）某物理课外小组利用图（a）中的装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系。图中置于试验台上的长木板水平放置，其右端固定一轻滑轮：轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小滑车相连，另一端可悬挂钩码。本实验中可用的钩码共有 N=5 个，每个质量均为 0.010kg。实验步骤如下：（ 1）将 5 个钩码全部放入小车中，在长木板左下方垫上适当厚度的小物快，使小车（和钩码）可以在木板上匀速下滑。（ 2）将 n（依次取 n=1， 2， 3，4，5）个钩码挂在轻绳右端，其余N n 个钩码仍留在小车内；用手按住小车并使轻绳与木板平行。释放小车，同时用传感器记录小车在时刻t 相对于其起始位置

7、的位移s，绘制 s t 图象，经数据处理后可得到相应的加速度a。（ 3）对应于不同的 n 的 a 值见下表。 n=2 时的 st 图象如图（b）所示：由图（b）求出此时小车的加速度（保留 2 位有效数字），将结果填入下表。n12345a/m?s20.200.580.781.00（ 4）利用表中的数据在图（c）中补齐数据点，并作出an 图象。从图象可以看出：当物体质量一定时，物体的加速度与其所受的合外力成正比。（ 5）利用 an 图象求得小车（空载）的质量为kg（保留 2 位有效数字，重力加速度取 g=9.8 m?s2）。（ 6）若以 “保持木板水平 ”来代替步骤（ 1），下列说法正确的是（填入

8、正确选项前的标号）Aan 图线不再是直线Ban 图线仍是直线，但该直线不过原点Can 图线仍是直线，但该直线的斜率变大411（12 分）如图，在竖直平面内由圆弧 AB 和圆弧 BC组成的光滑固定轨道，两者在最低点 B 平滑连接 AB 弧的半径为 R， BC弧的半径为一小球在 A点正上方与 A 相距处由静止开始自由下落，经A 点沿圆弧轨道运动（ 1）求小球在 B、A 两点的动能之比；（ 2）通过计算判断小球能否沿轨道运动到 C 点5四、标题12（20 分）如图，两条相距l 的光滑平行金属导轨位于同一水平面（纸面）内，其左端接一阻值为R 的电阻；一与导轨垂直的金属棒置于两导轨上；在电阻、导轨和金属

9、棒中间有一面积为S 的区域，区域中存在垂直于纸面向里的均匀磁场，磁感应强度大小B1 随时间 t 的变化关系为 B1=kt，式中 k 为常量；在金属棒右侧还有一匀强磁场区域，区域左边界MN（虚线）与导轨垂直，磁场的磁感应强度大小为B0，方向也垂直于纸面向里。某时刻，金属棒在一外加水平恒力的作用下从静止开始向右运动，在t0 时刻恰好以速度v0 越过 MN，此后向右做匀速运动。金属棒与导轨始终相互垂直并接触良好，它们的电阻均忽略不计。求：（ 1）在 t=0 到 t=t0 时间间隔内，流过电阻的电荷量的绝对值；（ 2）在时刻 t（ tt 0）穿过回路的总磁通量和金属棒所受外加水平恒力的大小。【物理 -

10、选修 3-3】13（ 5 分）关于气体的内能，下列说法正确的是（）A质量和温度都相同的气体，内能一定相同B气体温度不变，整体运动速度越大，其内能越大C气体被压缩时，内能可能不变D一定量的某种理想气体的内能只与温度有关E一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加614（ 10 分）一 U 形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞。初始时，管内汞柱及空气柱长度如图所示。用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止。求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离。已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强 p0=75.0 cmH

11、g环境温度不变。【物理 -选修 3-4】15由波源S 形成的简谐横波在均匀介质中向左、右传播。波源振动的频率为20Hz，波速为 16m/s 。已知介质中 P、Q 两质点位于波源 S 的两侧，且 P、 Q 和 S 的平衡位置在一条直线上， P、Q 的平衡位置到 S 的平衡位置之间的距离分别为 15.8m、14.6m。 P、 Q 开始震动后，下列判断正确的是（）AP、Q 两质点运动的方向始终相同BP、Q 两质点运动的方向始终相反C当 S 恰好通过平衡位置时， P、 Q 两点也正好通过平衡位置D当 S恰好通过平衡位置向上运动时，P 在波峰E当 S 恰好通过平衡位置向下运动时，Q 在波峰716如图，玻

12、璃球冠的折射率为，其底面镀银，底面半径是球半径的倍，在过球心 O 且垂直底面的平面（纸面）内，有一与底面垂直的光线射到玻璃冠上的 M 点，该光线的延长线恰好过底面边缘上的A 点，求该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角。【物理 -选修 3-5】17一静止的铝原子核Al 俘获一速度为1.0107m/s 的质子 p 后，变为处于激发态的硅原子核Si，下列说法正确的是（）A核反应方程为P+Al SiB核反应方程过程中系统动量守恒C核反应过程中系统能量不守恒D核反应前后核子数相等，所以生成物的质量等于反应物的质量之和E硅原子核速度的数量级为 105m/s ，方向与质子初速度方向一致18如图，

13、水平地面上有两个静止的小物块 a 和 b，其连线与墙垂直， a 和 b 相距 l，b 与墙之间也相距 l； a 的质量为 m， b 的质量为 m，两物块与地面间的动摩擦因数均相同，现使 a 以初速度 v0 向右滑动，此后 a 与 b 发生弹性碰撞，但 b 没有与墙发生碰撞 重力加速度大小为 g，求物块与地面间的动摩擦因数满足的条件82016 年全国高考统一物理试卷（新课标）参考答案与试题解析一、选择题1（6 分）关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是（）A开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C开普勒总结出了行星运动的规律，找出了

14、行星按照这些规律运动的原因D开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律【考点】 1U：物理学史； 4E：万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定【专题】 15：简答题； 22：学科综合题； 31：定性思想； 43：推理法； 528：万有引力定律的应用专题【分析】 根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：开普勒在他的导师第谷天文观测数据的基础上， 总结出了行星运动的规律，但并未找出了行星按照这些规律运动的原因；牛顿在开普勒行星运动定律的基础上推导出万有引力定律，故ACD错误， B 正确。故选： B。【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、

15、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2（6 分）关于静电场的等势面，下列说法正确的是（）A两个电势不同的等势面可能相交B电场线与等势面处处相互垂直C同一等势面上各点电场强度一定相等D将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功9【考点】 A6：电场强度与电场力； A7：电场线； AF：等势面【专题】 31：定性思想； 43：推理法； 532：电场力与电势的性质专题【分析】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；沿着等势面移动点电荷，电场力不做功电场线与等势面垂直，且从电势高的等势面指向电势低的等势面负电荷在等势面高的位置的电势能小【解答】解：A、沿电场线的方向电势降

16、低，所以电势不同的等势面不可能相交。故 A错误；B、根据电场线与等势面的关系可知，电场线与等势面互相垂直，故B 正确；C、电场强度的大小与电势的高低没有关系，所以同一等势面上各点电场强度不一定相等，故 C 错误；D、负电荷在电势高的位置的电势能小，所以将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电势能增大，电场力做负功，故D 错误。故选： B。【点评】本题关键是要记住电场线和等势面的关系， 相互垂直， 从电势高的等势面指向电势低的等势面，掌握等势面的基本特点：在等势面上移动电荷，电场力总是不做功3（6 分）一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为 s，动能变为原

17、来的 9 倍。该质点的加速度为（）ABCD【考点】 1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1F：匀变速直线运动的速度与位移的关系； 64：动能【专题】 31：定性思想； 43：推理法； 52D：动能定理的应用专题【分析】根据动能的变化可求出初末速度间的关系，再根据平均速度公式可求出平均速度，则由位移公式即可明确速度与位移时间的关系，再由加速度的定义即可求出质点的加速度。【解答】解：设质点的初速度为v，则动能 Ek1=mv2，由于末动能变为原来的9倍，则可知，末速度为原来的3 倍，故 v=3v；10故平均速度=2v；根据位移公式可知：=联立解得： v=；根据加速度定义可知a=，故 B 正确，

18、ACD错误。故选： B。【点评】本题考查动能以及运动学规律的问题， 要注意明确动能变为 9 倍所隐含的信息，从而求出速度关系，同时还要注意应用平均速度公式。4（6 分）如图，两个轻环 a 和 b 套在位于竖直面内的一段固定圆弧上：一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为 m 的小球，在 a 和 b 之间的细线上悬挂一小物块。平衡时， a、b 间的距离恰好等于圆弧的半径。不计所有摩擦，小物块的质量为（）ABmCmD2m【考点】 2G：力的合成与分解的运用；3C：共点力的平衡【专题】 12：应用题； 33：参照思想； 49：合成分解法； 527：共点力作用下物体平衡专题【分析】 同一根绳子上的张力大小

19、相等，根据ab 距离等于圆环半径可知绳所成角度，据此由平衡分析即可。【解答】 解：设悬挂小物块的点为O，圆弧的圆心为O，由于 ab=R，所以三角形 Oab 为等边三角形。11由于圆弧对轻环的支持力沿半径方向背向圆心， 所以小球和小物块对轻环的合力方向由轻环指向圆心 O，因为小物块和小球对轻环的作用力大小相等，所以aO、bO 是 maO、 mbO的角平分线，所以 OOa= maO=mbO=30，那么 mbO=60，所以由几何关系可得 aOb=120，而在一条绳子上的张力大小相等， 故有 T=mg，小物块受到两条绳子的拉力作用大小相等，夹角为120，故受到的合力等于mg，因为小物块受到绳子的拉力和

20、重力作用，且处于平衡状态，故拉力的合力等于小物块的重力为mg，所以小物块的质量为m故 ABD 错误， C 正确。故选： C。【点评】解决本题关键是能根据题目给出的几何关系确认拉小物块的两绳夹角为120，再根据两个大小相等互成 120两力的合成结论求解即可。5（6 分）平面 OM 和平面 ON 之间的夹角为 30，其横截面（纸面）如图所示，平面 OM 上方存在匀强磁场， 磁感应强度大小为 B，方向垂直于纸面向外 一带电粒子的质量为 m，电荷量为 q（ q 0）粒子沿纸面以大小为 v 的速度从 OM 的某点向左上方射入磁场，速度与 OM 成 30角已知粒子在磁场中的运动轨迹与 ON 只有一个交点，

21、并从 OM 上另一点射出磁场不计重力粒子离开磁场的射点到两平面交线O 的距离为（）ABCD12【考点】 CI：带电粒子在匀强磁场中的运动【专题】 32：定量思想； 4B：图析法； 4C：方程法； 536：带电粒子在磁场中的运动专题【分析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力， 由牛顿第二定律求出粒子的半径，然后根据几何关系求出射点与O 点间的距离【解答】 解：粒子进入磁场做顺时针方向的匀速圆周运动，轨迹如图所示，根据洛伦兹力提供向心力，有解得根据轨迹图知， OPQ=60粒子离开磁场的出射点到两平面交线O 的距离为， D 正确， ABC错误故选： D。【点评】本题考查了带电粒子在磁场中

22、的运动， 分析清楚粒子运动过程、 作出粒子运动轨迹，由牛顿第二定律求出粒子的临界轨道半径即可正确解题6（ 6 分）如图，理想变压器原、 副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a 和 b当输入电压 U 为灯泡额定电压的10 倍时，两灯泡均能正常发光 下列说法正确的是（）A原、副线圈匝数之比为9：1B原、副线圈匝数之比为1：913C此时 a 和 b 的电功率之比为 9：1D此时 a 和 b 的电功率之比为1：9【考点】 E8：变压器的构造和原理【专题】 31：定性思想； 43：推理法； 53A：交流电专题【分析】 根据灯泡电压与输入电压的关系可明确接在输入端和输出端的电压关系，则可求得匝数之比；根据变压

23、器电流之间的关系和功率公式可明确功率之比【解答】解： AB、灯泡正常发光，则其电压均为额定电压U，则说明原线圈输入电压为 9U，输出电压为 U；则可知，原副线圈匝数之比为：9：1：故 A 正确；B 错误；CD、根据公式可得，由于小灯泡两端的电压相等，所以根据公式P=UI可得两者的电功率之比为1： 9；故 C 错误， D 正确；故选： AD。【点评】本题考查变压器原理， 要注意明确输入电压为灯泡两端电压与输入端电压之和，从而可以确定输入端电压；则可求得匝数之比7（6 分）如图，一固定容器的内壁是半径为 R 的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为 m 的质点 P它在容器内壁由静止下滑到最低点的

24、过程中，克服摩擦力做的功为 W重力加速度大小为 g设质点 P 在最低点时，向心加速度的大小为 a，容器对它的支持力大小为N，则（）Aa=Ba=CN=DN=【考点】 37：牛顿第二定律； 4A：向心力14【专题】 33：参照思想； 4T：寻找守恒量法； 52D：动能定理的应用专题【分析】质点 P 下滑的过程中，重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理求出质点 P 到达最低点时的速度，在最低点，质点受重力和支持力，根据合力提供向心力，列式求解【解答】 解：质点 P 下滑的过程，由动能定理得mgRW=在最低点，质点P 的向心加速度a=根据牛顿第二定律得Nmg=m解得 N=，故 AC 正确， BD 错误

25、。故选： AC。【点评】解决本题的关键掌握动能定理解题， 以及知道质点在 B 点径向的合力提供圆周运动的向心力8（6 分）如图， M 为半圆形导线框，圆心为OM；N 是圆心角为直角的扇形导线框，圆心为 ON；两导线框在同一竖直面（纸面）内；两圆弧半径相等；过直线 OM ON 的水平面上方有一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面。现使线框M 、N在t=0时从图示位置开始，分别绕垂直于纸面、且过M 和 ON 的轴，以相O同的周期 T 逆时针匀速转动，则（）A两导线框中均会产生正弦交流电B两导线框中感应电流的周期都等于TC在 t=时，两导线框中产生的感应电动势相等15D两导线框的电阻相等时，两导线框中感应电

26、流的有效值也相等【考点】 D9：导体切割磁感线时的感应电动势；E4：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【专题】 32：定量思想； 4C：方程法； 53C：电磁感应与电路结合【分析】正确利用法拉第电磁感应定律，在本题中由于导线框匀速转动，因此产生的感应电动势是恒定的，计算有效值根据有效值的定义。【解答】 解： A、半径切割磁感线产生的感应电动势：B、，因为线框匀速转动，感应电动势恒定，线框中电流大小恒定，故A 错误；M、N 两线框匀速转动， M 线框第一个电流方向逆时针，第二个电流顺时针方向； N 线框，相框转动一圈， 只有的时间有感应电流，第一个电流逆时针，第二个电流为0第三个电流顺时针方

27、向，第四个没有电流，依次循环。画出M 、 N 线框中电流随时间变化的关系图线如图所示，所以两线框中感应电流的周期相等，故B 正确；C、，两线框均有一条半径在切割磁感线产生感应电动势，感应电动势的大小为，故 C 正确；D、根据电流的热效应，对M 线框N 线框转动一周只有时间内有感应电流联立得，故 D错误故选： BC。16【点评】本题考查了法拉第电磁感应定律在转动切割类型中的应用，掌握楞次定律，会判断感应电流的方向。理解有效值的定义，掌握好有效值的定义就可以计算非正弦交变电流的有效值。中等难度。二、解答题（共3 小题，满分 27 分）9（5 分）某同学用图中所给器材进行与安培力有关的实验。两根金属

28、导轨ab和 a1b1 固定在同一水平面内且相互平行，足够大的电磁铁（未画出）的N 极位于两导轨的正上方， S 极位于两导轨的正下方， 一金属棒置于导轨上且两导轨垂直。（ 1）在图中画出连线，完成实验电路。要求滑动变阻器以限流方式接入电路，且在开关闭合后，金属棒沿箭头所示的方向移动。（ 2）为使金属棒在离开导轨时具有更大的速度，有人提出以下建议：A适当增加两导轨间的距离B换一根更长的金属棒C适当增大金属棒中的电流其中正确的是AC（填入正确选项前的标号）17【考点】 CC：安培力【专题】 13：实验题； 31：定性思想； 4B：图析法； 53D：磁场磁场对电流的作用【分析】（1）要求滑动变阻器以限

29、流方式接入电路，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，考虑金属棒向右运动，所爱安培力向右，根据左手定则知，通过金属棒的电流从上向下，把各个元件按顺序串联起来。（ 2）根据安培力公式和动能定理进行分析【解答】 解：（1）电路如右图所示。（ 2）根据公式 F=BIL 可得，适当增加导轨间的距离或者增大电流，可增大金属棒受到的安培力，根据动能定理得，则金属棒离开导轨时的动能变大，即离开导轨时的速度变大，A、 C 正确；若换用一根更长的金属棒，但金属棒切割磁感线的有效长度即导轨间的宽度不变，安培力F 不变，棒的质量变大，速度变小，故 B 错误；故答案为：（ 1）如图所示（ 2） AC18【点评】本题

30、考查电路实物图连线， 关键是明确实验原理， 注意滑动变阻器的限流接法和电表的正负接线柱，确定金属棒中的电流方向是关键。10（ 10 分）某物理课外小组利用图（a）中的装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系。图中置于试验台上的长木板水平放置，其右端固定一轻滑轮：轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小滑车相连，另一端可悬挂钩码。本实验中可用的钩码共有 N=5 个，每个质量均为 0.010kg。实验步骤如下：（ 1）将 5 个钩码全部放入小车中，在长木板左下方垫上适当厚度的小物快，使小车（和钩码）可以在木板上匀速下滑。（ 2）将 n（依次取 n=1， 2， 3，4，5）个钩码挂在轻绳右端，其余N n

31、 个钩码仍留在小车内；用手按住小车并使轻绳与木板平行。释放小车，同时用传感器记录小车在时刻t 相对于其起始位置的位移s，绘制 s t 图象，经数据处理后可得到相应的加速度a。（ 3）对应于不同的 n 的 a 值见下表。 n=2 时的 st 图象如图（b）所示：由图（b）求出此时小车的加速度（保留 2 位有效数字），将结果填入下表。n12345a/m?s20.200.400.580.781.00（ 4）利用表中的数据在图（ c）中补齐数据点，并作出 an 图象。从图象可以看出：当物体质量一定时，物体的加速度与其所受的合外力成正比。（ 5）利用 an 图象求得小车 （空载）的质量为0.45kg（保

32、留 2 位有效数字，重力加速度取 g=9.8 m?s2）。（ 6）若以 “保持木板水平 ”来代替步骤（ 1），下列说法正确的是BC（填入正确选项前的标号）Aan 图线不再是直线19Ban 图线仍是直线，但该直线不过原点Can 图线仍是直线，但该直线的斜率变大【考点】 M8：探究加速度与物体质量、物体受力的关系【专题】 13：实验题； 31：定性思想； 46：实验分析法； 522：牛顿运动定律综合专题【分析】（3）根据 xt 图象的性质可明确各时刻对应的位移，根据位移公式可求得加速度；（ 4）将点（ 2， 0.40）作出，并用直线将各点连接即可得出图象；（ 5）找出图象上的点，根据图象的性质以及

33、牛顿第二定律列式，即可求出小车的质量；（ 6）对实验原理进行分析，明确摩擦力带来的影响；根据牛顿第二定律可明确图象的变化情况【解答】 解：（3）物体做匀加速直线运动，对应的x t 图象为曲线，由图象可知，当 t=2.0s 时，位移为： x=0.80m；则由 x=代入数据得： a=0.40m/s2；（ 4）在图 C 中作出点（ 2，0.40），并用直线将各点相连，如图所示；（ 5）由图 c 可知，当 n=4 时，加速度为 0.78m/s2，由牛顿第二定律可知：40.019.8=（ m+50.01） 0.78解得： m=0.45kg；20（ 6）若木板水平，则物体将受到木板的摩擦力；则有：nm0

34、g mg+（5n）m0g =（m+5m0）a；a=故说明图象仍为直线，但不再过原点；并且斜率增大；故 BC正确；故选： BC；故答案为：（ 3） 0.40； （4）如图所示；（5）0.45；BC【点评】本题考查验证牛顿第二定律的实验，要求能明确实验原理， 认真分析各步骤，从而明确实验方法；同时注意掌握图象的性质，能根据图象进行分析，明确对应规律的正确应用11（12 分）如图，在竖直平面内由圆弧 AB 和圆弧 BC组成的光滑固定轨道，两者在最低点 B 平滑连接 AB 弧的半径为 R， BC弧的半径为一小球在 A点正上方与 A 相距处由静止开始自由下落，经A 点沿圆弧轨道运动（ 1）求小球在 B、

35、A 两点的动能之比；（ 2）通过计算判断小球能否沿轨道运动到 C 点21【考点】 4A：向心力； 65：动能定理； 6C：机械能守恒定律【专题】 11：计算题； 34：比较思想； 4N：临界法； 52D：动能定理的应用专题【分析】（1）根据机械能守恒定律分别求出小球经过B 点和 A 点的动能，再得到它们的比值（ 2）假设小球能到达 C 点，由机械能守恒定律求出小球到达 C 点的速度，与临界速度比较，即可判断小球能否到 C 点【解答】 解：（1）根据机械能守恒定律得EKA=mgEKB=mg（+R） =则得小球在 B、A 两点的动能之比EKB：EKA=5：1（ 2）假设小球能到达 C 点，由机械能守恒定律得 mg =即得到达 C 点的速度vC=设小球通过 C 点的临界速度为v0则有mg=m即得 v0=因为 vC=v0，所以小球恰好到达C 点答：（ 1）小球在 B、A 两点的动能之比是 5： 1（ 2）小球恰好到达 C 点22【点评】分析清楚小球的运动过程， 把握圆周运动最高点临界速度的求法： 重力等于向心力，同时要熟练运用机械能守恒定律四、标题1