云南省2020届高三物理下学期适应性考试试题A卷含解析.docx

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1、云南省2020届高三物理下学期适应性考试试（A卷）（含解析）-16 -二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一 项符合题目要求，第1旷21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3 分，有选错的得0分。1. 近代物理取得了非常辉煌的成就，下列关于近代物理的说法正确的是（）A. 用同频率的光照射不同的的金属表面时均有光电子逸出，从金属表而逸岀的光电子的最大 初动能圧越大，则这种金属的逸出功护就越大B. 137Cs是核泄漏时对人体产生有害辐射的的重要污染物，苴核反应方程式吗CsT；：Ba+X 托中X为电子C. 一个氢原子处在用4的能级，当它跃

2、迁到较低能级时，最多可发出6种频率的光子D. 每个核子只与邻近核子产生核力作用，比结合能越大的原子核越不稳泄【答案】B【解析】【详解】A.根据爱因斯坦的光电效应方程hv-W = Ek同种光照射金属，初动能E越大，该金属的逸出功/F就越小，A错误：B. 在核反应方程中，根据质量数守恒，电荷数守恒，可以求得X的质量数为零，带一个单位 负电荷，因此它一泄是电子，B正确：C. 因为只有一个氢原子，处在严4的能级，当它跃迁到较低能级时，最多可发出3种频率的 光子，C错误；D. 比结合能越大，原了核结合的越牢固，也就是原子核越稳左，D错误。故选B。2. 如图甲所示，0、月为电场中一直线上的两个点，带正电的

3、点电荷只受电场力的作用，从0 点以某一初速度沿直线运动到月点，其电势能毘随位移*的变化关系如图乙所示。则从0到川 过程中，下列说法正确的是（）图甲图乙A. 点电荷的速度先增大后减小B. 点电荷所受电场力先减小后增大C. 该电场是负点电荷形成的D. 0到月电势先降低后升高【答案】B【解析】【详解】A.正电荷在电场力作用下运动，故电荷的电势能与动能的总和不变，由图象可知，电势能先增大后减小，则动能先减小后增大，速度先减小后增大，A错误；BC.电场力做的功胆忌 =鸟-坊。，鸟-X图线的斜率反映电场力的大小，可见电场力先减小后增 大，且方向发生了变化，因此不可能是点电荷的电场，即B正确，C错误；D.从

4、川到万过程中，该正电荷的电势能先增大再减小，则空间各点的电势先升髙后降低，D 错误。故选B。3. 某跳水运动员身髙1.8m训练时从10m跳台双脚朝下自由下落。小潘同学利用手机连拍功 能，连续拍了几张照片，其中两张连续照片中显示运动员双脚离水面的实际高度分别为5.0m 和2. 8m,试估算手机连拍的时间间隔（）A 1X 10_iB. 2X101C. 1X10-2D. 2X10-5【答案】B【解析】【详解】双脚离水而5.0m时，根据自由落体运动规律得z 1 ，片=护h = 10m-5.0m = 5m联立并带入数据解得/, =l.Os同理可得双脚离水而2. 8m时匚=1.2s可知/ =人一人=0.2

5、s故选B4. 如图所示，三辆完全相同的平板小车a、b、c成一直线排列，质量均为静止在光滑水 平而上。c车上有一静止的质量为加的小孩。现跳到b车上，接着又立即从b车跳到a车上。 小孩跳离c车和&车时对地的水平速度均为几小孩跳到a车上后相对a车保持静lh,则（ ）cbaA. a、b、c、小孩四者组成的系统水平方向动量不守恒B. b、c两车运动速率相等C. b的速率为与D. a的速率为一-卩M +m【答案】D【解析】【详解】A. a、b、c、小孩四者组成的系统，水平方向的外力之和为零，水平方向动量守恒, 故A错误：BC.对小孩跳离c车的过程，取向右为正方向，对小孩和c的系统，由水平方向动量守恒泄 律

6、，有0 = /nv +解得C车的速度为invv =r M负号表示方向向左；对小孩跳上b车再跳离b车的过程，由小孩和b的系统水平方向动量守恒，有mv+Q = Mvb + mv解得b车最终的速度为故BC均错误。D.对小孩跳上a车的过程，由动量守恒左律，有w + O = (M +ni)va解得a车的最终速度为mvM + m故D正确。故选D5. 在如图所示的装巻中，两物块月、万的质量分別为亦、皿，而且皿，整个系统处于静止 状态，设此时轻质动滑轮右端的轻绳与水平而之间的夹角为“，若小车向左缓慢移动一小段 距藹并停下来后，整个系统再次处于静止状态，则下列说法正确的是（）A. 物块力的位置髙度不变C.轻绳与

7、水平而的夹角将变大【答案】D【解析】B. 物块71的位置将变低D.轻绳与水平而的夹角将不变【详解】CD.动滑轮两边绳子拉力相等，且在水平方向的分量也要相等才能平衡，故两边绳 子与水平方向的夹角相等，都等于&,绳子上的拉力总是等于月的重力保持不变，且动滑轮两 边绳子的拉力合力总是等于咤，合力不变，根据平行四边形合成，则两边绳子的夹角不变， 即&不变。故D正确，C错误。AB.小车向左缓慢移动一小段距禽，由上分析可知绳子与水平方向的夹角不变，而小车和滑 轮之间的水平距离增大，因此滑轮到小车之间的绳子应变长，绳子总长度不变，则物体月将 上升。故AB错误。故选D。6. 宇宙飞船以周期T绕地球作圆周运动时

8、，由于地球遮挡阳光，会经历“日全食”过程（宇 航员看不见太阳），如图所示，已知地球的半径为R,地球质量为H，引力常量为G,地球自转 周期为T。，太阳光可看作平行光，飞船上的宇航员在A点测出对地球的张角为a,则以下判断正确的是( )B. -个天内飞船经历“日全食“的次数为半C. 飞船每次“日全食”过程的时间为竺D.飞船周期为厂【答案】AD【解析】【详解】飞船绕地球匀速圆周运动，线速度为v =：又由几何关系知 5/?(-)=-,T2 r一 R解得： 丁a、故A正确：地球自转一圈时间为飞船绕地球一圈时间为7；飞船绕 Tsin(-)一圈会有一次日全食，所以每过时间T就有一次日全食，得一天内飞船经历“日

9、全食”的次 数为n = y 故B错误；由几何关系，飞船每次“日全食”过程的时间内飞船转过a角所 需的时间为：t = J,故C错误.万有引力提供向心力则：G-=m-r得：7. 如图所示，电荷量相等的两种离子氛20和氛22从容器A下方的狭缝5飘入(初速度为零) 电场区，经电场加速后通过狭缝$、5,垂直于磁场边界血射入匀强磁场，磁场方向垂直纸而 向里，离子经磁场偏转后发生分离，最终到达照相底片2?o不考虑离子间的相互作用，则iRU : S 厂区 ,1 /D |, cx xl XrX X *X； XB V 丿/xx X /x XX K K 父乂 X X KA. 电场力对每个鋭20和氛22做的功相等B.

10、 就22进入磁场时的速度较大C. 氛22在磁场中运动的半径较小D. 若加速电压发生波动，两种离子打在照相底片上的位置可能重叠【答案】AD【解析】【详解】A.根据电场力做功公式W = qU ,包20和氛22的电荷量相同，加速电场电压相同,所以做的功相同，A正确：B. 在加速电场中，根据动能立理有“ 1 2qU = rnv2由于筑20的质量小于氛22的质量，所以筑20的速度大于氛22的速度，B错误：C. 在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力，可得V2qvB = m R解得qB根据动能和动量的关系有mv =(2%综上可判断，g、万和冬相同，由于氛22的质量大，所以氛22的半径也大，C错误；D. 在加速电

11、场中，根据动能左理有“ 1 2qU = mv2在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力，可得qvB = m R联立可得对于同位素，加速电压相同时，质量越大做圆周运动的半径越大；对同种离子，加速电压越 大，其做圆周运动的半径越大：若电压发生波动，则就20和氛22做圆周运动的半径在一左 的范围内变化，所以筑20任电压较高时的半径可能和鋭22在电压较低时的半径相等，两种 离子打在照相底片上的位置就重叠，所以D正确。故选AD。8. 如图所示，空间等间距分布着水平向里的一系列足够多的磁感应强度为万条形匀强磁场区, 磁场区域竖直髙度足够髙。每个条形磁场区域的宽度和相邻条形磁场区域的间距均为d，现有 一边长为L (

12、dL)，质量为加 电阻为斤的正方形线框护以初速度从左侧磁场边缘水平 进入磁场，进入磁场时边平行磁场边界，则以下说法正确的是( )W5rx;y:x:,dlFXk;bc:xA. 由于磁场的存在使得线框落地时间比没有磁场时更长B. 线框在该区域运动过程中产生的焦耳热为Q = r2C线框每穿过一个磁场区域时水平速度的改变量大小均为气= mRD. 线框能穿过完整条形磁场区域的个数为表达式竺%2BW【答案】BD【解析】【详解】A.线框进入磁场或者岀离磁场时会产生感应电流，则线圈上下边受到的安培力等大反向，可知竖直方向的合力仍等于线框的重力，则磁场的存在，线框落地时间与没有磁场时相同，选项A错误；B线框水平

13、方向上进磁场和岀磁场受安培力做减速运动，在无磁场区以及全部在磁场中做匀 速直线运动，在竖直方向上仅受重力，做自由落体运动。最终水平速度减为零，线框最终将 竖直下落，设线框竖直下落时，速度为吟 由能量守恒得1夕C10mgH + - m= Q + inv, 2 2自由落体规律v2gH解得0 =如石选项B正确；C. 线圈在水平方向进入和出离磁场时都受到向左的安培力作用而做减速运动，则线圈进入磁场时，根据动量立理_rj2r3 = BlL = BLq = BL- = _B吒mR则线框每穿过一个磁场区域时水平速度的改变量大小均为气=2AvXI2B1mR选项C错误：D. 根据C的分析可知，线框能穿过完整条形

14、磁场区域的个数为表达式亠=込 匕2矿Z?选项D正确。故选BD。三、非选择题；共174分，第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为 选考题，考生根据要求作答。9. 某实验小组要做“探究小车的加速度与合外力的关系”的实验，采用的实验装置如图1所示A. 为了实验时细线的拉力近似等于所挂钩码的重力B. 为了实验时小车所受的合外力等于细线的拉力C为了实验时小车所受的合外力等于所挂钩码的重力(2) 本实验(填“需要”或“不需要”)钩码的质量远小于小车的质量.(3) 该同学在研究小车运动时打出了一条纸带，在纸带上每连续5个间隔取一个计数点，相邻两个计数点之间的距离如图2所示，打点计时器的

15、频率f=50Hzt则小车的平均加速度为m/s2.(结果保留3位有效数字)单位：cm丫 A BCD 1* ( 11.452.453.464 445 456.46图2(4) 实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a-F图象，可能【答案】(1). B (2).不需要 (3)0.999(4). C【解析】【分析】(1) 探究小车 加速度与合外力的关系，小车所受的合外力等于细线的拉力，需要平衡摩擦力：(2) 使用力传感器可以直接测量力的大小，不需要使钩码的质量远小于小车的质量；(3) 根据逐差法求解小车的加速度；(4) 如果没有平衡摩擦力的话，就会出现当有拉力时，物体不动的情况.

16、【详解】(1)为了实验时小车所受的合外力等于细线的拉力，需要用小车的重力分力与摩擦力 相平衡，故B正确：故选B.(2) 使用传感器可以直接测量拉力的大小，不需要钩码的质疑远小于小车的质疑，故选不需要:(3) 频率为：W50HZ,则周期为：70. 02s,连续5个点为一个计数点，相邻两个计数点之间 的时间间隔为：尸5企0.1s：根据逐差法可知小车的加速度为：“=心_；3 =(444 + 5.45 + 6.46)-(1.45 + 2.45 + 3.46)灯0一 血=0.999m/s2.9T29x0.01(4) 若没有平衡摩擦力，则当砌0时，尹0.也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0, 所以可

17、能是图中的图线C.【点睛】解决本题的关键知道实验的原理以及实验需注意的事项，掌握平衡摩擦力的方法， 注意不能将装砂的小桶用细绳通过立滑轮系在小车上.研究三个物理量之间的关系，需采用 控制变量法，先控制一个物理量不变，研究另外两个物理量之间的关系.注意研究a与皿的 关系时，若作旷巾图线，图线是曲线，无法得岀a与e的关系.10. 用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势f和内阻r,又能同时描绘小灯 泡的伏安特性曲线。A. 电压表V(量程6V、内阻很大)B. 电压表V：(量程3V、内阻很大)C. 电流表A (量程3A、内阻很小)D. 滑动变阻器R (最大阻值10 Q)E. 小灯泡(2A、5

18、W)F. 电池组(电动势E、内阻r)G. 开关一只，导线若干(1) 某同学设计的实验电路图如图甲，实验时调肖滑动变阻器的滑动片向右滑动，则电压表V 的示数，电压表也的示数。(填“变大”“变小”或“不变”)UN（2）每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V和电压表V：的示数，组成两个坐标点（Z,U）、5 圧），标到坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电 池组的电动势庆V、内阻r Qo （结果保留两位有效数字）（3）在&一7图像中两条图线在尸点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为Q,电池组的效率为。【答案】（1）.变小 （2）.变大 （3）. 4.5（4）. 1.0（5）.

19、0（6）. 56%【解析】【详解】（1）1调节滑动变阻器的滑动片向右滑动，滑动变阻器接入电路中的阻值变小，外电路的电阻减小，则路端电压减小，电压表*的示数变小：2因电路的电流变大，则电压表V：的示数变大。（2） 3由题图乙可知，电池组的电动势庄4. 5V4内阻45-l0c 1 nnr =Q = 1.0123.5（3） 5两图线的交点处，两个电压表的读数相同，故此时滑动变阻器接入电路中的阻值为0：6电池组的效率为ZZ=/E=4.5X100% = 56%11. 如图1所示，足够长的光滑平行金属导轨MV、図竖直放置，英宽度Z=lm, 一匀强磁场 垂直穿过导轨平而，导轨的上端”与尸之间连接阻值为7?=

20、0. 40 Q的电阻，质量为0. 01kg. 电阻为r=0. 30 Q的金属棒必紧贴在导轨上.现使金属棒ab由静止开始下滑，下滑过程中 mb始终保持水平，且与导轨接触良好，英下滑距离x与时间r的关系如图2所示，图象中的 创段为曲线，曲段为直线，导轨电阻不计，=10m/s:（忽略必棒运动过程中对原磁场的影 响），试求：（1）当f=1.5s时，重力对金属棒必做功的功率；（2）金属棒必在开始运动的15s内，电阻斤上产生的热蚩:（3）磁感应强度万的大小.xpx xftxXMXL5 2加【答案】(1) 0. 7W (2) 0. 26J (3) 0. 1T【解析】 【详解】Z匕图象求得5s时金属棒的速度为

21、尸手將罟如泌 t=l. 5s时，重力对金属棒甜做功的功率为P=mgv=Q. 01X10X7W=0. 7W（2）金属棒必在开始运动的1.5s内，金属棒的重力势能减小，转化为金属棒的动能和电路的内能.设电路中产生的总焦耳热为0，根据能量守恒定律得1Cmg运mV+Q2代入解得eo.455j由焦耳泄律得斤中发热Q,= fRt,金属棒必发热a=frt,则Q： Q=R： r=4： 3又 +Q=Q解得 0=0. 26JE（3）金属棒匀速运动时所受的安培力大小为F= BIL、而左 ，E=BLvR + r得到尺哒R + r根据平衡条件得F=mg. b2i3v则有-mgR + r代入解得万=0. 1T12. 如图

22、所示，水平而右端放一质量庐0.1kg的小物块（可看做质点），让小物块以v0=4ra/s的初速度使其水平向左运动，运动位移s=lm时将弹簧压至最短（在弹簧的弹性限度内，苴劲度系数A=100N/mc）,反弹回到岀发点时物块的速度大小玖二2m/s,若水平而右端与一长3m的水平传送带平滑连接，传送带以vFlOm/s的速度顺时针匀速转动，传送带右端又与竖直而 内的光滑圆形轨道的底端平滑连接，当小物块进入圆轨道时会触发闭合装置关闭圆轨道，圆 轨逍半径斥0.8m,不计空气阻力，萨lOn f求：(答案可用根号表示)(1) 为使小物块进入圆轨道后过不了圆心等髙点，则传送带与物块间的动摩擦因数“:满足的 条件；(

23、2) 小物块与水平而间的动摩擦因数宀、弹簧具有的最大压缩量丄(3) 若将一个固立的长度与禅簧原长相等且右端而为与墙面平行的竖直平面的长方体替换弹 簧，且右端而上方装一可看成质点的小铃铛(图上没画)，且去除圆轨道触发闭合装程，物块 进入圆轨道后不脱离圆轨道，小物块与长方体右端而发生弹性正碰。传送带与物块间的动摩给小物块向左的初速度内满足什么条件。【答案】(l)“S02； (2)“2=3,兀曲=Olm警T呼B/S【解析】【详解】(1)物块恰好到达轨道圆心等髙点时，根据动能定理得p、mgL - mgR = 一 g ,nv2 带入数拯解得“=2为使小物块进入圆轨道后过不了圆心等髙点，则传送带与物块间的

24、动摩擦因数宀满足的条件 是“ 0.2(2)物块从向左运动到回到原点，根据动能定理得c I . 12-/Li2mg -2s = -mv- thv0带入数据解得禺=0.3物块从向左运动到弹簧压缩到最短时 过程，根据动能立理得带入数据解得1 - 2O=1 - 2炉-XXmax= O.lm(3)要使铃铛响二声，给小物块向左的较大初速度畑且到达圆轨道后不能高于圆心等高点,否则可能脱离轨道，从起点到达圆心等髙点根据动能立理得.2（s-儿皿）+ gigL-mgR = 0-1带入数据解得2V130,v0 =m/s5给小物块向左的较小初速度吟且最终恰好第二次达到铃铛处，传送带对物块先做正功后做负功，传送带全程对

25、物块做功为零：同理重力对物块做功为零，从起点到第二次到达铃铛处,根据动能定理得带入数拯解得vo应m/s10一2农 3G 一 Xnwc ) = 0 一 叫;给小物块向左的初速度满足条件是座趾。沙迥m/s100513. 下列说法正确是。A. 石墨和金刚石的物理性质不同，是由于组成它们的物质微粒排列结构不同B. 液体表而张力方向与液而垂直并指向液体内部C. 降低温度可以使未饱和汽变成饱和汽D. 雨水没有透过布雨伞是因为液体表而存在张力E. 充气后气球会膨胀，这是由分子斥力造成的【答案】ACD【解析】【详解】A.石墨和金刚仃的物理性质不同，是由于组成它们的物质微粒排列结构不同，选项A正确；B.表而张力

26、产生在液体表面层，它的方向平行于液体表面，而非与液而垂直，故B错误;C. 饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物质的本性和温度，温度越髙，饱和气 压越大，则降低温度可使使未饱和汽变成饱和汽，故C正确：D. 雨水没有透过布雨伞是因为液体表而存在张力，选项D正确：E. 充气后气球会膨胀，这是气体压强作用的缘故，与分子斥力无关，选项E错误。故选ACD。14. 如图所示，将横截而积tlOOcm、容积为S5L,开口向上的导热良好的气缸，置于&二 一 13C的环境中。用厚度不计的轻质活塞将体积为KML的理想气体封闭在气缸中，气缸底 部有一个单向阀门N。外界大气压强Ml.OXIOPa,重力加速5=1

27、0m/s=,不计一切摩擦。求:(i) 将活塞用卡销Q锁定，用打气筒通过阀门N给气缸充气，每次可将体积lOOmL,压强为B的理想气体全部打入气缸中，则打气多少次，才能使其内部压强达到1.2a：(ii) 当气缸内气体压强达到1.2卩时，停止打气，关闭阀门N,将质量为沪20血的物体放在活 塞上，然后拔掉卡销Q，则环境温度为多少摄氏度时，活塞恰好不脱离气缸。打代筒【答案】(i)8； (ii)52C【解析】【详解】(1)由玻意耳左律得)(%+叫)i2p(M貝中V1=4L, VlOOmL, n为打气次数，代入数值解得：H =8(ii)初态气体温度为7=rl+273K = 26OK,最终稳立时，体积为V = 5L,内部气体压强为p,=卩 +- = 1.2xlO5Pa即拔掉卡销后，缸内气体压强不变，由盖吕萨克左律得：=罩,解得T2 = 325K则气缸内气体的温度为2=爲 一273K = 52C