《2018年高考理综选择题专项训练23201806110316.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018年高考理综选择题专项训练23201806110316.doc（13页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、2018年高考理综选择题专项训练（23）一、选择题：本题共13个小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1下列有关原核细胞与真核细胞的叙述，正确的是A原核细胞分裂没有染色体形成，而真核细胞分裂都有B原核细胞没有核膜包被的细胞核，而真核细胞都有C核糖体是原核细胞和真核细胞唯一共有的细胞结构D基因突变是原核生物和真核生物共有的可遗传变异来源【答案】D【解析】真核细胞的分裂方式包括有丝分裂、减数分裂和无丝分裂，其中无丝分裂过程中没有染色体的形成，A错误；真核细胞不一定有核膜包被的细胞核，如哺乳动物成熟的红细胞，B错误；原核细胞和真核细胞都有核糖体、细胞膜、DNA等，C错
2、误；原核生物和真核生物的遗传物质都是DNA，都可以发生基因突变，D正确。2将长势相似的甲、乙两株同种植物分别置于两个同样大小密闭的透明玻璃罩A、B中，甲给予适宜强度的光照，乙遮光（黑暗）处理，其他条件相同。下列分析正确的是AA玻璃罩中的CO2含量将持续降低BB玻璃罩中植株的干重将持续降低C甲、乙两植株的叶肉细胞中形成ATP的场所均不同D甲植株的光合作用强度不会等于乙植株的呼吸作用强度3埃博拉出血热（EBHF）是由埃博拉病毒（EBV）（一种丝状单链RNA病毒）引起的当今世界上最致命的病毒性出血热，目前该病毒已经造成超过5160人死亡。EBV与宿主细胞结合后，将核酸-蛋白复合体释放至细胞质，通过下
3、图途径进行增殖。下列推断正确的是AEBV增殖过程需细胞提供四种脱氧核苷酸和ATPB过程所需嘌呤比例与过程所需嘧啶比例相同C过程需要的氨基酸和tRNA的种类、数量相同D直接将EBV的-RNA注入人体细胞将引起EBHF【答案】B【解析】埃博拉病毒（EBV）的遗传物质是RNA，所以其增值过程中需要的原料是4种核糖核苷酸，A错误；过程产生的mRNA是过程的模板，根据碱基互补配对原则，嘌呤肯定与嘧啶配对，所以过程所需嘌呤比例与过程所需嘧啶比例相同，B正确；一种tRNA只能运输一种氨基酸，而一种氨基酸可能由多种tRNA运输，所以过程翻译过程中需要的氨基酸和tRNA的种类、数量不一定相同，C错误；根据题干信
4、息“EBV和宿主细胞结合后，需要核酸-蛋白质复合体释放至细胞质中，才能进行增殖”可知，直接将单独的EBV的-RNA注入细胞不能引起EBHF，D错误。4家鼠的灰毛和黑毛由一对等位基因控制，灰毛对黑毛为显性。现有一只灰毛雌鼠（M)，为了确定M是否为纯合子（就毛色而言），让M与一只黑毛雄鼠交配，得到一窝共4个子代。不考虑变异，下列分析不合理的是A若子代出现黑毛鼠，则M定是杂合子B若子代全为灰毛鼠，则M定是纯合子C若子代中灰毛雄鼠:黑毛雌鼠=3:1，则M定是杂合子D若子代中灰毛雄鼠:黑毛雌鼠=1:1，则M定是杂合子【答案】B【解析】灰毛对黑毛为显性。灰毛雌鼠M与一只黑毛雄鼠交配，得到一窝共4个子代。若
5、子代出现黑毛鼠，则M定是杂合子，A正确；因子代的数量非常少，即使子代全为灰毛鼠，也不能确定M定是纯合子，B错误；子代中出现了黑毛雌鼠，说明M必然含有控制黑毛性状的基因，因此，无论子代中灰毛雄鼠与黑毛雌鼠的比例是3:1，还是1:1，则M定是杂合子，C、D正确。5凝血过程中凝血酶原与凝血因子结合后，凝血酶原转变为有活性的凝血酶，而凝血酶的产生又能加速凝血酶原与凝血因子的结合，下列调节机制与此最为相似的是A寒冷时，甲状腺激素浓度升高，抑制促甲状腺激素分泌B临近排卵时，雌性激素浓度升高，促进促性腺激素分泌C进餐后，胰岛B细胞分泌胰岛素增多，使血糖浓度下降D生态系统中，捕食者数量增长，使被捕食者的数量减
6、少【答案】B【解析】凝血过程中凝血酶原与凝血因子结合后，转变为有活性的凝血酶，而凝血酶的产生又能加速凝血酶原与凝血因子的结合，该调节机制属于正反馈调节。寒冷时，甲状腺激素浓度升高，抑制促甲状腺激素分泌属于负反馈调节，A项错误；临近排卵时，雌激素浓度升高，促进促性腺激素分泌属于正反馈调节，B项正确；进餐后，胰岛素分泌增多，使血糖浓度下降属于负反馈调节，C项错误；生态系统中，捕食者数量增长，使被捕食者数量减少属于负反馈调节，D项错误。6为了改良土壤、绿化海滩、改善海滩生态环境，我国在1980年从美国东海岸引入互花米草，几年后互花米草出现疯长现象，在沿海地带大面积逸生，对沿海树林造成重大威胁，据此下
7、列说法中不正确的是A互花米草的引入降低了当地生物多样性B因环境适宜，互花米草一段时间大致呈“J”型增长C引入互花米草不会改变当地群落演替的速度和方向D互花米草会参与该生态系统的能量流动和物质循环【答案】C【解析】根据题意分析，互米花草引入后，对沿海树林造成重大威胁，导致生物多样性降低，A正确；几年后互花米草出现疯长现象，是由于因环境适宜，缺乏天敌，互花米草一段时间大致呈“J”型增长，B正确；引入互花米草导入后，使得生物多样性降低，因此会改变当地群落演替的速度和方向，C错误；互花米草是植物，可以进行光合作用，属于生产者，因此其会参与该生态系统的能量流动和物质循环，D正确。7化学与生活、生产和社会
8、发展密切相关。下列说法正确的是A天工开物中“凡石灰，经火焚炼而用”里的石灰，指的是Ca(OH)2B某品牌的八宝粥不含任何糖类物质，糖尿病人可以放心食用C未成熟的苹果肉遇碘酒变蓝，成熟苹果的汁液不能与银氨溶液反应D用氯化铁溶液洗涤银镜反应后的试管比用硫酸铁溶液效果好【答案】D【解析】A天工开物中“凡石灰，经火焚炼而用”里的石灰，指的是CaCO3，选项A错误；B、此八宝粥虽未加糖，但含糖类物质，选项B错误；C、苹果成熟前含淀粉，遇碘水变蓝，成熟后含葡萄糖，能与银氨溶液反应，选项C错误；D、Fe3+ AgAg+Fe2+，生成的Ag+与Cl结合生成难溶于水的氯化银，使平衡正向移动，选项D正确。答案选D
9、。8下列有关物质的性质与用途具有对应关系的是（ ）AFe2O3是碱性氧化物，可用于制作红色涂料BSiO2熔点高，可用作耐高温材料CNH4HCO3受热易分解，可用作氮肥DNa2S具有还原性，可作废水中Cu2+和Hg2+的沉淀剂【答案】B【解析】AFe2O3是碱性氧化物与可用于制作红色涂料没有关系，A错误；BSiO2熔点高，可用作耐高温材料，B正确；CNH4HCO3受热易分解与可用作氮肥没有关系，C错误；DNa2S可作废水中Cu2+和Hg2+的沉淀剂，发生的是复分解反应，与具有还原性没有关系，D错误，答案选B。9下列说法正确的是A蛋白质、纤维素、淀粉都是高分子化合物B硬脂酸甘油酯和乙酸乙酯都属于酯
10、类物质，都能发生皂化反应C所有氨基酸分子中都只含有一个羧基(-COOH)和一个氨基(-NH2)D鸡蛋清溶液中加入浓的(NH4)2SO4，溶液产生沉淀，加水后沉淀不溶解10W、X、Y、Z均为短周期主族元素，原子序数依次增加。W原子最外层电子数是其所在周期数的2倍；Y和X2的电子层结构相同；Z的原子序数等于W和Y的核外电子数之和。下列说法正确的是A由化学键角度推断，能形成WXZ2这种共价化合物B离子半径大小：ZYXC工业上用MnO2和Z的氢化物的浓溶液在加热的条件下制取Z的单质DZ的氢化物的酸性比WX2的水化物的酸性强，说明Z的非金属性比W的强【答案】A【解析】周期主族元素W、X、Y、Z原子序数依
11、次增加，其中W原子最外层电子数是其所在周期数的2倍，则W为碳，Y和X2的电子层结构相同，则X为氧，Y为钠，Z的原子序数等于W和Y的核外电子数之和，所以Z为氯。由此判断A、一般情况下，碳显+4价，氧显-2价，氯显-1价，所以从化学键角度推断，可以形成COCl2这种共价化合物，故A正确；B、O、Na、Cl形成离子时的半径大小为ClO2Na，所以B错误；C、实验室里用MnO2和浓盐酸加热制氯气，而工业上用电解食盐水制氯气，故C错误；D、HCl即盐酸是强酸，而CO2的水化物即碳酸是弱酸，但不能说明Cl的非金属性比C的强，应该用HClO4的酸性强于碳酸来证明，所以D错误。本题正确答案为A。点睛：A选项一
12、定注意从化合价的角度去思考就可以判断其正确与否，不要考虑形成的物质是什么；判断金属性、非金属性强弱是有明确的判断依据的：金属性强弱可以通过金属单质与酸或水反应置换出氢气的难易、最高价氧化物对应的水化物的碱性强弱来判断，而非金属性强弱可以用其单质与氢气反应的难易、氢化物的稳定性、最高价氧化物对应的水化物的酸性强弱来判断。11锂空气电池放电时的工作原理如图所示。下列叙述正确的是A放电时Li由B极向A极移动B电池放电时总反应方程式为4LiO2 2H2O=4LiOHC电解液a、b之间可采用阴离子交换膜D电解液a可能为LiCl水溶液【答案】B【解析】A、在原电池中，A是负极，B是正极，阳离子由负极向正极
13、移动，即由A极向B极移动，故A错误；B、原电池放电反应为自发地氧化还原反应，即4Li+O2+2H2O=4LiOH，故B正确；C、根据图示，LiOH由正极区流出，说明电解液a、b之间可采用阳离子交换膜，故C错误；D、金属锂可以和水发生反应，电解质中不能含有水，故D错误；故选B。点睛：本题考查了原电池的工作原理。本题的易错点为C，要注意从图中寻找有用信息，锂离子在电解液a中生成，而电解液b可以回收LiOH，说明锂离子通过了离子交换膜。12用下列实验装置进行相应实验，能达到实验目的的是( )A用图1所示装置从KI和I2的固体混合物中回收I2B用图2所示装置配制100 mL 0.10 molL1 K2
14、Cr2O7溶液C用图3所示装置干燥少量的SO2气体D用图4所示装置蒸干FeCl3饱和溶液制备FeCl3晶体【答案】C【解析】A碘易升华，回收碘需要在上方利用玻璃片回收，则图中装置不能回收碘，A错误；B配制100mL0.10molL-1K2Cr2O7溶液，一定需要100mL容量瓶、胶头滴管，图中缺少仪器不能完成实验，B错误；C浓硫酸与二氧化硫不反应，可吸收水，则图中洗气装置可干燥少量的SO2的气体，C正确；DFeCl3饱和溶液水解生成的HCl易挥发，且水解吸热，蒸干不能得到氯化铁，D错误；答案选C。点睛：本题考查化学实验方案的评价，把握物质的性质、反应原理、实验装置的作用、基本技能为解答的关键，
15、侧重分析与实验能力的考查，选项D是解答的易错点，注意氯化铁水解的特点、外界条件对水解的影响等，注意可以用装置蒸干硫酸铁饱和溶液制备硫酸铁晶体。13浓度均为0.01molL-1、体积均为V1L的两种一元酸HX和HY的水溶液，加水稀释至体积为VL，测得两溶液pH随lg变化的情况如图所示，下列说法错误的是AHY为一元弱酸 B将两种溶液无限稀释，由水电离产生的c(H+)相等Clg=3时，升高温度， 增大 DHX 的电离程度：ba【答案】D【解析】根据图知，lg=0时，HX的pH=2，说明HX完全电离，属于一元强酸，HY的pH3，说明HY部分电离，属于一元弱酸， A项正确；加水无限稀释，酸溶液无限接近中
16、性，故由水电离产生的c(H+)相等，B项正确；lg =3时，升高温度会促进弱电解质HY的电离，即c(Y-)增大，对强电解质HX无影响，即c(X-)不变，故增大，C项正确；HX为一元强酸，完全电离，即HX 的电离程度：b=a，D项错误。二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。14以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是A粒子散射实验揭示了原子核內部的复杂性B光电效应现象揭示了光具有粒子性C紫外线照射到金属锌板表面时能产生光电效应，则当增大紫外
17、线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大D处于基态的氢原子最不稳定【答案】 B【解析】卢瑟福的粒子散射实验，让粒子穿越原子，少数粒子发生偏转，极少数粒子发生大角度偏转，揭示了原子的核式结构，故A错误；光电效应现象揭示了光具有粒子性，故B正确；紫外线照射到金属锌板表面时能产生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能不变，故C错误；处于基态的氢原子最稳定，故D错误。所以B正确，ACD错误。15甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移时间(xt)图象如图所示，由图象可以看出在04 s内()A甲、乙两物体始终同向运动B第4 s末时，甲
18、、乙两物体间的距离最大C甲的平均速度等于乙的平均速度D乙物体一直做匀加速直线运动【答案】 C【解析】xt图象图线斜率的绝对值等于速度的大小，由题图可知在02 s内，甲、乙都沿正向运动，同向运动；在24 s内甲沿负向运动，乙仍沿正向运动，两者反向运动，选项A错误；4 s末两物体相遇，两物体间的距离不是最大，选项B错误；由题图知在04 s内，甲、乙的位移都是2 m，所用时间相同，故平均速度相等，选项C正确；根据图线斜率的绝对值等于速度的大小，直线的斜率一定，可知乙物体一直做匀速直线运动，选项D错误16卫星在轨道上以速度v运行时，会遇到太空尘埃的碰撞而受到阻碍作用导致轨道变低。设单位体积的太空均匀分
19、布着尘埃n颗，每颗尘埃平均质量为m，尘埃速度可忽略，卫星的横截面积为S，与尘埃碰撞后将尘埃完全黏附住。如果要保持卫星轨道不变，需要给卫星提供的推力为：A B C D【答案】 B【解析】如果要保持卫星轨道不变，给卫星提供的推力只要克服卫星与尘埃碰撞过程中的作用力即可，以尘埃为研究对象利用动量定理可知： ，解，故B正确。17一束初速度不计的电子流经过加速电场加速后，在距两极板等距离处垂直进入平行板间的匀强电场（两极板间的电压是400 V）中，如图所示，若板间距离d=2.0 cm，板长l=10.0 cm，（电子带电荷量为e，质量为m），则下列说法正确的是A加速电压U=2 500 V时，电子可以穿过偏
20、转电场B若电子可以穿过偏转电场，在其他条件相同的情况下，把电子换成粒子也一定可以穿过偏转电场C若保证偏转电场两极板的电荷量不变，把上极板向上移动，其他条件不变，则电子离开偏转电场的位置也向上移动D若保证加速电场两极板的电荷量不变，把左边极板向上移动，其他条件不变，则电子离开偏转电场的位置不变【答案】 B【解析】加速过程，由动能定理得：eU=12mv02-0，解得v0=2eUm；进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上做匀速运动l=v0t；在垂直于板面的方向上做匀加速直线运动，加速度a=Fm=eUmd，偏转距离y=12at2；能飞出的条件为y12d；解得Ul22d2U与带电粒子的比荷无关，所以电子
21、可以通过，粒子也一定能通过（偏转的方向相反），故B正确，代入数值得：U5000V，故A错误电荷量不变，d改变，根据E=Ud=QCd=4kQS，知电场强度不变，则油滴所受电场力不变，加速度不变，运动时间也不变，所以电子离开偏转电场的位置不会发生改变，故C错误；电荷量不变，把左边极板向上移动，正对面积减小，电容减小，电压U增大，电子离开偏转电场的偏转距离y=Ul24Ud将变小，电子离开偏转电场的位置也向上移动，故D错误故选B18如图所示为一个小型发电机的示意图，矩形金属线圈在匀强磁场中绕与磁感线垂直的固定轴OO匀速转动，线圈匝数n200，发电机输出端接有纯电阻用电器，其阻值恒为R4，电路中其他部分
22、电阻不计，已知线圈匀速转动过程中穿过线圈的磁通量随时间的变化规律0.01sin2pt（Wb），取p210，下列说法正确的是At0时，穿过回路的磁通量最大Bt10s时，回路中的电流改变方向Ct2.5s时，回路中的瞬时电流最大D从t0到t10s时间内，回路中产生的焦耳热为500J19近期天文学界有很多新发现，若某一新发现的星体质量为m、半径为R、自转周期为T，引力常量为G。下列说法正确的是 ( )A如果该星体的自转周期T2R3Gm，会解体B如果该星体的自转周期TmR42T2，化简得到：T2R3Gm，即T2R3Gm时，星体不会解体，而该星体的自转周期T2R3Gm时，会解体，故选项A正确，B错误；C、
23、在该星体表面，有GmmR2=mg，所以g=GmR2，故选项C错误；D、如果有卫星靠近该星体表面飞行，有GmmR2=mv2R，解得：v=GmR，故选项D正确。点睛：研究卫星绕星体做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出问题，向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所要求解的物理量选取应用。20质量为m电量为的小滑块(可视为质点)，放在质量为M的绝缘长木板左端，木板放在光滑的水平地面上，滑块与木板之间的动障擦因数为，木板长为L，开始时两者都处于静止状态，所在空间存在范围足够大的一个方向竖直向下的匀强电场E，恒力F作用在m上，如图所示，则（ ）A要使m与M发生相对滑动，只须满足B若力
24、F足够大，使得m与M发生相对滑动，当m相对地面的位移相同时，m越大，长木板末动能越大C若力F足够大，使得m与M发生相对滑动，当M相对地面的位移相同时，E越大，长木板末动能越小D若力F足够大，使得m与M发生相对滑动，E越大，分离时长本板末动能越大【答案】 BD【解析】A、m所受的最大静摩擦力为 ,则根据牛顿第二定律得 ,计算得出 .则只需满足 ,m与M发生相对滑动.故A错误.B、当M与m发生相对滑动,根据牛顿第二定律得,m的加速度 ,知m越大,m的加速度越小,相同位移时,所以的时间越长,m越大,m对木板的压力越大,摩擦力越大,M的加速度越大,因为作用时间长,则位移大,根据动能定理知,长木板的动能
25、越大.所以B选项是正确的.C、当M与m发生相对滑动,E越大,m对M的压力越大,摩擦力越大,则M相对地面的位移相同时,根据动能定理知,长木板的动能越大.故C错误D、根据 知,E越大,m的加速度越小,M的加速度越大，知时间越长,因为E越大,M的加速度越大,则M的位移越大,根据动能定理知,分离时长木板的动能越大.所以D选项是正确的.，故选BD点睛：当m与M的摩擦力达到最大静摩擦力,M与m发生相对滑动,根据牛顿第二定律求出F的最小值.当F足够大时,M与m发生相对滑动,根据牛顿第二定律,结合运动学公式和动能定理判断长木板动能的变化.21如图所示，足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成角(090)，其中M
26、N与PQ平行且间距为L，匀强磁场垂直导轨平面，磁感应强度为B，导轨电阻不计，质量为m的金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab棒接入电路的电阻为R，当金属棒ab下滑距离s时，速度大小为v，则在这一过程中A金属棒ab运动的平均速度大小为vB通过金属棒ab某一横截面的电量为C金属棒ab受到的最大安培力为D金属棒ab克服安培力做功为 mgs sinmv2【答案】 BCD【解析】A分析ab棒的受力情况，有，分析可得ab棒做加速度减小的加速运动，故其平均速度不等于初、末速度的平均值，故A错误；B、通过金属棒ab某一横截面的电荷量，故B正确；C、ab棒受到的最大安培力为，故C正确；D、根据动能定理可知， ，金属棒ab克服安培力做功为 ，故D正确；故选BCD。【点睛】根据牛顿第二定律得到加速度的表达式，分析ab棒的运动情况，明确只有匀变速直线运动的平均速度才能用公式，根据动能定理可求金属棒ab克服安培力做功，刚开始下滑时ab棒受到的安培力最大。13