最新高中物理磁场知识点总结%2B例题优秀名师资料.doc

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1、高中物理磁场知识点总结%2B例题2010-2011年度第一阶段高考总复习 许苏建 磁场 一、基本概念 1(磁场的产生 ?磁极周围有磁场。?电流周围有磁场(奥斯特)。 安培提出分子电流假说(又叫磁性起源假说)，认为磁极的磁场和电流的磁场都是由电荷的运动产生的。 ?变化的电场在周围空间产生磁场(麦克斯韦)。 2(磁场的基本性质 磁场对放入其中的磁极和电流有磁场力的作用(对磁极一定有力的作用;对电流可能有力的作用，当电流和磁感线平行时不受磁场力作用)。 3(磁感应强度 F(条件是L?B;在匀强磁场中或L很小。) B,IL2磁感应强度是矢量。单位是特斯拉，符号为T，1T=1N/(A,m)=1kg/(A

2、,s) 4(磁感线 ?用来形象地描述磁场中各点的磁场方向和强弱的曲线。磁感线上每一点的切线方向就是该点的磁场方向，也就是在该点小磁针N极受磁场力的方向。磁感线的疏密表示磁场的强弱。 ?磁感线是封闭曲线(和静电场的电场线不同)。 ?要熟记常见的几种磁场的磁感线: + N S 地球磁场 条形磁铁 蹄形磁铁 地磁场的特点:两极的磁感线垂直于地面;赤道上方的磁感线平行于地面;除两极外，磁感线的水平分量总是指向北方;南半球的磁感线的竖直分量向上，北半球的磁感线的竖直分量向下。 通电长直螺线管内部磁场 通电直导线周围磁场 通电环行导线周围磁场 ?电流的磁场方向由安培定则(右手螺旋定则)确定:对直导线，四指

3、指磁感线方向;对环行电流，大拇指指中心轴线上的磁感线方向;对长直螺线管大拇指指螺线管内部的磁感线方向。 二、安培力 (磁场对电流的作用力) 1(安培力方向的判定 ?用左手定则。 ?用“同向电流相吸，反向电流相斥”(适用于两电流互相平行时)。 ?可以把条形磁铁等效为长直通电螺线管(不要把长直通电螺线管等效为条形磁铁)。 例1(条形磁铁放在粗糙水平面上，其中点的正上方有一导线，在导线中通有图示方向的电流后，磁铁对水平面的压力将会_(增S N - 1 - 2010-2011年度第一阶段高考总复习 许苏建 大、减小还是不变,)。水平面对磁铁的摩擦力大小为_。 F?解:本题有多种分析方法。?画出通电导线

4、中电流的磁场中FF1 2 通过两极的那条磁感线(如图中下方的虚线所示)，可看出两极受 S FN 的磁场力的合力竖直向上。磁铁对水平面的压力减小，但不受摩擦力。?画出条形磁铁的磁感线中通过通电导线的那一条(如图中上方的虚线所示)，可看出导线受到的安培力竖直向下，因此条形磁铁受的反作用力竖直向上。?把条形磁铁等效为通电螺线管，上方的电流是向里的，与通电导线中的电流是同向电流，所以互相吸引。 例2(电视机显象管的偏转线圈示意图如右，即时电流方向如图所示。该时刻由里向外射出的电子流将向哪个方向偏转, 解:画出偏转线圈内侧的电流，是左半线圈靠电子流的一侧为向里，右半线圈靠电子流的一侧为向外。电子流的等效

5、电流方向是向里的，根据“同向电流互相吸i 引，反向电流互相排斥”，可判定电子流向左偏转。 2(安培力大小的计算 F=BLIsin(为B、L间的夹角)高中要求会计算=0(不受安培力)和=90两种情况。 例3(如图所示，光滑导轨与水平面成角，导轨宽L。金属杆长也为L ，质量为m，水平放在导轨上。匀强磁场磁感应强度为B，方向与金属杆垂直。当回路总电流为I时，金属杆正好能静止。求:B至少多大, 这时B的方向如何, B 解:画出截面图如右。导轨的重力G和安培力F的合力与弹力平衡，因此重力和安培力的合力方向必须垂直于导轨平面向下。由三角形定则可知， F 只有当安培力方向沿导轨平面向上时需要的安培力F=BI

6、L才最小，B也最小。G 根据左手定则，这时B应垂直于导轨平面向上，大小满足:BIL=mgsin，B=mgsin/IL。 解这类题时必须画出截面图，才能使所要研究的各力画在同一平面上，从而弄清各力的大小和方向间的关系。 B 例4(如图所示，质量为m的铜棒搭在U形导线框右端，棒长和框宽均为L，磁感应强度为B的匀强磁场方向竖直向下。电键闭合后，在磁场力作用下铜棒被平抛出去，下落h后落在水平面上，水平位移为s。求闭合电键h 后通过铜棒的电荷量Q。 s 解:闭合电键后的极短时间内，铜棒受安培力向右的冲量Ft=mv而被平抛出去，其中F=BIL，0而瞬时电流和时间的乘积等于电荷量Q=I,t，由平抛规律可算铜

7、棒离开导线框时的初速度msgsg，最终可得。 Q,vs0BL2ht2h本题得出的一个重要方法是:利用安培力的冲量可以求电量:Ft=BIL,t=BL,Q。即使通电过程电流不恒定，这个结论仍然是正确的。 练习1. 如图所示，可以自由移动的竖直导线中通有向下的电流，不S I 计通电导线的重力，仅在磁场力作用下，导线将如何移动, N 解:先画出导线所在处的磁感线，上下两部分导线所受安培力的方向相反，使导线从左向右看顺时针转动;同时又受到竖直向上的磁场的作用而向右移动(不要说成先- 2 - 2010-2011年度第一阶段高考总复习 许苏建 转90?后平移)。分析的关键是画出相关的磁感线。 三、洛伦兹力

8、1(洛伦兹力的大小 运动电荷在磁场中受到的磁场力叫洛伦兹力，它可以看做是安培力的微观表现。 计算公式的推导:如图所示，整个导线受到的磁场力(安培力)为F安 B F=BIL;其中I=nesv;设导线中共有N个自由电子N=nsL;每个电子受F 安 的磁场力为f，则F=Nf。由以上四式得f=qvB。条件是v与B垂直。(v安I 与B平行时洛伦兹力为零。) 2(洛伦兹力的方向 在用左手定则时，四指必须指电流方向(不是速度方向)，即正电荷定向移动的方向;对负电荷，四指应指负电荷定向移动方向的反方向。 例5(磁流体发电机原理图如右。等离子体高速从两板间由左向右喷射，两极板间有如图方向的匀强磁场。该发电机哪个

9、极板为正极,两板间最大电压为多少, 解:由左手定则，正、负离子受的洛伦兹力分别向上、向下。所+ + + + + + 以上极板为正。正、负极板间将产生电场。当刚进入的正负离子受的R B U洛伦兹力与电场力等值反向时，达到最大电压:，U=Bdv。,q,qvBd当外电路断开时，这就是电动势E。当外电路接通时，极板上的电荷量减小，板间场强减小，洛伦兹力将大于电场力，进入的正负离子将继续发生偏转。这时电动势仍是E=Bdv，但路端电压将小于Bdv。 本题的重要结论有: ?正负离子速度方向相同时，在同一磁场中受洛伦兹力方向相反; ?在v恒定的条件下，无论外电路是否接通，电动势Bdv保持不变; ?带电粒子在磁

10、场中偏转聚集在极板上后，将新产生的电场。 例6(半导体靠自由电子(带负电)和空穴(相当于带正电的粒子)导电，分为p型和n型两种。p型半导体中空穴为多数载流子;n型半导体中自由电子为多数载流子。用实验可以判定半导体材料的类型:如图将材料放在匀强磁场中，通以向右的电流I，比较上下两个表面的电势高低，若上极板电势高，就是p型半导体;若下极板电势高，就是n型半导体。试分析原理。 解:分别判定空穴和自由电子所受的洛伦兹力的方向，由于四指I 指电流方向，都向右，所以洛伦兹力方向都向上，它们都将向上偏转。p型半导体中空穴多，上极板的电势高;n型半导体中自由电子多，上极板电势低。因此可以判定半导体材料的类型。

11、 本题的重要结论有:电流方向相同时，正、负离子在同一个磁场中的所受的洛伦兹力方向相同，偏转方向也相同。 3(洛伦兹力的应用 带电粒子在匀强磁场中仅受洛伦兹力而做匀速圆周运动时，洛伦兹力充当向心力，因此有:22,mvmmv,rTqvB，由此可以推导出该圆周运动的半径公式和周期公式:。 BqBqr例7(如图直线MN上方有磁感应强度为B的匀强磁场。正、负电子同时从同一点O以与MN成30角的同样速度v射入磁场(电子质量为m，电荷为e)，它们从磁场中射出时相距多远,- 3 - 2010-2011年度第一阶段高考总复习 许苏建 射出的时间差是多少,(不考虑正、负电子间的相互作用) 解:正负电子的半径和周期

12、是相同的。只是偏转方向相反。先确定圆B 心，画出半径，由对称性知:射入、射出点和圆心恰好组成正三角形。所v 以两个射出点相距2r，由图还看出经历时间相差2T/3。 2O M N mvm2,mvrTevB,由得轨道半径r和周期T分别为， ,rBeBe4m,2mv因此两个射出点相距，时间差为 t,s,3BqBeL v 解题关键是画好示意图，特别注意找圆心、找半径和用对称。 v y 4(带电粒子在匀强磁场中的偏转 R B ?穿过矩形磁场区。要画好辅助线(半径、速度及延长线)。穿越过程的偏O ,m222转角由sin=L/R求出。侧移由R=L-(R-y)解出。经历时间由得出。 ,tBq注意:这里射出速度

13、的反向延长线与初速度延长线的交点不是宽度线段的r v O 中点，这点与带电粒子在匀强电场中的偏转结论不同 ?穿过圆形磁场区。画好辅助线(半径、速度、轨迹圆的圆心、连心线)。v mr,偏角可由求出。经历时间由得出。 tan,t,2RBq注意:由对称性，正对圆心射入的例子必然背离圆心射出。 O? 例8(一个质量为m电荷量为q的带电粒子从x轴上的P(a，0)点以速度v， y 沿与x正方向成60的方向射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y轴射出v B 第一象限。求匀强磁场的磁感应强度B和射出点S的坐标。 S 解:射出点对应的半径在y轴上，因此其圆心一定在y轴上，从几何关系2amvmv3mv,r,r

14、,qvB知半径是，由得，因此。射出点S到B,Q ov qBrcos302aqx O P 原点O的距离是1.5r，坐标为(0，)。 3a四、带电粒子在混合场中的运动 1(空间同时存在正交的匀强电场和匀强磁场 + + + + + + 正交的匀强磁场和匀强电场组成“速度选择器”。带电粒子(不计重力)v 必须以唯一确定的速度(包括大小、方向)才能匀速(或者说沿直线)通过速度选择器。否则将发生偏转。这个速度的大小可以由洛伦兹力和电场力的E。在本图中，速度方向必须向右。 平衡得出:qvB=Eq，v,B?这个结论与带电粒子的电性、电量都无关。 ?若入射速度小于该速度，电场力将大于洛伦兹力，粒子向电场力方向偏

15、转，穿越混合场过程电场力做正功，动能增大，洛伦兹力也增大，粒子的轨迹是一条复杂曲线;若入射速度大于该速度，粒子将向洛伦兹力方向偏转，穿越混合场过程电场力将做负功，动能减小，洛伦兹力也减小，轨迹也是一条复杂曲线。 - 4 - 2010-2011年度第一阶段高考总复习 许苏建 例9(某带电粒子从图中速度选择器左端由中点O以垂直于电场和磁场的速度v向右射去，0从右端中心a下方的b点以速度v射出;若增大磁感应强度B，该粒子将1+ + + + + + c 打到a点上方的c点，且有ac=ab，则该粒子带_电;第二次射出时v0 a 的速度为_。 O b 解:B增大后向上偏，说明洛伦兹力向上，所以为带正电。由

16、于洛伦兹力总不做功，所以两次都是只有电场力做功，第一次为正功，第二次为负功，但功的绝对值相同，因此 1111222222mv,mv,mv,mv,？v,2v,v 100220122222(带电粒子分别通过匀强电场和匀强磁场 L 例10(如图所示，一个带电粒子两次以同样的垂直于场线的初速v0 度v分别穿越匀强电场区和匀强磁场区， 场区的宽度均为L，偏转角0均为，求E?B B E 解:分别利用带电粒子的偏角公式。在电场中偏转: EqLLBqvE0tan,，在磁场中偏转:sin,，由以上两式可得。可以证明:当偏,2mvcos,mvB00转角相同时，侧移不同(电场中侧移大);当侧移相同时，偏转角不同(磁

17、场中偏转角大)。 3(带电粒子依次在电场、磁场中做连续运动 例11(如图所示，在xOy平面内的第?象限中有沿-y方向的匀强电场，y 场强大小为E。在第?和第?象限有匀强磁场，方向垂直于坐标平面向里。有一个质量为m，电荷量为e的电子，从y轴的P点以初速度v垂直于电0B 场方向进入电场(不计重力)，经电场偏转后，沿着与x轴负方向成45角x O M 进入磁场，并能返回到原出发点P。?简要说明电子的运动情况，并画出电v0 P E 子运动轨迹的示意图;?求P点距坐标原点的距离;?电子从P点出发经多长时间再次返回P点, 解:?设OP=x，在电场中偏转45，说明在M点进入磁场时的速率是v，由动能定理知202

18、1mv20电场力做功Eex=，因此;由于这段时间内水平、竖mv,x022eE y 直方向平均速度之比为2?1，因此OM=2x。根据电子在磁场中做O? v2B 0 R 圆周运动轨道的对称性，从N点射出磁场时速度与x轴也成45，x 又恰好能回到P点，因此ON=x。可知在磁场中做圆周运动的半径O M N v0 P R=1.5x。轨迹如右图中虚线所示。 2E 2mv0?P点距坐标原点的距离为。 ,x2eEmv2x0,t?电子在第?象限的平抛运动时间，在第?象限直线运动的时间1veE032R,2mv2x32mv3x040t,，在第?、?象限运动的时间是，而，带入得R2,t3,22eE2v24eE2v00

19、- 5 - 2010-2011年度第一阶段高考总复习 许苏建 ,9mv3mv00，因此t=t+ t+ t=。 ,t，,4312328eE8eE4(带电微粒在重力、电场力、磁场力共同作用下的运动(电场、磁场均为匀强场) ?带电微粒在三个场共同作用下做匀速圆周运动。必然是电场力和重力平衡，而洛伦兹力充当向心力。 例12(一个带电微粒在图示的正交匀强电场和匀强磁场中在竖直面内做匀速圆周运动。则该带电微粒必然带_，旋转方向为_。若已知圆半径为r，E B 电场强度为E磁感应强度为B，则线速度为_。 解:因为必须有电场力与重力平衡，所以必为负电;由左手定则得逆时针转mvBrgEq,mg和r,得v,动;再由

20、 BqE?带电微粒在三种场共存区域中做直线运动。当其速度始终平行于磁场时，不受洛伦兹力，可能做匀速运动也可能做匀变速运动;当带其速度垂直于磁场时，只能做匀速直线运动。 例13(如图所示，空间某一区域内同时存在竖直向下的匀强电场、垂直纸a B 面向里的匀强磁场。带电微粒a、b、c所带电荷电性和电量都相同，以相同的速c b 率在此空间分别向右、向左、向里做匀速运动。有以下判断:?它们都带负电;E ?它们都带正电;?b的质量最大;?a的质量最大。以上判断正确的是 A(? B(? C(? D(? 解:由c知电性必须为负;在竖直方向它们所受合力都为零，其中电场力方向都向上，大小也相等，但a受的洛伦兹力向

21、下，b受的洛伦兹力向上，c不受洛伦兹力，而重力向下，因此b的重力最大，质量最大。选A。 练习2. 质量为m带电量为q的小球套在竖直放置的绝缘杆上，球与杆间的动摩擦因数为。匀强电场和匀强磁场的方向如图所示，电场强度为E，磁感应强度为B。小球由静止释放后沿杆下滑。设杆足够长，电场和磁场也足够大， 求运动过程中小球的最大加速度和最大速度。 解:不妨假设设小球带正电(带负电时电场力和洛伦兹力都将反向，结论相同)。刚释放时小球受重力、电场力、弹力、摩擦力作用，向下加速;开始运动后又受到洛伦兹力作用，弹力、摩擦力开始减小;当洛伦兹力等于电场力时f f 加速度最大为g。随着v的增大，洛伦兹力大于电场力，弹E

22、q N qvB Eq N 力方向变为向右，且不断增大，摩擦力随着增大，加速度减小，当摩擦力和重力大小相等时，小球速度达到最大v a vm mg mg mgE。 v,，,BqB若将磁场的方向反向，而其他因素都不变，则开始运动后洛伦兹力向右，弹力、摩擦力不断Eq,增大，加速度减小。所以开始的加速度最大为;摩擦力等于重力时速度最大，为ag,mmgE。 v,BqB五、质谱仪 加速器 1(质谱仪 右图的两种装置都可以用来测定带电粒子的荷质比。 - 6 - （7）二次函数的性质：2010-2011年度第一阶段高考总复习 许苏建 9.直角三角形变焦关系：?带电粒子质量m，电荷量q，由电压U加速后垂直进入磁感

23、应强度为BU NM的匀强磁场，测得在该磁场中做圆周运动的轨道半径为r，则有: O 21mvq2U2，qvB,，可得 qU,mv,22r2mBrB ? ?带电粒子质量m，电荷量q，以某一速度恰好能沿直线穿过速度选择定理：在同圆或等圆中,相等的圆心角所对的弧相等、所对的弦相等、所对的弦心距相等。EB 1 器(电场强度E，磁感应强度B)，垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场。12MN O2 mvB2 测得在该磁场中做圆周运动的轨道半径为r，则有:qE=qvB，qvB,，12r6.方向角：指北或指南方向线与目标方向线所成的小于90的水平角，叫做方向角。如图4，OA、OB、OC、OD的方向角分别是；北偏东3

24、0，南偏东45(东南方向)、南偏西为60，北偏西60。qE? 可得:, mBBr12（2）抛物线的描述：开口方向、对称性、y随x的变化情况、抛物线的最高（或最低）点、抛物线与x轴的交点。2(回旋加速器 例14(在高能物理研究中，粒子回旋加速器起着重要作用，下左图为它的示意图。它由两个铝制的D形盒组成，两个D形盒正中间开有一条狭缝。两个D形盒处在匀强磁场中并接有高频交变电压。右图为俯视图，在D形盒上半面中心S处有已正离子源，它发出的正离子，经狭缝电压加速后，进入D形盒中。在磁场力的作用下运动半周，再经狭缝电压加速。如此周而复始，最后到达D形盒的边缘，获得最大速度，由导出装置导出。已知正离子电荷量

25、为q，质量为m，加速时电极间电压大小为U，磁场的磁感应强度为B，D形盒B 的半径为R。每次加速的时间极短，可忽略不计。正离子从B S 离子源出发时的初速度为零。?为了使正离子每经过狭缝都被加速，求交变电压的频率;?求离子能获得的最大动能; ?求离子第1次与第n次在下半盒中运动的轨道半径之比。 9.直角三角形变焦关系：m2,qBT,解:?交变电压的周期跟离子在磁场中做圆周运动的周期相同:，因此f,; qB2,m推论：平分一般弦（不是直径）的直径垂直于弦，并且平分弦所对的两条弧。2222pqBRmvr,E,?由半径公式知，半径越大，当半径为R时动能最大:; kmqB2m2m?从静止开始运动到第n次

26、在下半盒中运动，一定是经过(2n-1)次加速，因此第1次与第n次r11,在下半盒中运动时动能之比为1?(2n-1)，因此半径之比为。 r2n,1n经过不在同一直线上的三点,能且仅能作一个圆.3(直线加速器。 弓形：弦及所对的弧组成的图形叫做弓形。如图所示，质子源和2、4、6金属圆筒接交变电源上端，1、3、5金属圆筒接交变电源下端。质子从质子源由静止出发，被源、1间的电场加速后进入1圆筒内(筒把电场屏蔽，质子在筒内做匀速运动)出1筒后交变电源极性恰好改变，于是质子在1、2筒间再次加速。由于质子在金属圆筒内作匀速运动的速度越来越大，因此圆筒要求越来越长。 1 2 3 4 5 6 166.116.17期末总复习- 7 -