《吉林省梅河口一中2018_2019学年高三物理上学期期末考试试题201901280195.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《吉林省梅河口一中2018_2019学年高三物理上学期期末考试试题201901280195.doc（7页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2018-2019学年上学期高三期末物 理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单选题1【广东省2018届高三上学期摸底考】如图所示，表示汞原子最低的4个能级，一个自由电子的总能量为9.0e
2、V，与处于基态的汞原子发生正碰（不计汞原子的动量变化），则电子可能剩余的能量（碰撞过程中无能量损失）()A0.2eV B1.4eV C2.3eV D5.5eV2【佛山市2019届高三统一调研考试】甲、乙两球质量分别为m1、m2,从同一地点(足够高)同时静止释放。两球下落过程中所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比,与球的质量无关,即f=kv(k为正的常量),两球的vt图象如图所示,落地前,经过时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2,则下落判断正确的是()A甲球质量大于乙球Bm1/m2=v2/v1C释放瞬间甲球的加速度较大Dt0时间内，两球下落的高度相等3【佛山市禅城区2019届高三统
3、一调研考试（二）】一光滑圆环轨道位于竖直平面内,其半径为R(不计内外经差异).质量为m的金属小球(可视为质点),在轨道内做圆周运动,如图所示,以下说法正确的是()A要使小球能通过轨道的最高点,小球通过最低点时的速度必须大于5gRB要使小球能通过轨道的最高点,小球通过最低点时的速度必须大于2gRC如果小球通过最高点时的速度小于gR，则小球将挤压轨道外侧D如果小球通过最高点时的速度大于gR，则小球将挤压轨道内侧4【四川省攀枝花市2019届高三第一次统考】2018年10月9日10时43分，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丙运载火箭成功将遥感三十二号01组卫星发射升空，卫星进入距地面高为h的预定圆轨道
4、。已知地球半径为R，地球两极的重力加速度为g，则遥感三十二号01组卫星在预定圆轨道上运行的速度大小为()Ag(R+h) BgR3(R+h)2 CgR2R+h DgR2(R+h)35【贵州省2018届高三第一次模拟考】小型发电站为某村寨110户家庭供电，输电原理如图所示，图中的变压器均为理想变压器，其中降压变压器的匝数比n3：n450：1，输电线的总电阻R10。某时段全村平均每户用电的功率为200W，该时段降压变压器的输出电压为220V。则此时段()A发电机的输出功率为22kWB降压变压器的输入电压为1lkVC输电线的电流为1100AD输电线上损失的功率约为8.26W二、多选题6【西南名校联盟2
5、019届高三上期11月考】如图所示，在光滑水平地面上，A、B两物体质量都为m，A以速度v向右运动，B左端有一轻弹簧且初速度为0，在A与弹簧接触以后的过程中（A与弹簧不粘连），下列说法正确的是()A轻弹簧被压缩到最短时，A、B系统总动量仍然为mvB轻弹簧被压缩到最短时，A的动能为14mv2C弹簧恢复原长时，A的动量一定为零DA、B两物体组成的系统机械能守恒7【山西省吕梁市2018届高三上学期第一次模拟考试】如图所示，M、N为两个等大的均匀带电圆环，其图心分别为A、C，带电量分别为+Q、-Q，将它们平行放置，A、C连线垂直于圆环平面，B为AC的中点，现有质量为m、带电量为+q的微粒(重力不计)从左
6、方沿A、C连线方向射入，到A点时速度vA=1m/s，到B点时速度vB=5m/s，则()A微粒从B至C做加速运动，且vC=3m/sB微粒在整个运动过程中的最终速度为5m/sC微粒从A到C先做加速运动，后做成速运动D微粒最终可能返回至B点，其速度大小为5m/s8【安徽省黄山市2019届11月“八校联考】如图所示，两根间距为d的光滑金属导轨，平行放置在倾角为=300的斜面上，导轨的右端接有电阻R，整个装置放在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直。导轨上有一质量为m、电阻也为R的金属棒与两导轨垂直且接触良好，金属棒以一定的初速度v0在沿着导轨上滑一段距离L后返回，不计导轨电阻及感应电
7、流间的相互作用。下列说法正确的是()A导体棒返回时先做加速运动，最后做匀速直线运动B导体棒沿着导轨上滑过程中通过R的电量q=BdL2RC导体棒沿着导轨上滑过程中克服安培力做的功 W=12(mv02-mgL)D导体棒沿着导轨上滑过程中电阻R上产生的热量Q=12(mv02-mgL)三、实验题9【名校联盟2019届模拟考】如图所示为实验室“验证碰撞中动量守恒”的实验装置。(1)下列说法中不符合本实验要求的是_（填序号）。A为了使入射小球在碰撞后不被反弹，则应使入射小球的质量大于被碰小球的质量B实验中需要用天平称量出两小球的质量C为保证入射小球和被碰小球离开槽口后均做平抛运动，必须保证斜槽末端水平D需
8、要测量小球抛出时离地面的高度及抛出后的水平距离(2)实验中记录了轨道末端在记录纸上的竖直投影为0点，经多次释放入射球，在记录纸上找到了两球平均落点位置为M、P、N，并测得它们到D点的距离分别为OM、OP和ON，测出OM、OP和ON的距离分别为x1、x2、x3，已知入射球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，验证碰撞中动量守恒的表达式为_（用已知物理量表示）(3)若要验证以上碰撞为弹性碰撞，则需要验证的表达式为_要求用（2）问中涉及昀物理量表示。10【江苏省2018届调研】在“测电源电动势和内阻”的实验中，某实验小组同学根据图甲电路进行测量实验 （1）根据图甲电路，请在乙图中用笔画线代替导线，完成
9、实物电路的连接_（2）实验小组同学操作正确，记录下几组电压表和电流表的示数，并在坐标系内作出电压表示数U和对应的电流表示数I的图象，如图丙所示由图象可测得E测 和r测，则E测_E真；r测 _r真（选填“”、“=”、“”）（3）为了克服系统误差，同学们又根据图丁电路进行测量同样作出U-I图象，如图戊所示经过讨论发现，利用图丙和图戊可以消除系统误差得出电源的电动势和内阻的真实值，则 E真=_，r真=_四、解答题11【云南省2019模拟考试】已知一汽车在平直公路上运动，它的位移时间(xt)图象如图甲所示 (1)根据图甲在图乙所示的位置坐标轴上标出A、D、E各点代表的汽车的位置；(2)求出汽车在前8
10、h内的路程和位移大小；(3)求出汽车4 h末到8 h末的平均速度大小和方向12【河南省六市2018届第一次联考】如图所示，光滑曲面与光滑水平导轨MN相切，导轨右端N处于水平传送带理想连接，传送带长度L=4m，皮带轮沿顺时针方向转动，带动皮带以恒定速率v=4.0m/s运动滑块B、C之间用细绳相连，其间有一压缩的轻弹簧，B、C与细绳、弹簧一起静止在导轨MN上.一可视为质点的滑块A从h=0.2m高处由静止滑下，已知滑块A、B、C质量均为m=2.0kg，滑块A与B碰撞后粘合在一起，碰撞时间极短因碰撞使连接B、C的细绳受扰动而突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B分离.滑块C脱离弹簧后以速度vC=2.0m
11、/s滑上传送带，并从右端滑出落至地面上的P点已知滑块C与传送带之间的动摩擦因数=0.2，重力加速度g取10m/s2.(1)求滑块C从传送带右端滑出时的速度大小；(2)求滑块B、C与细绳相连时弹簧的弹性势能EP；(3)若每次实验开始时弹簧的压缩情况相同，要使滑块C总能落至P点，则滑块A与滑块B碰撞前速度的最大值vm是多少？13【广东省云浮一中2018届高三物理高考模拟考试】如图所示，在坐标系xOy的第一象限内有方向竖直向上的匀强电场，第二象限内有磁感应强度大小为B1(未知)、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，第三、四象限内有磁感应强度大小为B2(未知)、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，一带电荷量为q、
12、质量为m的带负电的粒子，从x轴上的P点(-L,0)，沿与x轴负方向成37角的方向向上射出，射出时的初速度大小为v0，经磁场偏转后，垂直通过y轴，粒子运动过程中第一次通过x轴时，速度方向与x轴的正方向刚好成37角，又经过一段时间刚好从P点第二次通过x轴。不计粒子的重力。求：(sin37=06，cos37=08)(1)磁感应强度B1的大小及粒子第一次通过y轴的位置；(2)电场强度E及磁感应强度B2的大小；(3)粒子从P点出发再回到P点所用的时间。32018-2019学年上学期高三期末物 理 答 案一、单选题1【答案】A【解析】若电子剩下能量为0.2eV，则被汞原子吸收的能量为8.8eV，汞原子能量
13、变为-1.6eV，跃迁到第4能级，故A项正确。若电子剩下能量为1.4eV，则被汞原子吸收的能量为7.6eV，汞原子能量变为-2.8eV，不存在该能级，则不可能发生。故B项错误。若电子剩下能量为2.3eV，则被汞原子吸收的能量为6.7eV，汞原子能量变为-3.7eV，不存在该能级，则不可能发生。故C项错误。D：若电子剩下能量为5.5eV，则被汞原子吸收的能量为3.5eV，汞原子能量变为-6.9eV，不存在该能级，则不可能发生。故D项错误。2【答案】A【解析】两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv=mg，因此最大速度与其质量成正比，即vmm，m1m2=v1v2，由图象知v1v2
14、，因此m甲m乙；故A正确，B错误。释放瞬间v=0，空气阻力f=0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g。故C错误；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球下落的高度不相等；故D错误；故选A。3【答案】B【解析】小圆环在最高点的速度的最小值为零，设此时最低点速度为v，根据机械能守恒定律，有：mg2R=12mv2，解得：v=2gR，故A错误，B正确；在最高点，当重力恰好提供向心力时，有：mg=mv02R，v0gR，若速度大于gR，物体有离心趋势，会挤压圆环的外侧；速度小于gR，则小球将挤压轨道内侧，故CD错误；故选B。4【答案】C【解析】在预定圆轨道上，根据万有引力提供
15、向心力得GMm(R+h)2=mv2R+h，在地球两极有万有引力等于重力GMmR2=mg，联立解得v=gR2R+h，故C正确，A、B、D错误；故选C。5【答案】B【解析】用户总功率为P=110200=22000=22kW，加上输电线上消耗的电功率，所以发电机的输出功率应大于22kW，A错误；降压变压器的输出电压为220V，即U4=220V，所以根据n3n4=U3U4可得降压变压器的输入电压U4=50220=11000V=11kV，B正确；用户端总电流为I4=PU4=22000220=100A，根据n3n4=I4I3所以输电线中的电流为I3=2A，输电线上损失的功率约为P=I32R=2210=40
16、W，CD错误。二、多选题6【答案】AC【解析】A和B组成的系统所受的外力之和为零，动量守恒，初态总动量为mv，则弹簧压缩最短时，系统总动量仍然为mv；故A正确.轻弹簧被压缩到最短时A和B的速度相等，由动量守恒有mv=2mv共，可得v共=v2，则此时A的动能为EkA=12mv共2=18mv2；故B错误. A和B在相对靠近压缩弹簧和相对远离弹簧恢复的过程中，满足系统的动量守恒和机械能守恒，有：mv=mvA+mvB，12mv2=12mvA2+12mvB2，可得vA=0，vB=v；故C正确. A、B为系统的机械能有一部分转化为弹簧的弹性势能，机械能不守恒，而A和B及弹簧组成的系统没有其它能参与转化机械
17、能守恒，而故D错误.故选AC。7【答案】AB【解析】AC之间电场是对称的，A到B的功和B到C的功相同，依据动能定理可得：qEd=12mvB2-12mvA2，2qEd=12mvC2-12mvA2，解得vC=3m/s，A正确；过B做垂直AC的线，此线为等势面，微粒出C之后，会向无穷远处运动，而无穷远出电势为零，故B点的动能等于无穷远处的动能，依据能量守恒可以得到微粒最终的速度应该与B点相同，均为vB=5m/s，B正确D错误；在到达A点之前，微粒做减速运动，而从A到C微粒一直做加速运动，C错误。8【答案】ABC【解析】导体棒返回时随着速度的增大，导体棒产生的感应电动势增大，感应电流增大，棒受到的安培
18、力增大，加速度减小，所以导体棒先做加速度减小的变加速运动，最后做匀速直线运动，故A正确。导体棒沿着导轨上滑过程中通过R的电量为：q=It=Bdv2Rt=BdL2R，故B正确。导体棒沿着导轨上滑过程中克服安培力做的功等于回路中产生的总热量，由能量守恒定律得：W=Q=（12mv02-mgLsin30）=12（mv02-mgL），故C正确。根据能量守恒定律，导体棒沿着导轨上滑过程中电阻R上产生的热量为：QR=12（12mv02-mgLsin30）=14（mv02-mgL），故D错误。故选ABC。三、实验题9【答案】D m1x2=m1x1+m2x3 m1x22=m1x12+m2x32 【解析】(1)要
19、使两球发生对心正碰，两球半径应相等，为防止入射球碰撞后反弹，入射球的质量应大于靶球的质量，即：入射球比靶球质量大，入射球与靶球半径应相等，故A符合本实验要求；为保持入射球的初速度相等，在同一组实验的不同碰撞中，每次入射球必须从同一高度由静止释放，故B符合本实验要求；为保证小球离开轨道后做平抛运动，小球离开轨道时的速度必须水平，安装轨道时，轨道末端必须水平，故C符合本实验要求；两球碰撞后均做平抛运动，平抛的初速度为v0=xg2y，竖直高度相同，则v0x，故只需要测量平抛的水平位移而不需要测量竖直高度；D不符合本实验要求.本题选不符合本实验要求的故选D(2)两球碰撞后做平抛运动，它们抛出点的高度相
20、等，在空中的运动时间t相等，碰撞过程动量守恒，则m1OP=m1OM+m2ON，即m1x2=m1x1+m2x3.(3)如果碰撞过程机械能守恒，表现为动能不损失，有12m1(OP)2=12m1(OM)2+12m2(ON)2，代入数据可得：m1x22=m1x12+m2x32。10【答案】（1）实物连线如图所示; （2） （3） UB UBIA 【解析】（1）电路连线如图；（2）用甲图测量时，可把电压表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律可知，电动势E=UA，同时由于电压表的分流作用，使电流表示数偏小，因此电动势和内阻的测量值均小于真实值；（3）根据闭合电路欧姆定律可知，电源的电动势为UB；丙
21、图与横轴的交点表示电源的短路电流，因此电源的内阻r=EI短=UAIB 四、解答题11【答案】（1）（2）200km；0（3）25km/h，沿负方向【解析】 (1)甲、乙图结合，O、A、B、C、D、E各点代表的汽车的位置如图所示(2)根据图象可知汽车在前8 h内的路程为200 m，位移大小为0.(3)汽车4 h末到8 h末位移为：x0100100 kmv=xt=-1004=-25km/h 负号表示速度沿负方向12【答案】(1) 4.0m/s (2) 2.0J (3) 8.1m/s【解析】（1）滑块C滑上传送带到速度达到传送带的速度v=4m/s所用的时间为t，加速度大小为a，在时间t内滑块C的位移
22、为x，有mg=ma，v=vC+at，x=vCt+12at2代入数据可得：x=3m，x=3mL滑块C在传送带上先加速，达到传送带的速度v后随传送带匀速运动，并从右端滑出，则滑块C从传送带右端滑出时的速度为v=4.0m/s（2）设A、B碰撞前A的速度为v0，A、B碰撞后的速度为v1，A、B与C分离时的速度为v2，有mAgh=12mAv02，mAv0=(mA+mB)v1，(mA+mB)v1=(mA+mB)v2+mCvCA、B碰撞后，弹簧伸开的过程系统能量守恒：EP+12(mA+mB)v12=12(mA+mB)v22+12mCvC2代入数据可解得：EP=2.0J（3）在题设条件下，若滑块A在碰撞前速度
23、有最大值，则碰撞后滑块C的速度有最大值，它减速运动到传送带右端时，速度应当恰好等于传送带的速度v.设A与B碰撞后的速度为v1，分离后A与B的速度为v2，滑块C的速度为vC，C在传送带上做匀减速运动的末速度为v=4m/s，加速度大小为2m/s2，有：v2-vC=2(-a)L解得：vC=42m/s以向右为正方向，A、B碰撞过程：mAvm=(mA+mB)v1，弹簧伸开过程：(mA+mB)v1=mCvC+(mA+mB)v2，Ep+12(mA+mB)v12=12(mA+mB)v22+12mCvC2。代入数据解得：vm=42+7428.1m/s。13【答案】（1）B1=3mv05qL ;(0、3L） (2
24、)B2=mv06qL (3)t=(5863540+8)Lv0 【解析】（1）粒子经过磁场偏转，垂直通过y轴，因此粒子在第二象限的磁场中做圆周运动的圆心在y轴上，作出粒子整个运动过程轨迹如图所示，根据几何关系可知，粒子做圆周运动的半径为R1=Lsin37=53L，根据qv0B1=mv02R解得：B1=3mv05qL；粒子第一次通过y轴的位置为：y=R1+R1cos37=3L，因此通过y轴的位置坐标为（0，3L）；（2）粒子在电场中做类平抛运动，第一次通过x轴时，速度方向与x轴正方向夹角为37，则粒子通过x轴时，在电场中沿x轴方向的位移为x=v0t1，y方向的位移为y=12vyt1，又tan37=vyv0，qE=ma，解得：x=8L，E=3mv0232qL；粒子通过x轴的速度为：v1=v0cos37=54v0，根据几何关系可知，粒子在三、四象限内做圆周运动的半径为：R2=4.5Lcos53=7.5L，根据qv1B2=mv12R2解得：B2=mv06qL；（3）粒子在第二象限的运动周期为：T1=2mqB1，在第二象限的运动时间为：t0=143360T1，在电场中运动时间为：t1=8Lv0，在第三、四象限中运动周期为：T2=2mqB2，在第三、四象限中运动时间为：t2=286360T2，因此从P点出发到再回到P点经过的时间为t=t0+t1+t2=(5863540+8)Lv0