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1、2017届高考二轮,专题五 动力学、动量和能量观点的综合应用,学习目标,1、掌握动能定理和动量守恒定律的应用 2、掌握动量和能量的观点的综合应用 3、会熟练运用力学三大观点解决问题,知识梳理,1.动量定理的公式Ftpp除表明两边大小、方向的关系外，还说明了两边的因果关系，即合外力的冲量是 的原因. 动量定理说明的是合外力的冲量与 的关系，反映了力对时间的累积效果，与物体的初、末动量无必然联系.动量变化的方向与 方向相同，而物体在某一时刻的动量方向跟合外力的冲量方向无必然联系. 动量定理公式中的F是研究对象所受的包括重力在内的所有外力的 ，它可以是恒力，也可以是变力，当F为变力时，F应是合外力对
2、作用时间的 .,合外力的冲量,动量变化,动量变化,合力,平均值,知识梳理,2.动量守恒定律 (1)内容：一个系统不受外力或者所受外力之和为 ，这个系统的总动量保持不变. (2)表达式：m1v1m2v2m1v1m2v2；或pp(系统相互作用前总动量p等于相互作用后总动量p)；或p0(系统总动量的增量为零)；或p1p2(相互作用的两个物体组成的系统，两物体动量的增量 ). (3)守恒条件 系统不受外力或系统虽受外力但所受外力的 .,零,合力为零,大小相等、方向相反,知识梳理,系统合外力不为零，但在某一方向上系统 ，则系统在该方向上动量守恒. 系统虽受外力，但外力远小于内力且作用时间极短，如碰撞、爆
3、炸过程. 3.解决力学问题的三个基本观点 (1)力的观点：主要是 定律和运动学公式相结合，常涉及物体的受力、加速度或匀变速运动的问题. (2)动量的观点：主要应用 定理或动量守恒定律求解，常涉及物体的受力和 问题，以及相互作用物体的问题. (3)能量的观点：在涉及单个物体的受力和位移问题时，常用动能定理分析；在涉及系统内能量的转化问题时，常用能量守恒定律.,合力为零,牛顿运动,动量,时间,知识梳理,规律方法,1.力学规律的选用原则 (1)单个物体：宜选用动量定理、动能定理和牛顿运动定律.若其中涉及时间的问题，应选用 定理；若涉及位移的问题，应选用 定理；若涉及加速度的问题，只能选用 . (2)
4、多个物体组成的系统：优先考虑两个守恒定律，若涉及碰撞、爆炸、反冲等问题时，应选用动量守恒定律，然后再根据能量关系分析解决.,牛顿第二定律,动能,动量,知识梳理,2.系统化思维方法，就是根据众多的已知要素、事实，按照一定的联系方式，将其各部分连接成整体的方法. (1)对多个物理过程进行整体思维，即把几个过程合为一个过程来处理，如用动量守恒定律解决比较复杂的运动. (2)对多个研究对象进行整体思维，即把两个或两个以上的独立物体合为一个整体进行考虑，如应用动量守恒定律时，就是把多个物体看成一个整体(或系统).,难点突破,高考题型1 动能定理和动量守恒定律的应用,1.弹性碰撞与非弹性碰撞 碰撞过程遵从
5、动量守恒定律.如果碰撞过程中机械能守恒，这样的碰撞叫做弹性碰撞；如果碰撞过程中机械能不守恒，这样的碰撞叫做非弹性碰撞. 2.应用动量守恒定律的解题步骤 (1)明确研究对象(系统包括哪几个物体及研究的过程)； (2)进行受力分析，判断系统动量是否守恒(或某一方向上动量是否守恒)； (3)规定正方向，确定初、末状态动量； (4)由动量守恒定律列式求解； (5)必要时对结果进行讨论.,难点突破,【例1】(2016 全国乙卷 35(2)某游乐园入口旁有一喷泉，喷出的水柱将一质量为M的卡通玩具稳定地悬停在空中.为计算方便起见，假设水柱从横截面积为S的喷口持续以速度v0竖直向上喷出；玩具底部为平板(面积略
6、大于S)；水柱冲击到玩具底板后，在竖直方向水的速度变为零，在水平方向朝四周均匀散开.忽略空气阻力.已知水的密度为，重力加速度大小为g.求： (1)喷泉单位时间内喷出的水的质量；,典例精析,难点突破,【解析】在刚喷出一段很短的t时间内，可认为喷出的水柱保持速度v0不变. 该时间内，喷出水柱高度lv0t 喷出水柱质量mV 其中V为水柱体积，满足VlS 由可得：喷泉单位时间内喷出的水的质量为,【答案】v0S,难点突破,(2)玩具在空中悬停时，其底面相对于喷口的高度.,【解析】设玩具底面相对于喷口的高度为h,由玩具受力平衡得F冲Mg 其中，F冲为水柱对玩具底面的作用力 由牛顿第三定律：F压F冲 其中，
7、F压为玩具底面对水柱的作用力，v为水柱到达玩具底面时的速度 由运动学公式：v2v022gh 在很短t时间内，冲击玩具水柱的质量为m mv0St ,难点突破,由题意可知，在竖直方向上，对该部分水柱应用动量定理 (F压mg)tmv 由于t很小，mg也很小，可以忽略，式变为 F压tmv ,难点突破,高考预测,1、如图所示，光滑水平面上有一质量为m1 kg的小车，小车右端固定一水平轻质弹簧，弹簧左端连接一质量为m01 kg的物块，物块与上表面光滑的小车一起以v05 m/s的速度向右匀速运动，与静止在光滑水平面上、质量为M4 kg的小球发生弹性正碰，若碰撞时间极短，弹簧始终在弹性限度内.求： (1)碰撞
8、结束时，小车与小球的速度；,难点突破,【解析】设碰撞后瞬间小车的速度大小为v1，小球的速度大小为v，由动量守恒及机械能守恒有：mv0Mvmv1,【答案】小车：3 m/s，方向向左 小球：2 m/s，方向向右,难点突破,【解析】当弹簧被压缩到最短时，物块与小车有共同进度， 设小车的速度大小为v2，根据动量守恒定律有： m0v0mv1(m0m)v2，解得v21 m/s. 设碰撞后瞬间到弹簧最短的过程，弹簧弹力对小车的冲量大小为I，根据动量定理有Imv2mv1，解得I4 Ns.,(2)从碰后瞬间到弹簧被压至最短的过程，弹簧弹力对小车的冲量大小.,【答案】4 Ns,难点突破,高考题型2 动量和能量的观
9、点的综合应用,1.弄清有几个物体参与运动，并划分清楚物体的运动过程. 2.进行正确的受力分析，明确各过程的运动特点. 3.光滑的平面或曲面，还有不计阻力的抛体运动，机械能一定守恒；碰撞过程、子弹打击木块、不受其他外力作用的两物体相互作用问题，一般考虑用动量守恒定律分析. 4.如含摩擦生热问题，则考虑用能量守恒定律分析.,难点突破,典例精析,【例2】如图所示，光滑水平面上有一质量M4.0 kg的平板车，车的上表面是一段长L1.5 m的粗糙水平轨道，水平轨道左侧连一半径R0.25 m的四分之一光滑圆弧轨道，圆弧轨道与水平轨道在点O处相切.现将一质量m1.0 kg的小物块(可视为质点)从平板车的右端
10、以水平向左的初速度v0滑上平板车，小物块与水平轨道间的动摩擦因数0.5，小物块恰能到达圆弧轨道的最高点A.取g10 m/s2，求： (1)小物块滑上平板车的初速度v0的大小；,难点突破,【解析】平板车和小物块组成的系统在水平方向上动量守恒，设小物块到达圆弧轨道最高点A时，二者的共同速度为v1 由动量守恒得：mv0(Mm)v1 由能量守恒得：,【答案 】 5 m/s,难点突破,(2)小物块与车最终相对静止时，它距点O的距离.,【解析】设小物块最终与车相对静止时，二者的共同速度为v2，从小物块滑上平板车，到二者相对静止的过程中，由动量守恒得： mv0(Mm)v2 ,设小物块与车最终相对静止时，它距
11、O点的距离为x，由能量守恒得：,联立并代入数据解得：x0.5 m. 【答案】0.5 m,难点突破,高考预测,2、如图所示，小球A质量为m，系在细线的一端，线的另一端固定在O点，O点到光滑水平面的距离为h.物块B和C的质量分别是5m和3m，B与C用轻弹簧拴接，置于光滑的水平面上，且B物块位于O点正下方.现拉动小球使细线水平伸直，小球由静止释放，运动到最低点时与物块B发生正碰(碰撞时间极短)，反弹后上升到最高点时到水平面的距离为 .小球与物块均视为质点，不计空气阻力，重力加速度为g，求碰撞过程中B物块受到的冲量大小及碰后轻弹簧获得的最大弹性势能.,难点突破,【解析】设小球运动到最低点与物块B碰撞前
12、的速度大小为v1，取小球运动到最低点时的重力势能为零，根据机械能守恒定律有：,设碰撞后小球反弹的速度大小为v1，同理有：,设碰撞后物块B的速度大小为v2，取水平向右为正方向，由动量守恒定律有： mv1mv15mv2,难点突破,碰撞后当B物块与C物块速度相等时轻弹簧的弹性势能最大，据动量守恒定律有 5mv28mv3,难点突破,高考题型3 力学三大观点的应用,力学规律选用的一般原则 力学中首先考虑使用两个守恒定律，从两个守恒定律的表达式看出多项都是状态量(速度、位置)，所以守恒定律能解决状态问题，不能解决过程(位移x，时间t)问题，不能解决力(F)的问题. (1)若是多个物体组成的系统，优先考虑使
13、用两个守恒定律. (2)若物体(或系统)涉及到速度和时间，应考虑使用动量定理. (3)若物体(或系统)涉及到位移和时间，且受到恒力作用，应考虑使用牛顿运动定律. (4)若物体(或系统)涉及到位移和速度，应考虑使用动能定理，系统中摩擦力做功时应用摩擦力乘以相对路程，运用动能定理解决曲线运动和变加速运动问题特别方便.,难点突破,典例精析,【例3】(2015 广东理综 36)如图所示，一条带有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直，底端分别与两侧的直轨道相切，半径R0.5 m，物块A以v06 m/s的速度滑入圆轨道，滑过最高点Q，再沿圆轨道滑出后，与直轨上P处静止的物块B碰撞，碰后粘在一起运动，P点左侧
14、轨道光滑，右侧轨道呈粗糙段、光滑段交替排列，每段长度都为L0.1 m，物块与各粗糙段间的动摩擦因数都为0.1，A、B的质量均为m1 kg(重力加速度g取10 m/s2；A、B视为质点，碰撞时间极短).,难点突破,(1)求A滑过Q点时的速度大小v和受到的弹力大小F；,【解析】 从AQ由动能定理得,【答案】 4 m/s 22 N,在Q点，由牛顿第二定律得,解得FN22 N.,难点突破,(2)若碰后AB最终停止在第k个粗糙段上，求k的数值；,【解析】A撞B，由动量守恒得 mv02mv,【答案】 45,设摩擦距离为x，则,难点突破,(3)求碰后AB滑至第n个(nk)光滑段上的速度vn与n的关系式.,【
15、解析】AB滑至第n个光滑段上，由动能定理得,难点突破,3、如图所示，内壁粗糙、半径R0.4 m 的四分之一圆弧轨道AB在最低点B与光滑水平 轨道BC相切.质量m20.2 kg的小球b左端连接 一轻质弹簧，静止在光滑水平轨道上，另一质 量m10.2 kg的小球a自圆弧轨道顶端由静止释放，运动到圆弧轨道最低点B时对轨道的压力为小球a重力的2倍.忽略空气阻力，重力加速度g10 m/s2.求：,(1)小球a由A点运动到B点的过程中，摩擦力做的功Wf；,高考预测,难点突破,【解析】小球由静止释放到最低点B的过程中，根据动能定理得：,联立可得：Wf0.4 J.,【答案 】 0.4 J,难点突破,(2)小球
16、a通过弹簧与小球b相互作用的过程中，弹簧的最大弹性势能Ep；,【解析】小球a与小球b通过弹簧相互作用，达到共同速度v2时弹簧具有最大弹性势能，此过程中，由动量守恒定律： m1v1(m1m2)v2，,【答案】0.2 J,联立可得：Ep0.2 J.,难点突破,(3)小球a通过弹簧与小球b相互作用的整个过程中，弹簧对小球b的冲量I的大小.,【解析】小球a与小球b通过弹簧相互作用的整个过程中，a球最终速度为v3，b球最终速度为v4，由动量守恒定律： m1v1m1v3m2v4，,【答案】0.4 Ns,根据动量定理有：Im2v4，,联立可得：I0.4 Ns.,拓展练习,1.如图所示，在水平面上有一弹簧，其
17、左端与墙壁相连，O点为弹簧原长位置，O点左侧水平面光滑.水平段OP长为L1m，P点右侧一与水平方向成30的足够长的传送带与水平面在P点平滑连接，传送带轮逆时针转动速率为3m/s，一质量为1kg可视为质点的物块A压缩弹簧(与弹簧不拴接)，使弹簧获得的弹性势能Ep9J，物块与OP段动摩擦因数10.1，另一与A完全相同的物块B停在P点，B与传送带的动摩擦因数2 ，传送带足够长，A与B的碰撞时间不计，碰后A、B交换速度，重力加速度g10m/s2，现释放A，求：,拓展练习,(1)物块A、B第一次碰撞前瞬间，A的速率v0；,【解析】(1)设物块质量为m，A与B第一次碰前的速率为v0，则 解得v04m/s.
18、,【答案】 4m/s,拓展练习,(2)从A、B第一次碰撞后到第二次碰撞前，B与传送带之间由于摩擦而产生的热量；,【解析】 设A、B第一次碰撞后的速度分别为vA、vB， 则vA0，vB4m/s，碰后B沿传送带向上做匀减速运动直至速度为零， 加速度大小设为a1，则mgsin2mgcosma1， 解得a1gsin2gcos10m/s2. 运动的时间t1 0.4s. 位移x1 t10.8m. 此过程相对运动路程s1vt1x12m.,拓展练习,此后B反向加速，加速度仍为a1，与传送带共速后匀速运动直至与A再次碰撞，加速时间为t2 0.3s. 位移为x2 t20.45m. 此过程相对运动路程s2vt2x2
19、0.45m， 全过程摩擦生热Q2mgcos(s1s2)12.25J.,【答案】 12.25J.,拓展练习,(3)A、B能够碰撞的总次数.,【解析】B与A第二次碰撞，两者速度再次互换，此后A向左运动再返回与B碰撞，B沿传送带向上运动再次返回，每次碰后到再次碰前速率相等，重复这一过程直至两者不再碰撞.则对A、B和弹簧组成的系统，从第二次碰撞后到不再碰撞： mv22n1mgL，解得第二次碰撞后重复的过程数为n2.25.所以碰撞总次数为N22n6.56次(取整数). 【答案】 6次,本课小结,本节重点,1、动能定理和动量守恒定律的应用 2、动量和能量的观点的综合应用 3、力学三大观点的应用,作业布置,1.完成课时作业( 动力学、动量和能量观点的综合应用 ),