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1、1 / 16 江苏省南通市2018 年中考物理试卷 一、选择题 共 20 题，每小题2分，共 40 分）每小题给出的四个选项中只有一个选项是 正确的 12 分） 2018?南通）手机已进入千家万户，手机通信利用了） A红 外线B紫外线C电磁波D超 声波 考 点： 电磁波的传播 专 题： 信息的传递 分 析： 电磁波能在真空中传播，手机利用电磁波传递信息 解 答： 解： A、红外线常用在遥控器、红外线遥感上，手机不用红外线传递信息，故A 错 误； B、紫外线常用来消毒、用在防伪上，手机不用紫外线传递信息，故B 错误； C、手机利用电磁波传递信息，故C 正确； D、超声波不能在真空中传播，手机不能
2、利用电磁波传递信息，故D 错误； 故选 C 点 评： 知道红外线、紫外线、电磁波与超声波的应用即可正确解题，本题难度不大，是一 道基础题 22 分） 2018?南通）下列现象中，不能说明分子处在永不停息的无规则运动中的是 ） A花 开时香味扑鼻B 扫地时尘土飞扬 C红 墨水在水中散开D衣柜里的樟脑丸过一段时间变小了 考 点： 分子的运动 专 题： 分子热运动、内能 分 析： 物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则的运动，扩散现象与布朗运动证明 了分子的无规则运动 解 答： 解： A、花开时香味扑鼻是扩散现象，证明了分子不停地做无规则运动，不符合题 意，故 A 错误； B、扫地时尘土飞扬，是
3、固体小颗粒的运动，不是分子的运动，不能说明分子永不停 息地做无规则运动，符合题意，故B 正确； C、红墨水在水中散开是扩散现象，能证明分子不停地做无规则运动，不符合题意， 故 C 错误； D、衣柜里的樟脑丸过一段时间变小了，是扩散现象的结果，能证明分子永不停息地 做无规则的运动，不符合题意，故D 错误； 故选 B 点 评： 本题考查了分子动理论的应用，掌握分子动理论即可正确解题，本题难度不大是一 道基础题 32 分） 2018?南通）下列现象中，由光的反射形成的是） A 小孔成像 B 手指投影 C 鹦鹉照镜 D 文字放大 考光的反射 2 / 16 点： 专 题： 光的传播和反射、平面镜成像 分
4、 析： 解答此题从以下知识点入手： 光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应 用、池水变浅了等 光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、 日食和月食现象； 光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到的物体，平 面镜成像等 解 答： 解： A、小孔成像，是由于光沿直线传播，所以本选项不符合题意 B、手指投影是由于光沿直线传播，所以本选项不符合题意 C、鹦鹉照镜，是平面镜成像现象，故属于光的反射；所以本选项符合题意 D、凸透镜成像是根据光的折射原理制成的，而放大镜是凸透镜的一种应用，因此通 过放大镜看到放大的位子，属于光的
5、折射现象，所以本选项不符合题意 故选 C 点 评： 本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系 密切，体现了生活处处是物理的理念 42 分） 2018?南通）下列实例中，属于增大摩擦的是） A用 力压橡皮，擦去写错的字 B古 人移动巨石时，在地上铺设滚木 C自 行车用久了，在轴承处加润滑油 D磁 悬浮列车高速行驶时，列车与轨道脱离接触 考 点： 增大或减小摩擦的方法 专 题： 重力、弹力、摩擦力 分 析： 1）增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面的粗糙程 度一定时，增大压力 2）减小摩擦的方法：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；在接触面的
6、粗糙程 度一定时，减小压力使接触面脱离滚动摩擦代替滑动摩擦 解 答： 解： A、用力压橡皮，擦去写错的字，是采用增大压力的方法增大了摩擦力，符合题 意； B、古人移动巨石时，在地上铺设滚木，以滚动代替滑动，减小了摩擦，不符合题 意； C、自行车用久了，在轴承处加润滑油，采用减小接触面粗糙程度的方法减小了摩擦 力，不符合题意； D、磁悬浮列车的车体和轨道是同名磁极，同名磁极互相排斥，使列车实现悬浮，从 而减小列车所受的摩擦力，不符合题意 故选 A 点 评： 增大摩擦与减小摩擦的方法是考查的热点内容之一，这部分知识与实际生活联系紧 密，充分考查学生联系实际的能力 52 分） 2018?南通）关于家
7、庭电路与安全用电，下列说法正确的是） A家 庭电路中各用电器间是串联关系 B家 用电器的金属外壳应该用导线接地 C电 热毯的电阻丝断了，将电阻丝的两个断头接上后还可以安全使用 D人 的双脚站在绝缘体上时，一只手接触火线另一只手同时接触零线不会触电 考 点： 安全用电原则 专电与热、生活用电 3 / 16 题： 分 析： 家庭电路中，各用电器都是并联连接； 大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身 安全； 电热丝烧断以后再接上，接头处的电阻会发生变化，消耗的功率相应变化； 触电的形式有：a、人站在绝缘体上：一只手接触火线，另一只手接触零线，这 样，人体与导线构成了闭
8、合电路，电流流过人体，发生触电事故； b、人站在地面上：一只手接触火线，导线、人体、大地构成了闭合电路，电流流过 人体，发生触电事故 解 答： 解： A、因为家庭电路中各用电器工作时，不能相互影响，采取并联连接此选项错误； B、大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身 安全此选项正确； C、电热毯电阻丝的阻值是比较小的，而接头处因为接触的问题会使接头处局部的电 阻相对于其他位置大，而电阻丝的中电流都是一样的，所以接头的功率最高，发热 也 就最大，所以会烧焦此选项错误； D、人站在绝缘体上：一只手接触火线，另一只手接触零线，这样，人体与导线构成 了闭合电路，电流流过
9、人体，发生触电事故此选项错误 故选 B 点 评： 本题考查在家庭电路中用电器的连接、使用及用电安全等中考中常常涉及的考点， 应在平时多了解 62 分） 2018? 南通）下列有关电磁转换的说法正确的是） A磁 场中磁感应线是客观存在的 B电 磁铁的磁性强弱与通过它的电流大小无关 C电 动机是将机械能转化为电能的装置 D发 电机是根据电磁感应原理工作的 考 点： 磁感线及其特点；影响电磁铁磁性强弱的因素；直流电动机的构造和工作过程；发 电机的构造和原理 专 题： 应用题；磁现象、电生磁；电动机、磁生电 分 析： 1）磁感线是为了描述看不见但又客观存在的磁场而引入的，但磁感线并不客观存 在，是人们
10、在实验的基础上利用建模的方法假想出来的 2）影响电磁铁磁性强弱的因素有三个：线圈中电流的大小；线圈的匝数； 铁芯的有无 3）电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动，通电在先，产生运动在后 4）发电机是利用电磁感应原理工作的 解 答： 解： A、磁感线是用来描述磁场的人们假想出来的一些曲线，但磁感线并不客观存在，故 A 错误 B、从影响电磁铁磁性强弱的因素可知，电磁铁的磁性强弱与通过它的电流大小有 关，故 B 错误 C、电动机是将电能转化为机械能的装置，故C 错误 D、发电机是根据电磁感应原理工作的，故D 正确 故选 D 点 评： 本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素，是一道基础题；电磁铁的磁性强
11、弱与电 磁铁线圈的匝数、有无铁心、电流大小有关；电磁铁的极性与电流方向有关 电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动，电动机是 将电能转化为机械能；发电机的原理是电磁感应现象，发电机是将机械能转化为电 能 72 分） 2018?南通）如图所示，男孩脚踩滑板车从高处滑下，在下滑过程中） 4 / 16 A动 能增加，势能减少B 动能增加，势能增加 C动 能减少，势能增加D动能减少，势能减少 考 点： 动能和势能的大小变化 专 题： 机械能及其转化 分 析： 动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大； 重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重
12、力势能越大； 根据影响重力势能和动能的因素分析能量转化 解 答： 解：因为男孩在最高点时重力势能最大，下滑的过程中高度减小，而速度越来越 大，因此男孩在下滑的过程中重力势能转化为动能；即动能增加、势能减少 故选 A 点 评： 本题考查了动能和势能的转化，要明确影响动能和重力势能的因素，才能做出正确 的判断 82 分） 2018?南通）有关压强知识的应用，下列说法错误的是） A人 用吸管吸饮料时利用了大气压 B载 重汽车装有许多车轮是为了减小车对路面的压强 C水 坝的下部比上部建造的宽，是由于水对坝的压强随深度的增加而增大 D飞 机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越大的原理 考
13、 点： 减小压强的方法及其应用；液体的压强的特点；大气压强的存在；流体压强与流速 的关系 专 题： 压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系 分 析： A、生活中利用大气压的例子很多，钢笔吸墨水，吸管吸饮料，注射器吸药液，吸 盘，抽水机等； B、减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强在受力面积一定 时，减小压力来减小压强 C、液体的压强随着深度的增加而增大 D、伯努利原理告诉我们：流体在流速大的地方压强小、却在流速小的地方压强大 解 答： 解： A、用吸管从瓶子中吸饮料时，是利用大气压工作的当吸气时，吸管中的气压 减小，饮料在大气压的作用下进入嘴里，故A 正确； B、大
14、型载重汽车有很多轮子，是在压力一定时，增大受力面积减小车对地面的压 强，保护路面，故B 正确 C、因为液体的压强随着深度的增加而增大，所以水坝的下部比上部建造的宽，是由 于水对坝的压强随深度的增加而增大，故C 正确 D、机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故D 错 故选 D 点 评： 平时学习物 理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识 分析实际问题的能力 92 分） 2018?南通）某同学的质量约为50kg，他以正常速度从教学楼的一楼走上二 楼，请估算在此过程中该同学上楼的功率最接近于）b5E2RGbCAP A1W B10W C100W D1
15、000W 考 点： 功率的计算 5 / 16 专 题： 压轴题；功、功率、机械效率 分 析： 已知中学生的质量，可以得到体重，一层楼的高度在3m 左右，爬一层楼的时间大约 15s，据此计算上楼的功率 解 答： 解： 中学生爬楼的功率为P=100W 故选 C 点 评： 物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种 能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义 10 2 分） 2018?南通）如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为 G 的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率 与物体重力G 的关系可能符合下列图中的
16、）p1EanqFDPw A B C D 考 点： 滑轮 组）的机械效率 专 题： 应用题；压轴题；功、功率、机械效率 分 析： 从题可知，动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的 功为额外功，首先根据影响摩擦力大小的因素判断出绳与滑轮间的摩擦，再利用公 式 =判断出动滑轮的机械效率 与物体重力G 的关系 解 答： 解：动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额 外功， 从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦增大，额外功增大，并 且增幅逐渐增加， 用增加提升物重的方式对机械效率的影响逐渐减小，故B 正确符合题意 故选 B 点 评： 本
17、题考查了使用动滑轮时机械效率的计算，要知道提升物重大小对机械效率的影响 同一滑轮组，机械效率随物重的增大而增大） 二、解答题 12 4 分） 2018?南通）正方体物块重0.2N，静止在水平桌面上，则物块对水平桌面的压 力为0.2N，用刻度尺测量物块的边长如图所示，读数为2.00cm，物块对水平桌面 的压强大小为500Pa如果把正方体物块沿竖直方向切去一半，则剩下的一半对水平桌 面的压强大小为500PaDXDiTa9E3d 6 / 16 考 点： 压力及重力与压力的区别；长度的测量；压强的大小及其计算 专 题： 长度、时间、速度；压强、液体的压强 分 析： 物体对桌面的压力等于物体本身的重力；
18、根据图示刻度尺确定其分度值，读出刻度 尺示数；求出正方体底面面积，然后根据公式p=可求对桌面的压强；沿竖直方向切 去一半，压力减半，接触面积减半，根据公式p=可求剩余部分对桌面的压强 解 答： 解：物块对水平桌面的压力F=G=0.2N ； 由图示刻度尺可知，刻度尺分度值是1mm，刻度尺示数是2.00cm； 物块对桌面的压强p=500Pa； 把正方体物块沿竖直方向切去一半，物块对桌面的压力减半，与桌面的接触面积减 半， 剩余部分对桌面的压强p=500Pa； 故答案为： 0.2；2.00；500；500 点 评： 本题考查了求压力、刻度尺读数、求压强等，关键是公式的应用，要知道在水平地 面上压力等
19、于物体本身重力，切去一半后，压力减半，接触面积减半，压强不变 13 3 分） 2018?南通）有一杠杆经过调节，处于水平平衡状态，所使用的钩码重均为 0.5N，如图所示，在A 点悬挂两个钩码，要使杠杆水平平衡，需在B 点悬挂3个钩 码，取走悬挂在B 点的钩码，改用弹簧测力计在C 点竖直向上拉，使杠杆水平平衡，测力 计的拉力为0.75N；如改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向左上方，杠杆仍然水平平 衡，则测力计的读数将变大选填 “ 变大 ” 、“ 变小 ” 或“ 不变 ” ）RTCrpUDGiT 考 点： 杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析 专 题： 简单机械 分 析： 1）根据杠杆平衡条件求出B
20、 点、 C 点的力 2）阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力增大 解 答： 解： 1）一个钩码的重是0.5N，设杠杆一个小格是L， 根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得， 1N 3L=FB 2L， FB=0.5N，即在 B 处挂 3 个钩 码 2）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得， 1N 3L=FC 4L， FC=0.75N 如改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向左上方，阻力和阻力臂不变，动力臂减 小，动力要增大，所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡 7 / 16 故答案为： 3；0.75；变大 点 评： 杠杆在水平位置平衡，力要竖直作用在杠杆上，力臂才在杠杆上，否则力臂不在杠 杆
21、上 14 3 分） 2018?南通）建筑工地上有一台大型汽车吊，把100t 建筑材料从地面吊到15m 高处，汽车吊做的有用功为1.5 107J，在这过程中，汽车吊消耗柴油的质量为 2.0kg，则 完全燃烧2.0kg 柴油释放的内能为8.6 107J，该过程中汽车吊的效率为 17.4%柴油 的热值为q=4.3 10 7J/kg，取 g=10N/kg ） 5PCzVD7HxA 考 点： 功的计算；热量的计算；热机的效率 专 题： 应用题；功、功率、机械效率 分 析： 知道建筑材料的质量，可利用公式G=mg 计算出建筑材料的重力，又知道上升的 高度，可利用公式W有用=Gh 计算出汽车吊做的有用功 知
22、道柴油的质量和柴油的热值，可利用公式Q 放=mq 计算出柴油完全燃烧放出的热 量，即燃烧柴油释放的内能 利用效率公式=计算出汽车吊的效率 解 答： 解： m=100t=100000kg ，g=10N/kg ， 建筑材料的重力为：G=mg=100000kg 10N/kg=1106N， 而 h=15m， 汽车吊做的有用功为：W有用=Gh=1 106N15m=1.5 10 7J m柴油=2.0kg，q=4.3 107J/kg， 柴油完全燃烧放出的热量为：Q放=mq=2.0kg 4.3 107J/kg=8.6 10 7J 汽车吊的效率为：=17.4% 故答案为： 1.5 107，8.6 107，17.
23、4 点 评： 此题主要考查的是学生对功的计算公式、热值的计算和热机效率计算公式的理解和 掌握，在计算过程中要注意单位的换算 15 5 分） 2018?南通） 2018 年 9 月，我国成功将“ 天宫一号 ” 空间实验室送入地球大气层 以外的运行轨道，2018年 6 月又将三名宇航员送入“ 天宫一号 ” 从事科研工作jLBHrnAILg 1） “ 天宫一号 ” 绕地球一周的路程约为4.2 10 4km，它的运行速度约为 7.5km/s，其绕行地 球一周的时间约为5600sxHAQX74J0X 2）宇航员工作时，双手用力一推舱壁，人立刻反向弹出，这说明力的作用是相互 的，反弹后宇航员在舱内继续后退
24、，这是由于他具有惯性的缘故LDAYtRyKfE 3）宇航员在 “ 天宫一号 ” 工作期间，正值我国“ 蛟龙号 ” 载人潜水器进行探海下潜实验，潜 水器在 7000m 的大海深处成功地与“ 天宫一号 ” 实现了海天对话，潜水器是利用先进的水声 通讯系统发射声波与海面上的母船通信的，那么，处于深海中的潜水器与太空中的“ 天宫一 号” 之间不能选填 “ 能” 或“ 不能 ” ）只利用了该水声通讯系统直接对话，其原因是真 空不能传声Zzz6ZB2Ltk 考 点： 速度公式及其应用；力作用的相互性；声音的传播条件 专 题： 声现象；长度、时间、速度；运动和力 分 析： 1）已知 “ 天宫一号 ” 绕地一
25、周的路程和飞行速度，利用公式t=得到绕行一周需要的 时间； 2）力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，受到另一个物体的 反作用力；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性； 8 / 16 3）声音的传播需要介质，声音可以在气体、液体、固体中传播，真空不能传声 解 答： 解： 1） v= “ 天宫一号 ” 绕地飞行一周需要的时间为t=5600s； 2）宇航员工作时，双手用力一推舱壁，人立刻反向弹出，这说明力的作用是相互 的，反弹后宇航员在舱内继续后退，这是由于他具有惯性的缘故； 3）深海中的潜水器与太空中的“ 天宫一号 ” 之间不能只利用了该水声通讯系统直接 对话，其原因是
26、真空不能传声 故答案为： 1） 5600；2）力的作用是相互的；惯性；3）不能；真空不能传声 点 评： 此题考查了速度计算公式的应用、力的作用特点、惯性的存在以及声音传播的条 件，知识点较多，涵盖了力现象、声现象的主要公式或规律，综合性较强，但难度 不大打牢基础，是解答此类题目的关键 16 6 分） 2018?南通）小明家在装修房子，他想知道大理石密度的大小，就利用托盘天 平和量筒对一小块大理石进行测量dvzfvkwMI1 1）先把天平放在水平桌面上，然后将游码移至标尺的零刻度线上，发现指针在分度盘中 央刻度线的左侧，小明应将平衡螺母向右选填 “ 左” 或 “”）调节，使天平平 衡rqyn14
27、ZNXI 2）把小石块放在天平的左盘，当天平再次平衡时，右盘中的砝码及游码在标尺上的位置 如图甲所示，则小石块的质量为54gEmxvxOtOco 3）用细线拴好小石块，把它浸没到盛有20mL 水的量筒中，水面到达的位置如图乙所 示，则小石块的体积为20cm3，由此可算出大理石的密度为2.7g/cm3SixE2yXPq5 4）大理石放在水中时会吸水，由此判断，用小明的测量方法测得的密度值与它的真实值 相比偏大选填 “ 偏大 ” 、 “ 偏小 ” 或“ 一样大 ” ），理由是测量的体积偏小6ewMyirQFL 考 点： 固体密度的测量 专 题： 测量型实验综合题 分 析： 1）天平使用之前要调平，
28、指针的偏转方向判断天平哪端下沉，调节过程中，平衡 螺母向下沉的反方向移动 2）使用过程中，通过增减砝码和移动游码，直到天平平衡，天平在读数时应将砝 码质量与游码示数相加 3）浸没在液体中的固体体积等于固体浸没水前后的液面对应的体积差知道质量 和体积，根据密度公式计算大理石的密度 4）测量大理石密度的基本原理是=，测量结果有无偏差、如何偏差决定于质量和 体积的测量是否存在明显偏差 解 答： 解： 1）天平使用之前先调平，调平的方法是：游码移到标尺的零刻线上，已知指 针偏向分度盘左侧，因此要向右移动平衡螺母，直到指针指在分度盘的中间 2）天平平衡时，左盘物体的质量等于右盘砝码的质量和游码质量的和，
29、即 9 / 16 m=50g+4g=54g 3）大理石的体积为：V=40ml 20ml=20ml=20cm 3， 大理石的密度为：=2.7g/cm 3 4）由题意知，大理石放在水中时会吸水，将大理石放入量筒中的水中，由于大理 石吸水，导致排开水的体积偏小，由公式=知，密度测量结果偏大 故答案为： 1）右； 2） 54；3）20；2.7；4）偏大；测量的体积偏小 点 评： 此题考查的是固体密度的测量，固体和液体密度的测量是初中很重要的内容，并且 试卷中经常出现，一定要掌握 17 6 分） 2018?南通）按照题目要求作图 1）如图甲所示，重物随升降机一起向上做匀速直线运动，请画出重物所受重力和支
30、持力 的示意图 2）图乙是一个不完整的电路图，其中箭头所指的方向表示电路接通时的电流方向，请在 图中两个空缺的位置分别补画电池和电压表的符号，使之成为一个完整的串联电 路kavU42VRUs 3）如图丙所示，小磁针静止在通电螺线管的正右方，请根据磁感线方向，在图中标出小 磁针的 N、S极和电源的正、负极y6v3ALoS89 考 点： 力的示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断；电路图及元件符号 专 题： 图像综合题 分 析： 1）确定重力、支持力的大小、方向、作用点，按要求作出两个力的示意图 2）要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于一根导线 3）根据磁感线的方向可确定通电螺线管的两
31、个磁极，根据磁极间的相互作用再判 断小磁针的磁极 知道通电螺线管的两个磁极，根据安培定则判断螺线管中电流的方向，进而标出电 源的正负极 解 答： 解： 1）重力、支持力的作用点都可以画到重心上，重力的方向竖直向下，支持力 的方向竖直向上，二者是一对平衡力，大小相等 2）如果电源在左侧，则其中一个灯泡将被短路，因此电源在右侧，根据电流的方 向可以确定出下为正极上为负极，左侧为电流表 3）根据磁感线的方向可确定螺线管的左端为N 极，右端为S极根据磁极间的相 互作用可以判断出小磁针的左端为N 极，右端为S极 根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N 极，则四指弯曲所指 的方向为电流的方
32、向，所以电源的右边为正极，左边为负极，如图所示： 10 / 16 点 评： 此类型题目要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电 路的特点正确连接电路 本题考查安培定则右手螺旋定则）及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手 螺旋定则判断磁极或电流方向 18 9 分） 2018?南通）我国 “ 辽宁 ” 号航空母舰满载时的排水量m=6.8 10 7kg，它以 54km/h 的速度匀速航行，受到的阻力f=1.0 10 7N，取海水密度 =1.0 10 3kg/m3， g=10N/kg ，求： M2ub6vSTnP 1）航行 2h 通过的路程； 2）航母受到的浮力和排开海水的体
33、积； 3）航母航行2h 推进力做的功 考 点： 速度公式及其应用；阿基M 德原理；浮力大小的计算；功的计算 专 题： 长度、时间、速度；浮力；功、功率、机械效率 分 析： 1）已知航母航行的速度和时间，利用公式s=vt 得到航行的路程； 2）已知航母满载时的排水量，利用阿基M 德原理得到满载时受到的浮力；已知航 母满载时的排水量和海水的密度，利用公式V=得到排开海水的体积； 3）已知航母匀速航行，所以推进力等于受到的阻力；已知推进力和航行的路程， 利用公式W=Fs 得到推进力做的功 解 答： 已知： v=54km/h t=2h m排=6.8 10 7kg =1.0 103kg/m3 g=10N
34、/kg f=1.0 10 7N 求： 1）s=？2）F浮=？V排=？3）W= ？ 解： 1） v=， 航母航行2h 通过的路程为s=vt=54km/h2h=108km=1.08 105m； 2）航母满载时受到的浮力： F浮=G排=m排g=6.8 10 7kg 10N/kg=6.8 10 8N； = 航母满载时排开海水的体积： V排= =6.8 10 4m3； 3）推进力做的功： W=Fs=fs=1.0 10 7N1.08 10 5m=1.08 1012J 答： 1）航母航行2h 通过的路程为1.08 105m； 2）航母满载时受到的浮力为6.8 10 8N； 航母满载时排开海水的体积为6.8
35、104m3； 3）推进力做的功为W=Fs=fs=1.0 10 7N1.08 10 5m=1.08 1012J 点 评： 此题考查了速度公式的应用、密度公式的应用、阿基M 德原理的应用、二力平衡条 件的应用和功的计算，都是力学最重要的公式或规律的应用，考查角度前面，综合 性较强 19 9 分） 2018?南通）如图所示是家用饮水机的工作原理电路，其中S是温度控制开 关，当水温升高到一定温度时，饮水机从加热状态自动切换到保温状态，已知电阻 R0=55 ，R=23650YujCfmUCw 1）当开关S处于 “ 2”档时，通过电阻R 和 R0的电流强度各为多大？ 2）当开关S分别处于 “ 1”档和 “
36、 2”档时，饮水机的总功率各是多少？ 3）请判断当开关S处于 “ 1”档时，饮水机处于加热状态还是保温状态？简述理由 11 / 16 考 点： 欧姆定律的应用；电功率的计算 专 题： 欧姆定律；电能和电功率 分 析： 1）由电路图可知，当开关处于“ 2”挡时，只有电阻R0接入电路，电阻 R 被短路， 由欧姆定律可以求出通过它们的电流 2）分析清楚电路结构，由电功率公式P=可以求出电路功率 3）开关置于 “ 1”时，两电阻串联接入电路，由电功率公式P=分析答题 解 答： 解： 1）由电路图可知，当开关处于“2”挡时， 只有电阻R0接入电路，电阻R 被短路，通过电阻R 的电流为零， 通过电阻R0
37、的电流 I0= =4A； 2）由电路图可知，开关置于“ 1”时，两电阻串联接入电路， 饮水机的总功率P1= =20W， 当开关处于 “2”挡时，只有电阻R0接入电路， P2=880W； 3）由电路图可知，开关置于“ 1”时，两电阻串联接入电路， 此时电路总电阻最大，由电功率公式P=可知， 在电源电压U 一定时，电阻R 越大，电功率越小，温度越低，饮水机处于保温状 态 答： 1）当开关S处于 “2”档时，通过电阻R 的电流为零，通过R0的电流为4A； 2）当开关S处于 “ 1”档时饮水机的总功率为20W，开关处于 “ 2”档时，饮水机的总 功率为 880W； 3）当开关S处于 “ 1”档时，电路
38、电阻最大，饮水机功率小，处于保温状态 点 评： 本题考查了求电流、电功率、判断电路工作状态等问题，分析清楚电路结构是正确 解题的前提与关键，熟练应用欧姆定律、电功率公式即可正确解题 20 7 分） 2018?南通）某实验小组探究金属丝电阻大小与长度的关系，他们取一段粗细 均匀的金属丝拉直后连接在A、B 接线柱上，在金属丝安装一个可滑动的金属夹P实验 室还提供了下列器材：电压表、电流表、电池组电压 3V）、滑动变阻器20 2A）、刻 度尺、开关和导线若干eUts8ZQVRd 12 / 16 1）为了测量AP 段的电阻R，他们连接了如图甲所示的电路，请用笔画线代替导线，把 图中还没有连接的一根导线
39、接上，使电路完整sQsAEJkW5T 2）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至变阻器的最右选填 “ 左” 或 “ 右” ）端 3）某次实验中测得电压表的读数为2.1V，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的读数 为 I=0.42A，此时金属丝的电阻R=5GMsIasNXkA 4）实验中移动金属夹P分别测得AP 段的长度l 和对应的电阻值R，数据如表： l/cm 30 40 50 60 70 80 R/ 2.1 2.8 3.5 4.2 4.9 5.6 分析表中数据，可知其它条件不变，导体的电阻与长度成正比 5）小虎同学认为，由于电源电压没有超过电压表所选量程的最大值，因此在闭合开关 前，可以将变阻器
40、的滑片置于任意位置，你认为他的想法是错误选填 “ 正确 ” 或“ 错 误” ）的，理由是：若电阻短路，则电路中电流会很大而烧坏电流表TIrRGchYzg 考 点： 影响电阻大小的因素 专 题： 探究型实验综合题 分 析： 1）掌握电流表、电压表、滑动变阻器的连接方式，注意电流表、电压表量程的选 择及正负接线柱的接法，滑动变阻器要接一上一下； 2）为防止电流过大，在闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处； 3）在进行电流表的读数时，需先确定电流表的量程和分度值，根据公式R=计算电 阻值； 4）分析电阻和长度的变化关系，得出结论 解 答： 解： 1）应将电流表与电阻串联，将电流表的负接线柱
41、与接线柱B 连接，如图所 示： 2）由于滑动变阻器接的下面左边的接线柱，所以闭合开关前，将滑动变阻器的滑 13 / 16 片移至变阻器的最右端； 3）由图乙知，电流表的量程为00.6A ，分度值为0.02A，所以示数为0.42A； 则 R=5 4）由表格中数据知，电阻长度增大为原来的几倍，电阻值便增大为原来的几倍或 电阻值与长度的比值是一个常数，所以其它条件不变，导体的电阻与长度成正比； 5）若电路中由于电路连接问题使电路中的电流过大，超过电流表的量程，会烧坏 电流表，所以在闭合开关前，要把滑动变阻器的滑片移至最大阻值处 故答案为： 1）见上图； 2）右； 3）0.42；5；4）其它条件不变，
42、导体的电阻与 长度成正比；5）若电阻短路，则电路中电流会很大而烧坏电流表 点 评： 此题是探究金属丝电阻大小与长度的关系，考查了有关滑动变阻器、电流表的连接 及读数，同时考查了电阻的计算及根据实验数据得出结论的能力，是一道综合性很 强的题目 21 8 分） 2018?南通）在利用太阳光测量凸透镜的焦距后，小华将凸透镜正对着太阳， 发现把火柴头放在凸透镜焦点处一段时间后，火柴会被点燃，他想进一步探究不同的透镜 对火柴的点燃效果有什么不同，和同学们讨论后，他们提出了以下三种猜想：7EqZcWLZNX 猜想 1：凹透镜也能点燃火柴； 猜想 2：点燃火柴的快慢与凸透镜的焦距大小有关； 猜想 3：点燃火
43、柴的快慢与凸透镜的直径大小有关 1）根据所学知识，他们经过讨论，判断猜想1是错误的，你认为他们判断的依据是凹 透镜对光线有发散作用lzq7IGf02E 2）为了验证猜想2 是否正确，他们选用直径相同而焦距不等的凸透镜进行多次实验，发 现火柴被点燃的时间基本相等，这说明猜想2 是错误的zvpgeqJ1hk 3）请设计一个简单实验，验证猜想3 是否正确，简述你的实验方案： 简要做法：用焦距相同而直径不同的凸透镜，点燃火柴，测出点燃火柴所需要的时 间； 如何判断：如果点燃火柴所需要的时间相等，则猜想3 错误；如果点燃火柴的时间不相 等，则猜想3 是正确的NrpoJac3v1 考 点： 控制变量法与探
44、究性实验方案 专 题： 压轴题；探究型实验综合题 分 析： 1）凹透镜对光线有发散作用 2）根据控制的变量与实验现象得出实验结论 3）可以控制凸透镜的焦距相同而直径不同，测出点燃火柴所需时间，然后得出结 论 解 答： 解： 1）凹透镜对光线具有发散作用，不能把太阳光聚集在一起而点燃火柴 2）用直径相同而焦距不等的凸透镜进行多次实验，发现火柴被点燃的时间基本相 等，这说明点燃火柴的快慢与凸透镜的焦距大小无关，则猜想2 是错误的 3）选用焦距相同而直径不同的凸透镜，分别用它们点燃火柴，测出火柴被点燃所 需要的时间，多次重复实验； 如果点燃火柴所需要的时间相等，说明点燃火柴的快慢与凸透镜的直径大小无
45、关， 则猜想 3 错误；如果点燃火柴的时间不相等，点燃火柴的快慢与凸透镜的直径大小 有关，则猜想3是正确的 故答案为： 1）凹透镜对光线有发散作用；2）错误； 3）用焦距相同而直径不同 的凸透镜，点燃火柴，测出点燃火柴所需要的时间；如果点燃火柴所需要的时间相 等，则猜想3错误；如果点燃火柴的时间不相等，则猜想3 是正确的 点 评： 应用控制变量法是正确解题的关键；第3）问实验设计是本题的难点 14 / 16 22 10 分） 2018?南通）阅读短文，回答问题： 变频空调机 空调机中有被称为“ 冷媒 ” 的物质，利用它的物态变化可以实现室内、室外热量的转移，如 图所示是空调机制冷系统的原理图，
46、其中压缩机的作用是对气态“ 冷媒 ” 加压，并使 “ 冷媒 ” 在管内循环，压缩机的转速越大，“ 冷媒 ” 的流量越大，空调机的制冷能力就越 强1nowfTG4KI 压缩机的转速由供电频率决定，“ 变频空调 ” 是与传统供电频率不变的“ 定频空调 ” 相比较而 产生的概念，与“ 定频空调 ” 相比，变频空调机的变频器可以在一定范围内调节供电频率， 从而改变压缩机的转速，达到控制“ 冷媒 ” 流量的目的fjnFLDa5Zo 变频空调机开始工作时，以最大功率进行制冷，当室内温度快速降至设定温度后，压缩机 随机处于低速持续运转状态，维持室温基本不变tfnNhnE6e5 表一表示某型号变频空调机的“
47、冷媒 ” 流量与变频器供电频率之间的对应关系 表二表示该型号变频空调机部分参数之间的对应关系，其中：制冷量是指单位时间内空调 机从密闭区域内去除热量的总和；能效比是空调机在额定状态工作时，制冷量与输入功率 之比HbmVN777sL 表一： 频率 f/Hz 30 50 70 90 110 130 流量 Q/kg?h 1 38 72 106 140 174 208 表二 最小额定最大 输入功率 /W 130 700 1400 制冷量 /W 650 3600 能效比3.8 1）空调机工作时，当液态“ 冷媒 ” 汽化填物态变化名称）成气态时，需要吸收 热量 2）关于变频空调机，下列说法正确的是B： A
48、、变频空调的压缩机与定频空调一样，也是断断续续工作的 B、空调机制冷时，图中钢管A 内流动的是气态“ 冷媒 ” C、空调压缩机是利用降温的方法使“ 冷媒 ” 发生物态变化的 D、变频器供电频率越小，空调机的制冷能力越强 3）根据表一中的数据，请在坐标系中画出“ 冷媒 ” 流量 Q 与变频器供电频率f 之间的关系 图线，当变频器供电频率为80Hz 时， “ 冷媒 ” 流量为130kg/hV7l4jRB8Hs 4）表二中空调机制冷量为2660W，在额定状态下工作10min，可以使266kg 的空 气温度下降6 取空气的比热容c=1.0 103J/kg?） 83lcPA59W9 5）夏天，上述空调机开始工作0.5h 后，家中房间温度降至设定温度，随机空调机处于低 速稳定运转状态，又工作10h，全过程共消耗电2.9kWh ，则前 0.5h 内空调机消耗的电能是 0.7kW?h，后 10h 空调机的电流是1AmZkklkzaaP 15 / 16 考 点： 电功的计算；电功率与电压、电流的关系；电功与热量的综合计算 专 题： 压轴题；电和