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1、第 - 1 - 页 共 7 页 动量 动量定理动量 动量定理 【随堂检测】 1(2019绍兴月考)一个质量为 0.18 kg 的垒球，以 25 m/s 的水平速度向左飞向球棒， 被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为 45 m/s，则这一过程中动量的变化量为( ) A大小为 3.6 kgm/s，方向向左 B大小为 3.6 kgm/s，方向向右 C大小为 12.6 kgm/s，方向向左 D大小为 12.6 kgm/s，方向向右 解析 ： 选 D.选向左为正方向， 则动量的变化量pmv1mv012.6 kgm/s， 大小为 12. 6 kgm/s，负号表示其方向向右，D 正确 2高空作业须系安全带
2、，如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带 对人刚产生作用力前人下落的距离为h(可视为自由落体运动)， 此后经历时间t安全带达到最 大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为 ( ) A.mg B.mg m2gh t m2gh t C.mg D.mg m gh t m gh t 解析：选 A.设高空作业人员自由下落h时的速度为v，则v22gh，得v，设安全2gh 带对人的平均作用力为F，由动量定理得(mgF)t0mv，解得Fmg. m2gh t 3(2019嘉兴质检)如图所示，篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎接， 手接触到球后，两
3、臂随球迅速引至胸前，这样做可以( ) A减小球的动量的变化量 B减小球对手作用力的冲量 C减小球的动量变化率 D延长接球过程的时间来减小动量的变化量 解析：选 C.动量的变化量为mvmv0，最终不会因为手的动作而改变，所以 A 错；根据动 量定理Ftmvmv0，手对球的冲量即动量变化量不会改变，此即球对手的动量变化量；手 弯曲的动作是增加了作用时间，而减小了动量变化率，也即减小了冲力，起到缓 （mvmv0） t 冲效果，故 C 正确 第 - 2 - 页 共 7 页 4在水平力F30 N 的作用下，质量m5 kg 的物体由静止开始沿水平面运动已知物 体与水平面间的动摩擦因数0.2，若F作用 6
4、s 后撤去，撤去F后物体还能向前运动多长 时间才停止？(g取 10 m/s2) 解析：法一：用动量定理解，分段处理 选物体为研究对象，对于撤去F前物体做匀加速运动的过程，受力情况如图甲所示，始 态速度为零，终态速度为v，取水平力F的方向为正方向，根据动量定理有 (Fmg)t1mv0. 对于撤去F后，物体做匀减速运动的过程，受力情况如图乙所示，始态速度为v，终态速 度为零根据动量定理有mgt20mv. 以上两式联立解得 t2t16 s12 s. Fmg mg 300.2 5 10 0.2 5 10 法二：用动量定理解，研究全过程 选物体作为研究对象，研究整个运动过程，这个过程的始、终状态的物体速
5、度都等于零 取水平力F的方向为正方向，根据动量定理得 (Fmg)t1(mg)t20 解得t2t16 s12 s. Fmg mg 300.2 5 10 0.2 5 10 答案：12 s 【课后达标检测】 一、不定项选择题 1关于冲量，以下说法正确的是( ) A只要物体受到了力的作用，一段时间内物体受到的总冲量就一定不为零 B物体所受合外力的冲量小于物体动量的变化 C冲量越大的物体受到的动量越大 D如果力是恒力，则其冲量的方向与该力的方向相同 答案：D 2(2019杭州质检)如图所示，运动员挥拍将质量为m的网球击出如果网球被拍子击 打前、后瞬间速度的大小分别为v1、v2，v1与v2方向相反，且v2
6、v1.忽略重力，则此过程中 拍子对网球作用力的冲量( ) 第 - 3 - 页 共 7 页 A大小为m(v2v1)，方向与v1方向相同 B大小为m(v2v1)，方向与v1方向相同 C大小为m(v2v1)，方向与v2方向相同 D大小为m(v2v1)，方向与v2方向相同 答案：D 3 (2019衢州调研)1966 年， 在地球的上空完成了用动力学方法测质量的实验 实验时， 用“双子星号”宇宙飞船去接触正在轨道上运行的火箭组(后者的发动机已熄火)，接触以后， 开动“双子星号”飞船的推进器，使飞船和火箭组共同加速推进器的平均推力F895 N， 推进器开动时间t7 s测出飞船和火箭组的速度变化v0.91
7、m/s.已知“双子星号”飞 船的质量m13 400 kg.由以上实验数据可测出火箭组的质量m2为( ) A3 400 kg B3 485 kg C6 265 kg D6 885 kg 答案：B 4.(2019宁波高二月考)如图所示，一铁块压着一纸条放在水平 桌面上，当以速度v抽出纸条后，铁块掉在地上的P点若以2v速度抽 出纸条，则铁块落地点为( ) A仍在P点 B在P点左边 C在P点右边不远处 D在P点右边原水平位移的两倍处 解析：选 B.纸条抽出的过程，铁块所受的滑动摩擦力一定，以v的速度抽出纸条，铁块 所受滑动摩擦力的作用时间较长，由IFftmv0得铁块获得速度较大，平抛运动的水平位移 较
8、大，以 2v的速度抽出纸条的过程，铁块所受滑动摩擦力作用时间较短，铁块获得速度较小， 平抛运动的位移较小，故 B 选项正确 5.如图所示，足够长的固定光滑斜面倾角为，质量为m的物体以 速度v从斜面底端冲上斜面，达到最高点后又滑回原处，所用时间为t. 对于这一过程，下列判断正确的是( ) A斜面对物体的弹力的冲量为零 B物体受到的重力的冲量大小为mgt C物体受到的合力的冲量大小为零 第 - 4 - 页 共 7 页 D物体动量的变化量大小为mgsin t 解析：选 BD.由冲量的求解公式可知，斜面对物体的弹力的冲量为mgcos t，选项 A 错误；物体受到的重力的冲量大小为mgt，选项 B 正确
9、；物体回到斜面底端的速度仍为v，方 向与初速度方向相反，故根据动量定理可知，物体受到的合力的冲量大小为 2mv，选项 C 错误 ； 因整个过程中物体所受的合力为mgsin ，则根据动量定理可知，物体动量的变化量大小为 mgsin t，选项 D 正确 6(2019浙江 91 联盟联考)我国女子短道速滑队在世锦赛上实现了女子 3 000 m 接力 三连冠如图所示，观察发现， “接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且 开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出在乙推甲的 过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则( ) A甲对乙的冲量大小一定等于乙对
10、甲的冲量大小 B甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反 C甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量 D甲对乙做多少负功，乙对甲就一定做多少正功 解析：选 AB.乙推甲的过程中，他们之间的作用力大小相等，方向相反，作用时间相等， 根据冲量的定义，甲对乙的冲量与乙对甲的冲量大小相等，但方向相反，选项 A 正确；乙推 甲的过程中，遵守动量守恒定律，即p甲p乙，他们的动量变化大小相等，方向相反， 选项 B 正确；在乙推甲的过程中，甲、乙的位移不一定相等，所以甲对乙做的负功与乙对甲 做的正功不一定相等，结合动能定理知，选项 C、D 错误 7(2019绍兴质检)如图所示，一物体分别沿三个倾角不同的光滑斜面由静止
11、开始从顶 端下滑到底端C、D、E处，三个过程中重力的冲量依次为I1、I2、I3，动量变化量的大小依次 为p1、p2、p3，则有( ) A三个过程中，合力的冲量相等，动量的变化量相等 B三个过程中，合力做的功相等，动能的变化量相等 CI1I2I3，p1p2p3 第 - 5 - 页 共 7 页 DI1I2I3，p1p2p3 解析：选 ABC.由机械能守恒定律可知物体下滑到底端C、D、E的速度大小v相等，动量 变化量pmv相等，即p1p2p3；根据动量定理，合力的冲量等于动量的变化量， 故合力的冲量也相等，注意不是相同(方向不同)； 设斜面的高度为h，从顶端A下滑到底端C， 由gsin t2得物体下
12、滑的时间t， 所以越小， sin2越小，t越大， h sin 1 2 2h gsin2 重力的冲量Imgt就越大，故I1I2I3；故 A、C 正确，D 错误；物体下滑过程中只有重力 做功，故合力做的功相等，根据动能定理，动能的变化量相等，故 B 正确 8(2019湖州质检)如图所示，倾斜的传送带保持静止，一木块从顶端以一定的初速度 匀加速下滑到底端如果让传送带沿图中虚线箭头所示的方向匀速运动，同样的木块从顶端 以同样的初速度下滑到底端的过程中，与传送带保持静止时相比( ) A木块在滑到底端的过程中，摩擦力的冲量变大 B木块在滑到底端的过程中，摩擦力的冲量不变 C木块在滑到底端的过程中，木块克服
13、摩擦力所做功变大 D木块在滑到底端的过程中，系统产生的内能数值将变大 解析 ： 选 BD.滑动摩擦力的大小为fN，与相对速度的大小无关，所以，当皮带运动时， 木块所受的摩擦力未变， 空间位移未变， 则滑到底端的时间、 速度以及摩擦力所做的功均不变， 所以摩擦力的冲量Ift不变，故 A、C 错误，B 正确；但由于相对滑动的距离变长，所以木 块和皮带由于摩擦产生的内能变大，故 D 正确 二、非选择题 9(2019宁波质检)质量为 0.5 kg 的小球沿光滑水平面以 5 m/s 的速 度冲向墙壁后又以 4 m/s 的速度反向弹回， 如图所示， 若球跟墙的作用 时间为 0.05 s，求小球所受平均力的
14、大小 解析 ： 选定小球与墙碰撞的过程， 取v1的方向为正方向， 对小球应用动量定理得Ftmv2 mv1 所以，F N90 N mv2mv1 t 0.5 40.5 5 0.05 “”号说明F的方向向左 答案：90 N 10.(2019丽水高二质检)一质量为0.5 kg的小物块放在水平地 第 - 6 - 页 共 7 页 面上的A点，距离A点5 m的位置B处是一面墙，如图所示一物块以v09 m/s 的初速度从A点沿AB方向运动，在 与墙壁碰撞前瞬间的速度为 7 m/s， 碰后以 6 m/s 的速度反向运动直至静止，g取 10 m/s2. (1)求物块与地面间的动摩擦因数； (2)若碰撞时间为 0.
15、05 s，求碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小F； (3)求物块在反向运动过程中克服摩擦力所做的功W. 解析：(1)由动能定理有mgxmv2mv 1 2 1 2 2 0 可得0.32. (2)由动量定理有Ftmvmv 可得F130 N. (3)由能量守恒定律有Wmv29 J. 1 2 答案：(1)0.32 (2)130 N (3)9 J 11 如图所示， 一物体从固定斜面顶端由静止开始经过 1 s 下滑到底端， 已知斜面的倾角 37， 斜面长度L2.5 m， sin 370.6， cos 370.8， 取重力加速度g10 m/s2， 求 ： (1)物体与斜面间的动摩擦因数； (2)下滑过程中
16、损失的机械能与减少的重力势能的比值； (3)下滑过程中合外力冲量的大小与重力冲量大小的比值 解析：(1)根据Lat2，解得：a5 m/s2，根据牛顿第二定律得： 1 2 mgsin mgcos ma 解得：0.125. (2)损失的机械能等于克服摩擦力做的功，为： Emgcos L 减小的重力势能为：Epmgsin L 故损失的机械能与减小的重力势能的比值为： EEptan 16. (3)设物体下滑到斜面底端时速度大小为v，则有： vat5 m/s 根据动量定理得：合外力冲量的大小为： I合mv05m (Ns) 在下滑过程中重力的冲量为：IGmgt10m (Ns) 所以下滑的过程中合外力冲量的大小与重力冲量大小的比值为：I合IG12. 第 - 7 - 页 共 7 页 答案：(1)0.125 (2)16 (3)12