2019高考物理三轮冲刺模拟标准练含解析.pdf

《2019高考物理三轮冲刺模拟标准练含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019高考物理三轮冲刺模拟标准练含解析.pdf（12页珍藏版）》请在三一文库上搜索。

1、高考模拟标准练高考模拟标准练 (本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！) 本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。 满分 110 分， 考试时间 60 分钟。 第卷(选择题 共 48 分) 二、选择题(本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只 有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全 的得 3 分，有选错的得 0 分) 14. 如图所示为氢原子能级图，氢原子中的电子从n4 能级跃迁到n1 能级可产生a光； 从n3 能级跃迁到n1 能级可产生b光，a光和b光的波长分别为a和b，a、b两光 照射逸出

2、功为 4.5 eV 的金属钨表面均可产生光电效应，遏止电压分别为Ua和Ub，则 ( ) Aab BUaUb，B 项错误；EkbhbW07.59 eV，D 项正确。 答案： D 15图示为 5 个点电荷电场的电场线分布情况，曲线cd是一带电粒子(不计重力)运动 的轨迹，则下列判断正确的是( ) Aa点的场强大于c点的场强 Ba、b两点的电势可能相等 C该粒子带正电 D一电子在a点的电势能大于在b点的电势能 解析： 根据电场线的疏密程度表示场强的大小可知，a点的场强小于c点的场强，A 错误；根 据等势线与电场线垂直，画出a点的等势线如图所示，则a点的电势与a点的电势相等， 根据沿电场线方向电势逐渐

3、降低知，b点的电势高于a点的电势，即高于a点的电势，B 错误；根据粒子所受到的合力指向轨迹凹处知，该粒子带负电，C 错误；若电子从a点运 动到b点，电场力做正功，电势能减少，电子在a点的电势能与在a点的电势能相等，则 电子在a点的电势能大于在b点的电势能，D 正确。 答案： D 16. (2018山东临沂模拟)如图所示，在倾角为30的光滑斜面上，物块A、B质量分 别为m和 2m。物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，A、B紧挨在一起 但A、B之间无弹力，已知重力加速度为g，某时刻把细线剪断，当细线剪断瞬间，下列说 法正确的是( ) A物块A的加速度为 0 B物块A的加速度为g 3

4、 C物块B的加速度为 0 D物块B的加速度为g 2 解析： 剪断细线前，弹簧的弹力：F弹mgsin 30mg，细线剪断的瞬间，弹簧的 1 2 弹力不变，仍为F弹mg； 剪断细线瞬间，对A、B系统，加速度为 ：a 1 2 3mgsin 30F弹 3m ，即A和B的加速度均为 ，故选 B。 g 3 g 3 答案： B 17. 在xOy平面内， 除第象限和半圆区域OCDO外， 包括x轴及半圆弧OCD在内的其他区域， 均存在如图所示的匀强磁场，磁感应强度为B，D点坐标为(0，l)。t0 时刻，由原点O 向y0 的区域射入电子，结果发现射出磁场的电子均沿x轴正方向运动，已知电子的比荷 为 k，电子的重力

5、不计，则这部分电子的速率v为( ) e m A.kBl B.kBl 1 2 C.kBl D.2kBl 3 2 解析： 射出磁场的电子均沿x轴正方向运动，某电子的运动轨迹如图所示，O1为轨迹的圆心， 电子从圆弧OCD上的E点射出磁场， 设OE与y轴负半轴成角， 由几何关系可知lcos OE ，轨迹半径r ，由牛顿第二定律得evBm，解得电子的速率vkBl，所 OE 2 cos l 2 v2 r 1 2 以选项 A 正确。 答案： A 18 如图甲所示为某实验小组验证动量守恒定律的实验装置， 他们将光滑的长木板固定 在桌面上，a、b两小车放在木板上并在小车上安装好位移传感器的发射器，且在两车相对

6、面上涂上黏性物质。现同时给两车一定的初速度，使a、b沿水平面上同一条直线运动，发 生碰撞后两车粘在一起；两车的位置x随时间t变化的图象如图乙所示。a、b两车质量(含 发射器)分别为 1 kg 和 8 kg，则下列说法正确的是( ) A两车碰撞前总动量大于碰撞后总动量 B碰撞过程中a车损失的动能是 J 14 9 C碰撞后两车的总动能比碰前的总动能小 D两车碰撞过程为弹性碰撞 解析： 设a、b两车碰撞前的速度大小为v1、v2，碰后的速度大小为v3，结合题图乙 得v12 m/s，v21 m/s，v3 m/s，以向右为正方向，碰前总动量p1mav1mbv26 2 3 kgm/s， 碰后总动量p2(ma

7、mb)v36 kgm/s， 则两车碰撞前总动量等于碰撞后总动量，A 错误；碰撞前a车动能为Ek2 J，碰撞后a车动能为Ek J，所以碰撞过程中a车损失 2 9 的动能是 J，B 错误 ； 碰前a、b两车的总动能为 6 J，碰后a、b两车的总动能为 2 J，C 16 9 正确；两车碰撞过程中机械能不守恒，发生的是完全非弹性碰撞，D 错误。 答案： C 19据网站报道，“天舟一号”上搭载了非牛顿引力实验等 10 余项应用载荷共 40 台设 备，要进行 13 项太空试验，其中释放了“丝路一号”科学试验卫星 01 星，假设“丝路一号” 科学试验卫星 01 星飞行高度为 400 千米。2017 年 9

8、月 12 日 23 时 58 分，“天舟一号”货 运飞船再一次顺利完成了与 “天宫二号” 空间实验室的自主快速交会对接试验， 形成组合体。 对接前，“天宫二号” 、“天舟一号”飞船的高度均为 394 千米，“天宫二号”在前，“天 舟一号”在后，二者有一定的距离，同向运动绕地球转一圈的时间为 90 分钟。如果二者运 动均看做匀速圆周运动，地球半径R为 6 400 千米，引力常量G已知。根据以上信息，下列 说法正确的是( ) A“天宫二号”的运行速度小于第一宇宙速度 B“丝路一号”释放后稳定运行的周期小于与“天舟一号”共同稳定运行的周期 C可求出地球质量M D为了实现与“天宫二号”的短时间内对接，

9、首先应增加“天舟一号”的机械能 解析： 根据万有引力提供向心力知Gm，可得v ，由于“天宫二号”的轨 Mm r2 v2 r GM r 道半径大于地球半径，故运行速度小于第一宇宙速度，A 正确；因为“丝路一号”稳定时的 运行高度大于其被释放前“天舟一号”的运行高度，由Gmr可知，“丝路一号”释 Mm r2 42 T2 放后稳定运行的周期大于与“天舟一号”共同稳定运行的周期，B 错误 ； 对“天宫二号”有G m(Rh)，故能求出地球质量M，C 正确；因为“天宫二号”在前，“天舟 Mm Rh2 42 T2 一号”在后，二者有一定的距离，增加“天舟一号”的机械能，能使其变轨到更高轨道，速 率变小，很难

10、在短时间内追上“天宫二号” ，因此 D 错误。 答案： AC 20(2018湖北黄冈模拟)如图所示，水平桌面上有三个相同的物体a、b、c叠放在一 起，a的左端通过一根轻绳与质量为m3 kg 的小球相连，半圆形器皿中的轻绳与水平方向 的夹角为 60，小球静止在光滑的半圆形器皿中，水平向右的拉力F10 N 作用在b上，三 个物体保持静止状态。g取 10 m/s2，下列说法正确的是( ) A轻绳对物体a的拉力大小为 10 N3 B物体c受到向右的静摩擦力 C桌面对物体a的静摩擦力方向水平向左 D物体b受到一个摩擦力，方向水平向左 解析 ： 由平衡条件得 2FTsin 60mg， 代入数据解得轻绳的拉

11、力FT10 N， 选项 A3 正确 ； 因为轻绳的拉力FT10 NF10 N，因此对a、b、c三个物体组成的整体分析可知，3 桌面对a的静摩擦力方向水平向右，选项 C 错误 ； 物体c处于平衡状态，既不受拉力也不受 摩擦力，选项 B 错误；c对b没有摩擦力，而b处于平衡状态，由于水平拉力F10 N 作用 在b上，因此由平衡条件知，b受到方向水平向左、大小为 10 N 的静摩擦力，选项 D 正确。 答案： AD 21. 在如图所示的交流电路中， 变压器为理想变压器， 电流表为理想电流表， 原线圈接有u 220sin 100t(V)的交变电压，闭合开关，额定电压为 100 V 的电动机正常工作，将

12、质量2 为m8 kg的物体以v2 m/s的速度匀速提升，此时电流表的读数为2 A。重力加速度为g10 m/s2。则下列说法正确的是( ) A理想变压器原、副线圈的匝数之比为 115 B原线圈中电流的最大值为 A 10 11 C电动机的内阻为 10 D开关断开后，变压器原线圈中的电流保持不变 解析 ： 由题意可知原线圈的电压的有效值为 220 V，副线圈的输出电压为 100 V，因为 ，则代入数据得，选项 A 正确；流过电流表的电流即变压器副线圈中的电流， U1 U2 n1 n2 n1 n2 11 5 由可知，原线圈中电流的有效值为 A，则最大值为 A，选项 B 错误；理想变压 I1 I2 n2

13、 n1 10 11 10 11 2 器副线圈的输出功率为PU2I21002 W200 W，电动机的输出功率为Pmgv 8102 W160 W， 则电动机的内阻消耗的功率为PrPP200 W160 W40 W， 又由Pr I r，代入数据可知，电动机的内阻为r10 ，选项 C 正确；开关断开后，由于副线圈 2 2 的输出电流为零，则副线圈的输出功率为零，原线圈的电流为零，选项 D 错误。 答案： AC 第卷(非选择题 共 62 分) 三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第 2225 题为必考题，每个试题考生都必 须做答，第 3334 题为选考题，考生根据要求做答) (一)必考题(共 47 分

14、) 22. (6 分)某物理兴趣小组利用电子秤探究小球在竖直面内的圆周运动，他们到物理实验室 取来电子秤、铁架台、长度为L的轻质细线和小球等。 (1)将铁架台放在电子秤上， 其读数为M； 撤去铁架台将小球放在电子秤上， 其读数为m。 (2)组装好实验装置如图所示。 保持细线自然伸长， 将小球拉起至使细线处于水平位置， 此时电子秤读数为_。(填写“Mm”“M”“大于Mm”或“处于M和Mm之间”) (3)从释放小球至小球向下运动到最低点过程，电子秤读数_。(填“逐渐增 大”“逐渐减小”或“保持不变”) (4)忽略空气阻力，当小球运动到最低点时，细线的拉力为_；电子秤的读数为 _。(已知重力加速度为

15、g) 解析： (2)将小球拉起至使细线处于水平位置时，电子秤读数为铁架台的质量M。 (3)从释放小球到小球向下运动至最低点过程，细线中拉力逐渐增大，电子秤读数逐渐 增大。 (4)小球向下运动到最低点的过程，由机械能守恒定律有mgLmv2，当小球运动到最 1 2 低点时，设细线中拉力为F，对小球，由牛顿第二定律有Fmgm，联立解得F3mg； v2 L 对铁架台受力分析，设电子秤对铁架台的支持力为FN，由平衡条件得FNMgF，电子秤的 读数为M3m。 FN g 答案： (2)M(1 分) (3)逐渐增大(1 分) (4)3mg(2 分) M3m(2 分) 23(9 分)某同学仅用一个电压表、一个电

16、阻箱、一个开关和若干导线测量某一电源的 电动势E和内阻r。 (1)请你根据上述器材，设计出测量电源的电动势和内阻的实验电路，并按你设计的实 验电路进行实物连接，图甲中已连好了部分电路，要求在不变动已有电路的前提下，正确完 成其余电路的连接。 (2)实验中，该同学多次改变电阻箱的阻值R并测得对应的电压U，再根据多组R、U数 据作出U 图象，则U 图线为图乙中的_(填“”或“”)图线。 U R U R (3)该电源的电动势测量值为E测_V，内阻r测_。(结果保留两位 小数) 解析 ： (1)根据所给器材设计电路图如图(a)所示， 所以实验电路的实物连线图如图(b) 所示。 (2)由闭合电路欧姆定律

17、可得U 图线的表达式为UE r，所以U 图线为图乙中的 U R U R U R 图线。 (3)U 图线的纵轴截距为该电源的电动势测量值，则E测1.47 V，图线的斜率绝对值 U R 为该电源内阻的测量值，有r测 0.98 。 1.471.00 0.48 答案： (1)见解析图(3 分) (2)(2 分) (3)1.47(1.461.48 均正确)(2 分) 0.98(0.961.00 均正确)(2 分) 24(12 分)如图甲所示，光滑水平面上有一正方形金属框，边长为L，质量为m，总电 阻为R。 匀强磁场方向垂直于纸面向里， 磁场宽度为 3L， 金属框在拉力作用下向右以速度v0 匀速进入磁场，

18、并保持v0沿直线运动到磁场右边界，速度方向始终与磁场边界垂直。当金 属框cd边到达磁场左边界时，匀强磁场的磁感应强度大小按如图乙所示的规律变化。 (1)金属框从进入磁场到cd边到达磁场右边界的过程中， 求产生的焦耳热Q及拉力对金 属框做的功W； (2)金属框cd边到达磁场右边界后， 若无拉力作用且金属框能穿出磁场， 求金属框离开 磁场的过程中通过回路的电荷量q及离开磁场后的速度大小v1。 解析： (1)金属框进入磁场的过程中产生的焦耳热 Q1(1 分) B0Lv02 R L v0 B2 0L3v0 R 拉力对金属框做的功W1Q1(1 分) B2 0L3v0 R 金属框在磁场中运动的过程中，有E

19、SL2(1 分) B t B0 2L v0 B0Lv0 2 金属框在磁场中运动的过程中产生的焦耳热Q2，此过程中拉力做的功 E2 R 2L v0 B2 0L3v0 2R 为零。(1 分) 金属框从进入磁场到cd边到达磁场的右边界的过程中产生的焦耳热 QQ1Q2(1 分) 3B2 0L3v0 2R 拉力对金属框做的功WW安。(1 分) B2 0L3v0 R (2)金属框离开磁场的过程中，有 ， ，q t，E t I E R I 解得q，其中 2B0L2(2 分) R 联立可得q(1 分) 2B0L2 R 对金属框离开磁场的过程，根据动量定理有2B0ILtmv 即2B0Lqm(v1v0)(2 分)

20、 解得v1v0(1 分) 4B2 0L3 mR 答案： (1) (2) v0 3B2 0L3v0 2R B2 0L3v0 R 2B0L2 R 4B2 0L3 mR 25(20 分) 为北京冬奥会做准备的标准U形池场地于2017年12月在河北省张家口市密苑云顶乐园 建成并投入使用， 它填补了我国此项运动奥运标准设施和场地的空白。 如图所示为该 U 形池 场地的横截面图，AB段、CD段均为半径R4 m 的四分之一光滑圆弧雪道，BC段为粗糙的水 平雪道且与圆弧雪道相切，BC段长为 4.5 m。 质量为 60 kg 的运动员(含滑板)以 5 m/s 的速 度从A点沿切线滑下后， 始终保持在同一竖直平面

21、内运动， 经 U 形雪道从D点竖直向上飞出， 经t0.8 s 恰好落回D点，返回 U 形雪道，忽略空气阻力，运动员可视为质点，g10 m/s2。求： (1)运动员与BC雪道间的动摩擦因数； (2)运动员首次运动到右侧圆弧雪道最低点C时对雪道的压力； (3)运动员最后静止处与B点之间的距离。 解析： (1)设运动员从D点向上飞出的速度为vD，则vDg 4 m/s(2 分) t 2 运动员从A点到D点的过程，由动能定理得mgxBCmvmv(2 分) 1 2 2D 1 2 2A 解得0.1。(2 分) (2)运动员从C点运动到D点的过程中，由动能定理得mgRmvmv(2 分) 1 2 2D 1 2

22、2C 设运动员首次运动到C点时雪道对运动员的支持力为FN， 在C点， 由牛顿第二定律得FN mgm(2 分) v2 C R 联立解得FN2 040 N(2 分) 由牛顿第三定律知，运动员对雪道的压力方向竖直向下，大小为 2 040 N。(2 分) (3)设运动员运动的全过程在水平雪道上通过的路程为x，由动能定理得 mgRmgx0mv(2 分) 1 2 2A 解得x52.5 m(2 分) 由BC段长为 4.5 m 可知运动员在水平雪道上运动了 5.5 个来回后到达C点左侧 3 m 处停 下，此时运动员静止处与B点之间的距离为 1.5 m。(2 分) 答案： (1)0.1 (2)2 040 N (

23、3)1.5 m (二)选考题(共 15 分。请考生从给出的两道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的 第一题计分) 33物理选修 33(15 分) (1)(5 分)下列说法中正确的是_。(填正确答案标号。选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分) A在高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素 B布朗运动间接反映了液体分子或者气体分子的热运动 C将墨汁滴入清水中，观察到的布朗运动是小炭粒无规则运动的反映 D扩散可以发生在任何物体之间 E扩散和布朗运动的实质是相同的，都是分子的无规则运动 (2)(10 分)如图

24、所示是一定质量的理想气体状态变化的p V图象。 已知该气体在状态 M时的温度为 300 K， 且利用p V图线与横轴所围的面积可以得到相关状态变化过程中气体 做的功。 ()求该气体在状态I时的温度； ()已知该气体内能与温度变化的关系满足 Ut(常数1103 J/)， 气体 从状态MNIG的全过程中是吸热还是放热？传递的热量是多少？ 解析： (1)温度越高，分子做无规则运动的剧烈程度越大，因此在高温条件下，可以 利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素，A 正确；布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，不 是液体分子的热运动，但能反映液体分子的热运动，B 正确；将墨汁滴入清水中，观察到的 布朗运动是水分子

25、无规则运动的反映，C 错误；扩散在固体、液体和气体之间均可发生，D 正确；布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，不是分子的无规则运动，E 错误。 (2)()对于一定质量的理想气体，由图象信息可知，MI过程由理想气体状态方程得 (2 分) pMVM TM pIVI TI 解得TI600 K(1 分) ()理想气体由状态MN体积增大， 气体对外做功， 由p V图线与横轴所围的面积可 知W15105 J pMpNVNVM 2 由状态NI体积增大，压强不变，气体膨胀，对外做功，W2pN(VIVN)4105 J 由状态IG体积减小，外界对气体做功，W33105 J pIpGVIVG 2 从状态MNIG的过程，

26、气体对外做的功WW1W2W36105 J(2 分) 状态MG过程由理想气体状态方程(1 分) pMVM TM pGVG TG 得TG200 K(1 分) 又该气体内能的变化满足 Ut，所以内能变化 U(TGTM)1105 J(1 分) 由热力学第一定律知 UWQ(1 分) 可得Q5105 J，即气体从外界吸收热量，传递的热量为 5105 J(1 分) 答案： (1)ABD (2)()600 K ()5105 J 34物理选修 34(15 分) (1)(5 分)关于振动和波， 下列说法正确的是_。 (填正确答案标号。 选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分每选错

27、1 个扣 3 分，最低得分为 0 分) A做简谐运动的质点，离开平衡位置的位移相同时，加速度的大小也相同 B发生多普勒效应的原因是声源的频率发生了变化 C两列频率相同的波相遇时，振动加强的点只是波峰与波峰相遇的点 D当驱动力频率等于振动系统的固有频率时，振动系统的振幅最大 E机械波从一种介质传播到另一种介质时，如果波速变大，波长一定变大 (2)(10 分) 如图所示，横截面为四分之一圆的透明柱体放在水平面上，圆的半径为R，一束单色光 水平照射在柱体的曲面上，入射点A与圆心O的连线与竖直方向的夹角为 30，在A点的 折射光线照射到BO面上再发生反射和折射，反射光线刚好照射到C点。求： ()透明柱

28、体对光的折射率。 ()光线在BO面上折射后，折射光线在地面上的光点到O点的距离。 解析 ： 做简谐运动的质点，离开平衡位置的位移相同时，回复力的大小相同，加速度 的大小也相同，选项 A 正确；产生多普勒效应的原因是观察者和波源之间发生了相对运动， 声源的频率没有变化，是观察者接收到的频率发生了变化，选项 B 错误 ； 两列频率相同的波 相遇时，振动加强的点是波峰与波峰、波谷与波谷相遇的点，选项 C 错误；在振动系统中， 当驱动力频率与振动系统的固有频率相等时，振动系统发生共振，系统的振幅最大，选项 D 正确；机械波从一种介质传播到另一种介质时，频率不变，由vf可知，波速变大，波 长一定变大，选

29、项 E 正确。 (2)()在A点的折射光线在BO面上的反射光线和折射光线如图 所示。设在地面上和C点关于BO对称的点为E点，根据几何关系可知 R，R(1 分)AF 3 2 OF 1 2 RRR(1 分)EF 1 2 3 2 解得 tan EAF(1 分) EF AF 3 因此EAF60(1 分) 得到光线在A点的入射角i60，折射角r30(1 分) 则该透明柱体对光的折射率n。(2 分) sin i sin r 3 ()由几何关系可知， 光线在BO面上的入射角也为 30， 根据光路可逆可知， 光线在BO 面上的折射角为 60，根据几何关系可知Rtan 30R(1 分)GO 3 3 因此tan 30RDOGO 1 3 即该折射光线在地面上的光点D到O点的距离为R。(2 分) 1 3 答案： (1)ADE (2)() ()R3 1 3