《2020版物理新导学浙江选考大一轮精讲习题：单元滚动检测卷三 Word版含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020版物理新导学浙江选考大一轮精讲习题：单元滚动检测卷三 Word版含解析.pdf（13页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、单元滚动检测卷三单元滚动检测卷三 考生注意： 1本试卷分选择题部分和非选择题部分，共 4 页 2答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相 应位置上 3本次考试时间 90 分钟，满分 100 分 选择题部分 一、选择题(本题共 12 小题，每小题 3 分，共 36 分每小题列出的四个备选项中只有一 个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1许多科学家对物理学的发展做出了贡献，人们也给予了一定的评价下列说法不正确的 是( ) A伽利略被认为是“近代力学创始人” B第谷布拉赫被认为是“天才的观察家” C卡文迪许被称为“能称出地球质量的人” D爱因斯坦被认为
2、是“动力学的奠基者” 答案 D 解析 伽利略两种新科学的对话奠定了其“近代力学创始人”的地位；第谷布拉赫全 身心投入到行星位置观察中，观察的数据为哥白尼的学说提供了关键性的支持 ； 卡文迪许在 实验室测出了万有引力常量，被称为“能称出地球质量的人” ；牛顿是动力学的奠基者，爱 因斯坦是现代物理学的奠基人，故选 D. 2下列各组中均为导出单位的是( ) A千克；牛顿；焦耳 B伏特；焦耳；库仑 C安培；秒；米 D欧姆；特斯拉；千米 答案 B 解析 千克、安培、秒、米是基本单位，故 A、C 错误，B 正确 ； 千米不是导出单位，故 D 错误 3(2019 届嘉兴市期末)如图 1 为某同学在篮球比赛中
3、进行击地传球的示意图，下列说法正 确的是( ) 图 1 A地面对篮球的弹力方向竖直向下 B篮球对地面的弹力方向斜向下 C地面对篮球的支持力大于篮球对地面的压力 D篮球受到地面的支持力是由于地面发生了形变而产生的 答案 D 解析 接触的弹力的方向垂直于接触面，指向被支持的物体，A、B 错误；地面对篮球的支 持力等于篮球对地面的压力，C 错误 4(2018杭州市重点中学期末)我们在沙滩上经常能看到很多如图 2 所示的倒圆锥状小坑， 这些小坑是由一些叫“蚁狮”的小生物挖出来的，它们将坑底的沙子远远抛出，周围的沙子 自然滑坡后就形成了这样的小坑“蚁狮”藏在坑底下的沙子里等待掉进来的蚂蚁，蚂蚁掉 进坑以
4、后奋力上爬，但沙子就会滑下，使蚂蚁又掉进坑底对于同样的沙子，以下说法正确 的是( ) 图 2 A所有坑的大小是一样的 B所有坑的深度是一样的 C所有坑的顶角都是一样的 D蚂蚁只要掉进了坑里，即使没有“蚁狮” ，蚂蚁再长时间也不可能爬出这个坑 答案 C 5.如图 3 所示，重物挂在弹性很好的橡皮筋的中点，在橡皮筋的两点 S、P 相互缓慢靠近的 过程中，其长度( ) 图 3 A先增加后缩短B逐渐增加 C逐渐缩短D保持不变 答案 C 解析 两条橡皮筋拉力的合力与重物的重力平衡，设它们的夹角为 2，则橡皮筋的拉力 F 满足 2Fcos mg，当 减小时，cos 增大，F 减小，橡皮筋的长度减小，C 正
5、确 62017 年 6 月 5 日起，温州司乘人员(包括后排)不系安全带都将被罚款，假定某次紧急刹 车时，由于安全带的作用，质量为 70 kg 的乘员获得约 6 m/s2的加速度，则安全带对乘员的 作用力约为( ) A200 N B400 N C600 N D800 N 答案 B 7根据图 4 四幅图，下列关于运动和力的叙述正确的是( ) 图 4 A图甲中，运动员在弯道处，若地面摩擦力突然消失，他将沿着半径方向“离心”而去 B图乙中，在碗里做匀速圆周运动的小球受到的合外力是恒力 C图丙中，在水平直跑道上减速运动的航天飞机，伞对飞机的拉力大于飞机对伞的拉力 D图丁中，人在体重计上站起的瞬间指针示
6、数会变大 答案 D 解析 A 中摩擦力消失，由于惯性，他将沿切线方向飞出 ； B 中小球受到的合外力大小不变， 但方向变化，故是变力 ； C 中由相互作用力的关系，伞对飞机的拉力等于飞机对伞的拉力 ； D 中人站起瞬间有向上的加速度，人对体重计的压力大于重力，故示数会变大，故 D 正确 8如图 5 甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率 v1运行，初速度大小为 v2的小物块从 与传送带等高的光滑水平地面上的 A 处滑上传送带若从小物块滑上传送带开始计时，小 物块在传送带上运动的 vt 图象(以地面为参考系)如图乙所示已知 v2v1，则( ) 图 5 At2时刻，小物块离 A 处的距离达到最大
7、Bt2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大 C0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左 D0t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用 答案 B 解析 t1时刻小物块向左运动到速度为零，离 A 处的距离达到最大，故 A 错误；t2时刻前小 物块相对传送带向左运动，之后相对静止，故 B 正确；0t2时间内，小物块受到的摩擦力 方向始终向右，故 C 错误；t2t3时间内小物块不受摩擦力作用，故 D 错误 9.如图 6 所示， 一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的光滑定滑轮， 绳的一端系一质量 m 15 kg 的重物，重物静止于地面上，有一质量 m10 kg 的猴子，从绳子的一端沿
8、绳子向 上爬，在重物不离开地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度为(g 取 10 m/s2)( ) 图 6 A25 m/s2 B5 m/s2 C10 m/s2 D15 m/s2 答案 B 解析 在重物不离开地面的条件下，绳子的最大拉力为 Fmg150 N，对猴子受力分析， 设其向上爬的最大加速度为 a，由牛顿第二定律有 ： Fmgma，解得 a5 m/s2，故 B 选项正确 10 如图 7 所示， 在光滑水平桌面上有三个完全相同的木块， A、 B 之间用水平轻弹簧相连， B、 C 之间用不可伸长的水平细线相连，在水平外力 F 的拉动下，一起向右做匀加速直线运动， 加速度大小为 5 m/s2.现将
9、 F 突然撤去，则有关三个木块在外力 F 撤去瞬间的加速度，下列 说法正确的是(取向右为正方向)( ) 图 7 AaA0，aBaC5 m/s2 BaA5 m/s2，aBaC2.5 m/s2 CaA5 m/s2，aB5 m/s2，aC0 DaAaBaC0 答案 B 解析 外力 F 撤去的瞬间， 弹簧的弹力不变， 绳上的拉力发生了改变， 故 A 受力不变， aA5 m/s2，将 B、C 作为整体，设弹簧的弹力大小为 F弹，B、C 整体的加速度为 a，由牛顿第二 定律得F弹2ma，对 A 受力分析得 F弹maA，由以上两式解得 a2.5 m/s2，选项 B 正 确，A、C、D 错误 11质量为 1
10、t 的汽车在平直公路上以 10 m/s 的速度匀速行驶，阻力大小不变从某时刻开 始，汽车牵引力减小 2 000 N，那么从该时刻起经过 6 s，汽车行驶的路程是( ) A50 m B42 m C25 m D24 m 答案 C 解析 汽车匀速运动时 F牵Ff，汽车受到的合力大小为 0，当牵引力减小 2 000 N 时，汽 车所受合力的大小为 F2 000 N 由牛顿第二定律得 Fma 联立得 a2 m/s2 汽车减速到停止所需时间 t 5 s v a 5 s 时，汽车已静止，则汽车经过 6 s 行驶的路程 x vt25 m，故选 C. 1 2 12 (2018温州中学期中)如图 8 是伽利略研究
11、自由落体运动的实验情景， 让小球多次由倾角 为 的阻力忽略不计的斜面顶端静止滑下， 在改变倾角 的条件下进行多次实验， 当 角增 大时，下面说法错误的是( ) 图 8 A小球对斜面的压力增大 B小球运动的加速度增大 C小球到达底端时的速度变大 D小球从顶端运动到底端所需的时间减小 答案 A 解析 小球沿斜面向下运动的过程中， 受到的支持力与重力垂直于斜面的分力大小相等， 方 向相反，所以：FNmgcos ，随 的增大，FN减小，根据牛顿第三定律可知，小球对斜面 的压力减小，故 A 错误；对小球，根据牛顿第二定律得：agsin ，可知，随着 mgsin m 的增大， 加速度 a 增大， 故 B
12、正确 ； v22gsin L， 所以小球到达底端时的速度 ： v，2gLsin 可知小球的速度随倾角的增大而增大，故 C 正确 ； 设小球从顶端运动到底端所需的时间为 t， 则 L at2， 得 ： t， 角越大， sin 越大， 则知小球从顶端运动到底端所需时间越短， 1 2 2L gsin 故 D 正确 二、选择题(本题共 4 小题，每小题 3 分，共 12 分每小题列出的四个备选项中至少有一 个是符合题目要求的，全部选对的得 3 分，选对但不全的得 1 分，有错选的得 0 分) 13如图 9 所示，11 月 6 日早上 8 时，2016 年杭州马拉松(以下简称杭马)在黄龙体育中心 开跑，
13、来自美国、日本等 50 个国家和地区的 32 000 余名选手参加比赛最终埃塞俄比亚男 选手门达耶以 2 小时 11 分 22 秒的破赛会纪录成绩夺冠， 女子冠军被肯尼亚选手博莱韦以 2 小时 31 分 21 秒夺得已知马拉松全程长度为 42 195 米，男、女选手的路径相同，则( ) 图 9 A马拉松比赛中，选手一定不能看成质点 B马拉松全程长度指的是路程 C可以计算男、女冠军的平均速度大小 D可以比较男、女冠军的平均速度大小 答案 BD 解析 在马拉松比赛中，选手的形状、大小对所研究问题没有影响时，可以看成质点，故 A 错误；马拉松比赛的全程长度是指选手运动的轨迹长度，为路程，故 B 正确
14、；平均速度为 位移与时间的比值，不知道位移，故无法求得平均速度，故 C 错误；因为路径相同，故选 手的位移相同，由于所用时间不同，故可比较男、女冠军的平均速度大小，故 D 正确 14一质点做匀速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则 ( ) A质点速度的方向总是与该恒力的方向相同 B质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直 C质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同 D质点单位时间内速率的变化量总是不变 答案 BC 解析 质点开始做匀速直线运动，处于平衡状态，施加恒力后，则该质点所受的合外力为该 恒力若该恒力方向与质点原运动方向不共线，则质点做曲线运动，质点速度方向与
15、恒力 方向不同，故 A 错；若恒力的方向某一时刻与质点运动方向垂直，之后质点做曲线运动， 力与速度方向不再垂直，例如平抛运动，故 B 正确；由牛顿第二定律可知，质点加速度 方向总是与其所受合外力方向相同，C 正确；根据加速度的定义，相等时间内速度变化量 相同，而速率变化量不一定相同，故 D 错 15.如图 10 所示，有材料相同的 P、Q 两物块通过轻绳相连，并在拉力 F 作用下沿粗糙程度 相同的斜面向上运动，轻绳与拉力 F 的方向均平行于斜面当拉力 F 一定时，Q 受到绳的 拉力( ) 图 10 A与斜面倾角 无关 B与物块与斜面间的动摩擦因数有关 C与系统运动状态有关 D仅与两物块质量有关
16、 答案 AD 解析 设 P、Q 的质量分别为 m1、m2，Q 受到绳的拉力大小为 FT，物块与斜面间的动摩擦 因数为 ， 根据牛顿第二定律， 对 P、 Q 整体受力分析， 有 F(m1m2)gsin (m1m2)gcos (m1m2)a；对 Q 受力分析，有 FTm2gsin m2gcos m2a，解得 FTF，可 m2 m1m2 见 Q 受到绳的拉力 FT与斜面倾角 、 物块与斜面间的动摩擦因数 和系统运动状态均无关， 与两物块质量和 F 有关，选项 A、D 正确 16如图 11 甲所示，用一水平外力 F 推物体，使其静止在倾角为 的光滑固定斜面上逐 渐增大 F，物体开始做变加速运动，其加速
17、度 a 随 F 变化的图象如图乙所示g 取 10 m/s2. 根据图乙中所提供的信息能计算出的是( ) 图 11 A物体的质量 B斜面的倾角 C使物体静止在斜面上时水平外力 F 的大小 D加速度为 6 m/s2时物体的速度 答案 ABC 解析 对物体受力分析，物体受外力 F、重力、支持力，沿斜面方向和垂直于斜面方向分别 建立 x 轴、y 轴，并将力沿坐标轴的方向分解，如图所示 x 轴方向 ： Fcos mgsin ma， 当 F0 时， a6 m/s2， 当 F15 N 时， a0， 解得 ： m2 kg，37，因而 A、B、C 可以算出；根据题图中信息无法求出加速度为 6 m/s2时物体的
18、速度大小，因而 D 不可以算出 非选择部分 三、非选择题(本题共 6 小题，共 52 分) 17(6 分)(2018名校协作体 3 月选考)(1)下列器材中，实验“探究小车速度随时间变化的规 律” 、“探究加速度与力、质量的关系” 、“用自由落体运动验证机械能守恒定律”都需要用 到的实验器材是_ (2)小刘同学在做“探究求合力的方法”实验时： 以下实验操作正确的是_ 以下为该同学在作平行四边形时的某一瞬间(直尺固定)，其中正确的操作是_ 本实验采用的实验思想是_ A控制变量法 B等效替代法 C放大法 答案 (1)BD (2)C C B 18.(8 分)某同学设计了一个探究加速度与物体所受合外力
19、 F 及质量 M 的关系实验如图 12 为实验装置简图， A 为小车， 后端连有纸带， B 为打点计时器， C 为装有沙的沙桶(总质量为 m)， D 为一端带有定滑轮的长木板 图 12 (1)在这个实验中，为了探究两个物理量之间的关系，要保持第三个物理量不变，这种探究 方法叫做_法 图 13 (2)某同学在探究 a 与 F 的关系时，把沙和沙桶的总重力当作小车的合外力 F，作出 aF 图 线如图 13 所示，试分析该图线不过原点的原因是_，图线右上部弯曲的原因是 _(横线上填写正确选项的字母代号) A平衡摩擦力时，长木板倾角过小 B平衡摩擦力时，长木板倾角过大 C沙和沙桶的总质量 m 过小 D
20、沙和沙桶的总质量 m 过大 (3)如图 14 是某次实验得到的纸带，打点计时器所用电源的频率为 50 Hz，舍去前面比较密 集的点，从 A 点开始，依次选取 A、B、C、D、E 5 个计数点，相邻两个计数点间都有四个 计时点未画出，图中给出了相邻两点间的距离，则小车运动的加速度大小为 a _m/s2.(结果保留两位有效数字) 图 14 答案 (1)控制变量 (2)B D (3)0.62 解析 (1)本实验采用了控制变量法；(2)力 F 为零时，小车的加速度不为零，说明平衡摩擦 力过度， 选项 A 错误， B 正确 ； 后来图线弯曲， 是因为沙和沙桶的总质量过大， 选项 C 错误， D 正确(3
21、)T50.02 s0.1 s，根据逐差法，小车运动的加速度 a0.62 x3x4x1x2 4T2 m/s2. 19(8 分)一客运列车匀速行驶，其车轮在铁轨间的接缝处会产生周期性的撞击坐在该客 运列车中的某旅客测得从第 1 次到第 16 次撞击声之间的时间间隔为 10.0 s在相邻的平行 车道上有一列货运列车， 当该旅客经过货运列车车尾时， 货运列车恰好从静止开始以恒定加 速度沿客运列车行进方向运动该旅客在此后的 20.0 s 内，看到恰好有 30 节货运列车车厢 被他连续超过已知每根铁轨的长度为 25.0 m，每节货运列车车厢的长度为 16.0 m，货运 列车车厢间距忽略不计求： (1)客运
22、列车运行速度的大小； (2)货运列车运行加速度的大小 答案 (1)37.5 m/s (2)1.35 m/s2 解析 (1)设客运列车连续两次撞击铁轨的时间间隔为 t，每根铁轨的长度为 l，则客运列车 的速度 v l t 其中 l25.0 m，t s s，则 v m/s37.5 m/s 10 161 2 3 25.0 2 3 (2)设从货运列车开始运动后 t20.0 s 内客运列车行驶的位移为 x1，货运列车行驶的位移为 x2，货运列车的加速度为 a,30 节货运列车车厢的总长度 L3016.0 m480 m， 由运动学公式有：x1vt x2 at2 1 2 由题设条件有：Lx1x2， 解得 a
23、1.35 m/s2. 20(10 分)(2018新高考研究联盟联考)如图 15 所示，某次滑雪训练，运动员站在水平雪道 上第一次利用滑雪杖对雪面的作用获得水平推力 F84 N 而从静止(t0 时刻)向前滑行， 其 作用时间为 t11.0 s，撤除水平推力 F 后经过 t22.0 s，他第二次利用滑雪杖对雪面的作用 获得同样的水平推力，作用距离与第一次相同已知该运动员连同装备(可视为质点)的总质 量为 m60 kg，在整个运动过程中受到的滑动摩擦力大小恒为 Ff12 N，求： 图 15 (1)第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的速度大小及这段时间内的位移的大小； (2)t3.0 s 时运动员的速度大
24、小； (3)该运动员第二次撤除水平推力后能滑行的最大距离 答案 (1)1.2 m/s 0.6 m (2)0.8 m/s (3)5.2 m 解析 (1)运动员利用滑雪杖获得的加速度为 a11.2 m/s2 FFf m 第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的速度大小 v1a1t11.2 m/s 位移 x1 a1t120.6 m. 1 2 (2)运动员停止使用滑雪杖后，加速度大小为 a2F f m 经时间 t2速度变为 v1v1a2t20.8 m/s (3)设第二次利用滑雪杖获得的速度大小为 v2，则 v22v122a1x1 解得 v2 m/s 52 5 第二次撤除水平推力后滑行的最大距离 x2v 22
25、2a2 解得 x25.2 m. 21 (10 分)滑板运动是年轻人喜爱的运动项目之一 有一如图 16 所示的运动场所， 水平面 AB 在 B 处与倾角为 37的斜面 BC 连接，滑板与 AB、BC 间的动摩擦因数相同一滑板运动 员操控滑板(可看成质点)从 A 点以 v03 m/s 的速度在水平面上向右无动力运动，运动到 B 点时恰能沿斜面下滑已知 AB 间的距离为 1.8 m，BC 间的距离为 2 m，运动员和滑板的总 质量为 60 kg，取重力加速度 g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求： 图 16 (1)滑板与水平面 AB 间的摩擦力的大小； (2)滑板运动员运动到
26、 C 点时速度的大小； (3)滑板运动员从 A 点运动到 C 点所需的时间 答案 (1)150 N (2)4 m/s (3)2.2 s 解析 (1)由题可知，运动员从 A 到 B 做匀减速运动，到 B 点时速度刚好为零 则 v022a1x1，Ffma1mg， 联立并代入数据得 Ff150 N，0.25. (2)运动员由 B 到 C 做初速度为 0 的匀加速直线运动，加速度大小为 a2，则由牛顿第二定律 得 mgsin mgcos ma2， 解得 a24 m/s2 v C22a2x2，解得 vC4 m/s (3)设从 A 到 B 需时间 t1，有 t11.2 s v0 a1 由 x2 a2t22
27、 (或 vCa2t2)，可以得出 t21 s 1 2 所以运动员从 A 到 C 的时间 tt1t22.2 s. 22(10 分)如图 17 所示，质量为 5 kg 的木块放在倾角为 30、长为 20 m 的固定斜面上时， 木块恰好能沿斜面匀速下滑，若改用沿斜面向上的恒力 F 拉该木块，木块从静止开始沿斜 面匀加速上升 4 m 所用的时间为 2 s，(g 取 10 m/s2)求： 图 17 (1)恒力 F 的大小； (2)要使木块能从斜面底端运动到顶端，F 至少要作用多长时间 答案 (1)60 N (2) s 5 3 6 解析 (1)木块恰好匀速下滑时受力平衡，有： Ffmgsin 30 mg 1 2 匀加速上升的加速度：a1 m/s22 m/s2 2x t12 2 4 22 对木块受力分析如图甲 根据牛顿第二定律有 Fmgsin 30Ffma1 解得：Fmgsin 30Ffma1mgma160 N (2)设拉力最小作用时间为 t. 撤去 F 前：x1 a1t2 1 2 v1a1t 撤去 F 后，对木块受力分析如图乙， 根据牛顿第二定律 mgsin 30Ffma2 解得：a2g mgsin 30Ff m 匀减速运动的位移：x2v 12 2a2 因为斜面长 20 m，故有 x1x220 m， 联立并代入数据，解得：t s. 5 3 6