【解析版】贵州省铜仁一中高三第四次月考_理综物理.pdf

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1、-精品文档 ! 值得拥有！ - -珍贵文档 ! 值得收藏！ - 贵州省铜仁市第一中学2014 届高三第四次月考理综 注意事项： 1. 本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓 名、准考证号填写在答题卡上。 2. 回答第卷时， 选出每小题答案后，用 2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑，如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号框。写在本试卷上无效。 3. 答第卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 4. 考试结束，将试题卷和答题卡一并交回。 可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Al 27 第卷 二、选择题：本

2、题共8 小题，每小题6 分。在每小题给出的四个选项中，第1418 题只有一 项符合题目要求，第1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。 143 月 11 日，日本东北海域发生了9.0 级浅源地震。位于日本东北海岸某地震观测站记录 了该地震纵波和横波到达的时刻分别为t1和 t2。若地震纵波和横波在地表附近的传播速度分 别为 1、2，海啸传播的速度为 。则由这次大地震引发的海啸从震源到达该观测站的时间 约为（） A v ttvv)( 2121 B v ttvv)( 1221 C vvv ttvv )( )( 21 1221 D vvv ttvv

3、)( )( 12 1221 【答案】 C 【gkstk 解析】设由这次大地震引发的海啸从震源到达该观测站的距离为s， 则 12 12 ss tt vv ， 解得 121221 12 12 () 11 ttv vtt s vv vv ，所以 由这次大地震引发的海啸从震源到达该观测站的时间约 为 1221 12 () () v v tts t vvvv ，C正确。 15如图1 所示， A、B 两条直线是在A、B 两地分别用竖直向上的力F 拉质量分别为mA和 mB的两个物体得出的加速度 a 与力F 之间的关系图线，分析图线可知下列说法中正确的是 ( ) -精品文档 ! 值得拥有！ - -珍贵文档 !

4、 值得收藏！ - 图 2 比较两地的重力加速度有gA=gB 比较两物体的质量有mAmB 比较两地的重力加速度有gA gB 比较两物体的质量有mAmB A B C D 【答案】 A 【gkstk 解析】根据Fma可知 a-F 图象中斜率表示 1 m ，由图可知A 的斜率大于B的斜率， 所以 AB mm，根据牛顿第二定律由图象可知当两个物体外力F都为 0 时加速度都相同，两 物体都只受重力作用ag，所以 AB gg， 正确，故选A 16质量为m，电量为 +q 的小球以初速度 0以与水平方向成 角射出，如图2 所示，如果在 初速度所在的竖直平面加上一定大小的匀强电场后，能保证小球仍沿 0方向做直线运

5、动，则 下列说法错误 的是（ ） A若小球做匀速直线运动，所加电场的值为mg/ q B 若 小 球 做 往 返 运 动 ， 所 加 匀 强 电 场 的 值 可 能 为 mgcos /q C若小球做往返运动，所加匀强电场的值为mgsin /q D若小球做方向不变的匀加速运动，所加匀强电场的值应大于mg/q 【答案】 C 【gkstk 解析】若小球做匀速运动， 说明电场力和重力合力为零，则mgqE， 故电场 mg E q ， 故 A 正确 ;若小球能沿直线返回，说明重力与电场力的合力方向与速度方向相反，当电场方向 垂直于初速度方向时，电场力最小，可得qEmgcos，则 mgcos E q ，故 B

6、 正确， C错 误；小球做方向不变的匀加速直线运动，说明电场力和重力的合力应沿着初速度方向，由A 知，此时qEmg，故 mg E q ，故 D 正确。让选错误的，故选C 17如图 3 所示，一正点电荷在电场中受电场力作用沿一圆周的圆弧ab 运动，已知该点电荷 的电量 q，质量 m（重力不计） ，ab 弧长为 s，电荷经过a、b 两点时的速度大小均为，且它 们方向间的夹角为 ，则下列说法不正确 的有 （ ） A该电场的场强方向指向圆弧ab 的圆心 Ba、b 两点的电势相等 图 1 图 3 -精品文档 ! 值得拥有！ - -珍贵文档 ! 值得收藏！ - Ca、b 两点的场强大小均等于 sq mv

7、2 D电荷在a点受到电场力与在b 点所受的电场力相同 【答案】 D 【gkstk 解析】由于电荷运动过程中速率不变，故电场力提供向心力，所以电场力指向圆心， 故场强的方向指向圆心，故A 正确；电荷q 做匀速圆周运动，电场力提供向心力，故： 2 v qEm R ；由于sR；故 2 mv E sq ，故 C正确； 由于在 a、b 两点电荷的速度大小相同， 故在从 a 运动到 b 的过程中电场力不做功，根据WqU可知 a、b 两点的电势差为0，故两 点的电势相等，故B 正确；由于电荷运动过程中速率不变，故电场力提供向心力，所以电场 力指向圆心，方向不同，故D 错误； 18如图 4 所示， A 点与

8、B 点间距离为2l，OCD是以 B 为中心，以l 为半径的半圆路径。A、 B 两处各放有一点电荷，电量分别为q 和 q。下列说法正确的是（） A单位正电荷在O 点所受的电场力与在D 点所受的电场力 大小相等、方向相反 B单位正电荷从D 点沿任意路径移到无穷远，电势能减小 C单位正电荷从D 点沿 DCO移到 O 点的过程中，电势能增大 D单位正电荷从O 点沿 OCD移到 D 点的过程中，电势能先增大后减小 【答案】 C 【gkstk 解析】 q 的电荷在O 点产生的电场强度大小为： 12 q Ek l ，方向向右；q 的电荷 在 O 点产生的电场强度大小为 2 2 q Ek l ，方向向右，所以

9、O 点的合场强为 2 2 q Ek l ，方向 向右，单位正电荷在O 点受到的电场力大小为： 2 2 q Fek l ，方向向右。q 的电荷在D 点 产生的电场强度大小为： 2 2 9 q Ek l ，方向向右；q 的电荷在 D 点产生的电场强度大小为 3 2 q Ek l ，方向向左，所以D 点的合场强为 2 8 9 q Ek l ，方向向左， ，单位正电荷在D 点受 到的电场力大小为： 2 8 9 q Fke l ，方向向左， A 错误；因为D 点靠近负电荷，远离正电荷， 所以 D 点的电势为负，无穷远处电势为零，而正电荷从低电势向高电势处运动电场力做负功， 电势能增大，B错误；等量异种电

10、荷连线的中点处电势为零，所以单位正电荷从D 点沿 DCO 图 4 -精品文档 ! 值得拥有！ - -珍贵文档 ! 值得收藏！ - 移到 O 点的过程中， 正电荷从低电势向高电势处运动电场力做负功，电势能增大，C正确； 单 位正电荷从O 点沿 OCD移到 D 点的过程中，电势从高到低，后从低到高，电场力先做正功， 后做负功，电势能先减小后增大，D 错误； 19如图5 所示，两个相同的带等量正电的圆环正对放置，电荷均匀分布，O1O2为两圆心的 连线， P 为 O1O2的中点。一质量为m、带电量为q（q0）的点电荷以初速度 0从 O1 点沿 O1O2方向射出，恰能到达 P点不计重力，点电荷q 克服电

11、场力做的功为W。若将 q 换成 +q， 质量不变，仍以初速度 0从 O2 点沿 O2O1方向射出，点电荷 +q 到达 P点时的速度大小为， 则( ) A 2 0 mvWB 2 0 2 1 mvW C 0 2vvD 0 2vv 【答案】 BC 【gkstk 解析】 由题意可知，O1P的电场强度方向从 P到 O1，在带正电粒子在两个相同的带等 量正电的圆环产生电场中，在电场阻力作用下，根据动能定理可知，电场力做负功导致动能 的减小，则有 2 0 1 0 2 Wmv，解得克服电场力做的功为 2 0 1 2 mv；当换成负电粒子时，根据 动能定理可知， 22 0 11 22 Wmvmv，由以上两式可知

12、， 0 2vv 20一个电荷量为q，质量为 m 的小球，从光滑绝缘的斜面轨道的A 点由静止下滑，小球恰 能通过半径为R 的竖直圆形轨道的最高点B 而做圆周运动。现在竖直方向上加如图6 所示的 匀强电场，且电场强度满足mg=2qE，若仍从 A 点由静止释放该小球，则（） A小球仍恰好能过B点 B小球不能过B点 C小球能过B点，且在 B 点与轨道之间压力不为零 D小球到达B 点的速度gRvB 2 1 【答案】 A 【gkstk 解析】 没有电场时，最高点速度设为v，则 2 v mgm R ，解得：vgR；又根据机 械能守恒定律 2 1 2 2 mg hRmv（），解得 5 2 hR，加上电场时，恰

13、好过最高点需要的速度 图 6 -精品文档 ! 值得拥有！ - -珍贵文档 ! 值得收藏！ - 设为v，则 2 v mgqEm R 解得 mgqE R v m ，因为2mgqE，代入可得 vgRv，所以小球仍恰好经过B点，此时重力和电场力的合力完全充当向心力，小球 与轨道间没有作用力，所以A 正确， BC错误，小球经过B点的速度vgR，D 错误； 21如图 7 所示，甲、乙两电路中电源完全相同，电阻R1R2，在两电路中分别通过相同的电 荷量 q 的过程，下列判断正确的是（） A电源内部产生电热较多的是乙电路中的电源 BR1上产生的电热比 R2上产生的电热多 C电源做功更多的是甲电路中的电源 D甲

14、、乙两电路中电源做功相等 【答案】 ABD 【gkstk 解析】 甲、乙两电路中电源完全相同，即电动势E与内电阻 r 相同，电阻 12 RR，根 据闭合电路欧姆定律 E I Rr ，得出 12 II，再比较 2 11 I rt与 2 22 Irt，而 1 12 2 I tI t，可知电 源内部产生电热较多的是乙电路故A 正确由公式WqE，可知，两电源做功相等，整个 电路产生的电热相等，而甲电源内部产生的电热小于乙电源内部产生的电热，所以甲图外电 路产生的电热大于乙图外电路而外电路产生的电热就是电阻R上产生的电热故B 正确； 由公式WqE，可知，通过的电量q 和电动势E都相同，所以两电源做功相等

15、故C错误， D 正确 第卷 三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。考生根据要求作答，共174 分。 22(6 分)用如下图所示的装置做“探究动能定理”的实验时，下列说法正确的是 (填字母代号 ) A为了平衡摩擦力，实验中可以将长木板的左端适当垫高，使小车拉着穿过打点计时 器的纸带自由下滑时能保持匀速运动 图 7 -精品文档 ! 值得拥有！ - -珍贵文档 ! 值得收藏！ - B每次实验中橡皮筋的规格要相同，拉伸的长度要一样 C可以通过改变橡皮筋的条数来改变拉力做功的数值 D可以通过改变小车的质量来改变拉力做功的数值 E 实验中要先释放小车再接通打点计时器的电源 F通过打点计时器打下的纸带来测

16、定小车加速过程中获得的最大速度 G通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的平均速度 【答案】 ABCF 【gkstk 解析】 小车在水平面运动时，由于受到摩擦阻力导致小车速度在变化所以适当倾斜 以平衡摩擦力小车所能获得动能完全来于橡皮筋做的功故选项A 正确；实验中每根橡皮 筋做功均是一样的，所以所用橡皮筋必须相同，且伸长的长度也相同故选项B 正确；每次 实验时橡皮筋伸长的长度都要一致，则一根做功记为W，两根则为2W，故选项 C 正确；是通 过改变橡皮筋的条数来改变拉力做功的数值，故选项D 错误；只要使用打点计时器的实验， 都是先接通电源后释放纸带，故选项 E错误； 由于小车在橡皮筋的

17、作用下而运动，橡皮筋对小 车做的功与使小车能获得的最大速度有关，故选项F正确，选项G 错误； 23(9 分)用如下图所示的装置来探究物体的加速度与力、质量的关系。实验时，小盘和砝码 牵引小车，使小车做初速度为零的匀加速运动。 （ 1）此实验中可以不测量小车加速度的具体值，原因是 A 探究的是加速度与其他量之间的比例关系 B 运动时间相同，速度与加速度成正比，比较末速度即可。 C 位移相同，加速度与时间的平方成反比，比较运动时间即可 D 运动时间相同，位移与加速度成正比，比较位移即可。 （ 2）通过改变，就可以改变小车所受的合力。 （ 3）在探究加速度与质量关系时，以 a 为纵坐标、 _为横坐标

18、作图象，这样就能直 观地看出二者关系。 【答案】 (1) AD (2)砝码的数量(3) 1 m -精品文档 ! 值得拥有！ - -珍贵文档 ! 值得收藏！ - v/m t/2 1 0 2 甲乙 F 1 【gkstk 解析】 （ 1）在初速度为零的匀变速直线运动中有 2 1 2 sat，若运动时间相等，则位移 与加速度成正比 此实验中可以不测量加速度的具体值，原因是：a 正比于 S，故只须研究S之间的比例关系即 可表明 a 之间的关系即比较位移即可，AD 正确 （2）实验满足砝码盘和砝码的总质量远小于小车的质量，砝码盘和砝码的重力等于小车所受 的合外力所以通过改变盘内砝码质量，就可以改变小车所受

19、到的合力 （3）物体的加速度a 与物体质量m 的关系图线是曲线，不能确定它们的关系，而加速度a 与 质量倒数的关系图线是直线，从而可知加速度a 与质量 m 成反比所以在探究加速度与质量 关系时，分别以a 为纵坐标、 1 m 为横坐标作图象，这样就能直观地看出其关系 24(14 分)如下图甲所示，质量为m1kg 的物体置于倾角为37固定斜面 (足够长 )上， 对物体施以平行于斜面向上的拉力F，t1 1s 时撤去拉力，物体运动的部分t 图像如图 乙，试求： (g=10m/s 2) （1）物体沿斜面上行时加速运动与减速运动的 加速度大小； （ 2）物体与斜面间的滑动摩擦因数； （ 3）第 1s 内拉

20、力 F的平均功率 【答案】（1） 2 1 20m sa ， 2 2 10m sa （2）0.5（3）300PW 【gkstk 解析】 （ 1）由 v-t 图像， 01s 内物体做匀加速直线运动，加速度 1 a大小为： 22 1 20 m s20m s 1 a 12s 内物体做匀减速直线运动，加速度 2 a大小为： 22 2 10 m s10m s 1 a （2）物体在斜面上做匀减速直线运动时，由牛顿第二定律可得： 2 sincosmgmgma 代入数据，解得:0.5 （3）物体在斜面上做匀加速直线运动时，由牛顿第二定律可得： 1 sincosFmgmgma 代入数据，解得:30NF 1s 内拉

21、力 F的平均功率为： -精品文档 ! 值得拥有！ - -珍贵文档 ! 值得收藏！ - O A B u （a） u t U0 Ux O T/2T 3T/2 （b） 2300WPFv 25 (18 分 )如下图 a 所示，为一组间距d 足够大的平行金属板，板间加有随时间变化的电压（如 图 b 所示），设 U0和 T 已知。 A 板上 O 处有一静止的带电粒子，其带电量为q，质量为 m（不 计重力），在 t = 0 时刻起该带电粒子受板间电场加速向B 板运动， 途中由于电场反向，粒子又 向 A 板返回（粒子未曾与B板相碰）。 （1）当 Ux=2U0时求带电粒子在t=T 时刻的动能； （2）为使带电粒

22、子在t=T 时刻恰能能 回到 O 点， Ux等于多少？ 【答案】（1） 222 0 2 8 T U q d m （2） 0 3 x UU 【gkstk 解析】 （ 1）根据牛顿第二定律可得：当极板间为正向电压时 0 1 U q a dm ，反向电压时加 速度： 0 2 2U q a dm ，加速过程末速度为： 11 2 T va， 所以根据匀变速直线运动规律可得：减速过程末速度为： 0 21212 2222 TU qTTT vvaaa dm 故动能为： 222 2 0 22 1 28 k T U q Emv d m （2）加速过程的位移为： 2 11 1 () 22 T sa，减速过程中位移为

23、： 2 1 ) 2 ( 2 1 2 T a T vs xx ， 还知道 11 2 T va，要使得粒子恰能回到O 点，则1xss，由上面四式，得13xaa 因为 0 1 U q a dm ， x x U q a dm ，所以 0 3 x UU 33.物理 选修 3-5(15 分) （1） （5 分）如右图为氢原子的能级图，已知处于较高能级的氢原 子能自发地向较低能级跃迁，则： 一群氢原子由n4 能级向n1 能级跃迁时最多可辐射出 _种不同频率的光。 要想使处在n2 激发态的氢原子电离至少吸收_eV -精品文档 ! 值得拥有！ - -珍贵文档 ! 值得收藏！ - 的能量。 （2） （10 分）如

24、下图所示，光滑水平桌面上有长L2 m 的挡板 C，质量 mC5 kg，在其正中 央并排放着两个小滑块A和 B，mA1 kg，mB3 kg，开始时三个物体都静止。在A、B 间放 有少量塑胶炸药，爆炸后A 以 6 m/s 速度水平向左运动，A、B 中任意一块与挡板C碰撞后， 都粘在一起，不计摩擦和碰撞时间，求： 当两滑块A、B 都与挡板C碰撞后， C的速度是多大？ A、C 碰撞过程中损失的机械能。 【答案】（1） 6 3.40eV（2）见解析 【gkstk 解析】 （ 1） 一群氢原子由n4 能级向 n1 能级跃迁时可存在 43,42,41,32,31,21六种可能，所以最多可辐射6 种频率的光； 要想使处在n2 激发态的氢原子电离至少吸收0( 3.40)3.40eVeV的能量 （2）A、B、C 系统动量守恒0() ABCC mmmv 解得：0 C v . 炸药爆炸时A、B 系统动量守恒 AABB m vm v 解得：2 m /s B v 所以 A、C先碰 A、 C碰撞前后系统动量守恒 ()1 m / s AAAC m vmmvv 故 211 ()15 . 22 AAC Em vmmvJ