《第七章单元小结练电路基本规律综合练.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《第七章单元小结练电路基本规律综合练.docx（6页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、单元小结练电路基本规律综合练基础巩固1两个相同的电阻R，当它们串联后接在电动势为E的电源上，通过一个电阻的电流为I；若将它们并联后仍接在该电源上，通过一个电阻的电流仍为I，则电源的内阻为()A4R BR C. D无法计算答案B2三个阻值相同的电阻，它们的额定电压均为8 V，现两个电阻并联后再与第三个电阻串联，这个电路允许的总电压的最大值为()A8 V B10 V C12 V D16 V答案C解析因为第三个电阻串联的电压就是并联部分电压的2倍，若让并联部分的电阻正常工作，则第三个电阻就超过额定电压，所以，让第三个电阻正常工作，则并联部分的电压为额定电压的一半；设三只同样的电阻的阻值都是R，额定电
2、压为U，则并联部分的一个电阻的实际电压为，所以电路允许消耗的最大电压为U8 V4 V12 V.3.如图1所示为一未知电路，现测得两个端点a、b之间的电阻为R，若在a、b之间加上电压U，测得通过电路的电流为I，则该未知电路的电功率一定为()图1AI2R B. CUI DUII2R答案C解析当黑箱中是纯电阻元件时，电功率可以用PI2R求，若是非纯电阻元件，则电功率PI2R.故A错误；当黑箱中是纯电阻元件时，电功率可以用P求，若是非纯电阻元件，欧姆定律不成立，没有这个公式故B错误；无论黑箱中是纯电阻元件，还是非纯电阻元件，都能用PUI求电功率故C正确；PUII2R可以求其他的功率，不能用来求电功率故
3、D错误4如图2所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为可变电阻，C为电容器，在可变电阻R3由较小逐渐变大的过程中，下列说法中正确的是()图2A电容器的带电荷量在逐渐减小B流过R2的电流方向是由上向下C电源的输出功率变大D电源内部消耗的功率变大答案B解析可变电阻阻值由小到大的过程中，电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，内电压及R1两端的电压均减小，则R3两端的电压增大，电容器两端的电压增大，电容器的带电荷量增大，故电容器充电，则有由上向下的电流通过R2.由于内、外电阻的关系未知，不能确定电源输出功率如何变化，由PI2r可知，电源内部消耗的功率变小，
4、故B正确，A、C、D错误5如图3为某控制电路，由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器(滑动变阻器)R连接而成，L1、L2是两个指示灯当电位器的触片由b端滑向a端时，下列说法正确的是()图3AL1、L2都变亮BL1、L2都变暗CL1变亮，L2变暗DL1变暗，L2变亮答案B解析当触片由b端滑向a端时，R接入电阻增大，总电阻增大由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流减小，则内电压减小，由UEIr可知路端电压增大，则R1两端的电压增大，所以通过R1的电流增大，而总电流减小，所以通过L1的电流变小，即L1变暗，L1两端电压减小，并联电压增大，所以R2两端电压增大，所以通过R2电流增大，而
5、通过L1的电流变小，所以通过L2的电流变小，即L2变暗6如图4所示，电源电动势为E，内电阻为r.两电压表可看做是理想电表，当闭合开关，将滑动变阻器的滑片由右端向左端滑动时，下列说法中正确的是()图4A小灯泡L1、L2均变暗B小灯泡L1变亮，V1表的读数变大C小灯泡L2变亮，V2表的读数不变D小灯泡L1变暗，V1表的读数变小答案D解析由题图知：滑动变阻器与灯泡L1并联，再与灯泡L2串联V1表测量路端电压，V2表测量灯泡L2的电压将滑动变阻器的滑片由右端向左端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，滑动变阻器与灯泡L1并联的电阻变小，外电路总电阻减小，路端电压减小，V1表的读数变小由闭合电路欧姆定律
6、可知，流过电源的电流增大，灯泡L2变亮，电压表V2读数变大灯泡L1的电压U1EI(rRL2)减小，灯泡L1变暗故A、B、C错误，D正确7(多选)如图5所示的电路中，输入电压U恒为8 V，灯泡L标有“3 V6 W”字样，电动机线圈的电阻RM1 .若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是()图5A电动机的输入电压是5 VB通过电动机的电流是2 AC电动机的效率是80%D整个电路消耗的电功率是10 W答案AB解析灯泡恰能正常发光，说明灯泡两端的电压为3 V，电流为2 A，电动机的输入电压是8 V3 V5 V，通过电动机的电流是I2 A，选项A、B正确；电动机内阻消耗功率为I2RM4 W，电动机输入功率为
7、UI52 W10 W，输出功率为6 W，效率为60%，整个电路消耗的电功率是10 W6 W16 W，选项C、D错误综合应用8(多选)某一热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，在一次实验中，将该热敏电阻与一小灯泡串联，通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图6所示，M为两元件的伏安特性曲线的交点则下列说法中正确的是 ()图6A图中图线a是小灯泡的伏安特性曲线，图线b是热敏电阻的伏安特性曲线B图中图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线C图线中的M点，表示该状态小灯泡的电阻大于热敏电阻的阻值D图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等答案BD9(多选)如图7所示，电源电
8、动势为E，内阻为r，滑动变阻器总电阻为R，开关闭合两平行极板间有匀强磁场，一带电粒子正好以速率v匀速穿过两极板间以下说法正确的是(忽略带电粒子的重力)()图7A保持开关闭合，将滑片P向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出B保持开关闭合，将滑片P向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出C保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子将继续沿直线穿出D如果将开关断开，粒子将继续沿直线穿出答案AB解析带电粒子匀速穿过两极板间，说明带电粒子所受的洛伦兹力和电场力平衡，保持开关闭合，将滑片P向上滑动一点，则电容器两极板间的电压降低，带电粒子所受的电场力减小，因带电粒子所带电荷的正负不明确，所以粒子将可能从下
9、极板边缘射出，故选项A正确；若将滑片P向下滑动一点，则电容器两极板间的电压变大，带电粒子所受的电场力增大，粒子将可能从下极板边缘射出，故选项B正确；若保持开关闭合，将a极板向下移动一点，带电粒子所受的电场力Fq增大，故粒子不可能沿直线穿出，故选项C错误；如果将开关断开，电容器将放电，电场消失，故粒子不可能继续沿直线穿出，故选项D错误10在如图8所示的电路中，电阻R112 ，R28 ，R34 .当开关K断开时，电流表示数为0.25 A，当K闭合时电流表示数为0.36 A求：图8(1)开关K断开和闭合时的路端电压U及U；(2)电源的电动势和内阻；(3)开关K断开和闭合时内阻上的热功率P及P.答案(
10、1)3 V2.88 V(2)3.6 V1.2 (3)0.3 W0.432 W解析(1)K断开时：路端电压为UI(R2R3)0.25(84) V3 VK闭合时：UIR20.368 V2.88 V(2)K断开时：外电路总电阻R6 K闭合时：外电路总电阻R4.8 则K断开时有：EUrK闭合时有：EUr由代入数据解得：E3.6 V，r1.2 (3)K断开时：I0.5 A则PI2r0.3 W；K闭合时：I0.6 A则PI2r0.432 W.11如图9所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，金属板长为L，在两金属板左端正中间位置M，有一个小液滴以初速度v0水平向右射入两板间，已知小液滴的质量为m，带负电，电荷量为q.要使液滴从B板右侧边缘射出电场，电动势E是多大？(重力加速度用g表示)图9答案解析由闭合电路欧姆定律得I两金属板间电压为UBAIR由牛顿第二定律得qmgma液滴在电场中做类平抛运动，有Lv0t，at2由以上各式解得E