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1、2019 年( 创新方案 ) 高三物理第二轮第九章章末小结与达标检验注意事项：认真阅读理解，结合历年的真题，总结经验，查找不足！重在审题，多思考，多理解！( 时间： 50 分钟总分值： 100 分 )【一】选择题( 此题共 10 小题，每题6 分，共60 分，每题至少有一个选项正确，选对但不全得3 分，有选错或不答的得0 分 )1、 (2017 山东高考 ) 了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。以下符合史实的是()A、焦耳发现了电流热效应的规律B、库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C、楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D、牛顿将斜面
2、实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动解析：焦耳发现了电流的热效应规律，并提出焦耳定律，A 正确；库仑总结了点电荷间相互作用的规律，提出了库仑定律，B 正确；奥斯特发现了电流的磁效应，C 错；伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，D 错。答案： AB2、磁电式仪表的线圈通常用铝框做骨架，把线圈绕在铝框上，这样做的目的是()A、防止涡流而设计的B、利用涡流而设计的C、起电磁阻尼的作用D、起电磁驱动的作用解析： 线圈通电后， 在安培力作用下发生转动，铝框随之转动，并切割磁感线产生感应电流， 这就是涡流。 涡流阻碍线圈的转动，使线圈偏转后尽快停下
3、来。所以这样做的目的是利用涡流来起电磁阻尼的作用。故正确答案为B、C。答案： BC3、如图 1 所示，在两个沿竖直方向的匀强磁场中，分别放入两个完全一样的水平金属圆盘a和 ，它们可以绕竖直轴自由转动，用导线把它们相连。当圆盘a转动时 ()b图 1A、圆盘 b 总是与 a 沿相同方向转动B、圆盘 b 总是与 a 沿相反方向转动C、假设 B1、 B2 同向，那么a、b 转向相同D、假设 B1、 B2 反向，那么a、b 转向相同解析： 当圆盘 a 转动时， 由于切割磁感线而产生感应电流，该电流流入b 盘中，在磁场中由于安培力作用b盘会转动，但假设不知1、 2的方向关系，那么b盘与a盘的转向关系B B
4、将无法确定，故A、 B 错。设 B1、 B2 都向上， a 盘逆时针转动时，由右手定那么可判电流方向为a a，b盘受力由左手定那么可判为顺时针方向，故C 错，同理可得 Dab b正确。答案： D4、如图 2甲所示，水平面上的平行导轨MN、 PQ上放着两根导体棒ab、 cd，两棒间用绝缘丝线系住。 开始，匀强磁场垂直于纸面向里，磁感应强度B 随时间 tI 和 FT 分别表示流过导体棒中的电流和丝线的拉力。那么在t 0 时刻 ()的变化如图乙所示。A、0， T 0B、 0， T0图 2IFIFC、 I 0， F 0D、 I 0， F 0TT解析： t 0 时刻，磁场变化，磁通量变化，故I 0；由于
5、 B0，故 ab、cd 受安培力均为零，丝线的拉力为零。答案： C5. 如图 3 所示，粗糙水平桌面上有一质量为 m的铜质矩形线圈。 当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线 AB 正上方等高快速经过时，假设线圈始终不动，那么关于线圈受到的支持力FN 及在水平方向运动趋势的正确判断是()A、 FN先小于 mg后大于 mg，运动趋势向左B、 FN先大于 mg后小于 mg，运动趋势向左C、 FN先小于 mg后大于 mg，运动趋势向右D、 FN先大于 mg后小于 mg，运动趋势向右解析：当磁铁沿矩形线圈中线AB正上方通过时，线圈中向下的磁通量先增加后减小，由楞次定律可知， 线圈中感应电流的方向 ( 从上向下
6、看 ) 先逆时针再顺时针， 那么线圈先上方为 N 极下方为 S 极，后改为上方为 S 极下方为 N 极，根据同名磁极相斥、异名磁极相吸，那么线圈受到的支持力先大于 mg后小于 mg，线圈受到向右的安培力，那么水平方向的运动趋势向右。 D项正确。答案： D6. 如图 4 所示， L 是自感系数很大、电阻很小的线圈，假设合上或断开开关S1 和 S2 时，可能发生的情况是()A、只闭合S1 的瞬间， L1 灯逐渐亮起来B、再合上S2 稳定后， L2 灯是暗的C、只断开S1 的瞬间， L1 灯立即熄灭，L2 灯亮一下再熄灭D、只断开S1 瞬间， L2 和 L1 灯过一会儿才熄灭图 4解析：只闭合S1
7、时，由于线圈自感作用，流过L1 灯的电流将逐渐增大，L1 灯逐渐亮起来，而 L2 灯是立即变亮；再合上S2 稳定后，由于RL 很小， L2 灯几乎被短路，故L2 灯是暗的。断开 S1 时，由于S2 闭合，电感线圈L 与 L2 构成回路，由于自感的作用，电流将由稳定时L中的值逐渐减小，由I L? I L2，所以 L2 灯将闪亮一下再熄灭；而灯L1 与电阻 R串联后被 S2 短路，故灯L1 立即熄灭。答案： ABC7、在如图 5 所示的电路中，两个相同的小灯泡L1 和 L2 分别串联一个带铁芯的电感线圈L 和一个滑动变阻器 R。闭合开关 S 后，调整 R，使 L1 和 L2 发光的亮度一样，此时流
8、过两个灯泡的电流均为 I 。然后， 断开 S。假设 t 时刻再闭合 S，那么在 t 前后的一小段时间内，正确反映流过 L1 的电流 i 1、流过 L2 的电流 i 2 随时间 t 变化的图像是 ()图 5解析：由题中给出的电路可知，电路由图 6L 与 L1 和L2 与R两个支路并联，在t 时刻，L1支路的电流因为有L 的自感作用， 所以 i 1 由 0 逐渐增大， L2 支路为纯电阻电路，i 2 不存在逐渐增大的过程，所以选项B 正确。答案： B8、(2018 南京质检 ) 如图 7 所示，光滑绝缘水平面上，有一矩形线圈冲入一匀强磁场，线圈全部进入磁场区域时，其动能恰好等于它在磁场外面时的一半
9、，设磁场宽度大于线圈宽度，那么 ()图 7A、线圈恰好在刚离开磁场的地方停下B、线圈在磁场中某位置停下C、线圈在未完全离开磁场时即已停下D、线圈完全离开磁场以后仍能继续运动，不会停下来解析： 线圈冲入匀强磁场时，产生感应电流， 线圈受安培力作用做减速运动，动能也减少。同理，线圈冲出匀强磁场时， 动能减少， 进、出时减少的动能都等于克服安培力做的功。由于进入时的速度大，故感应电流大，安培力大，安培力做的功也多，减少的动能也多，线圈离开磁场过程中， 损失动能少于它在磁场外面时动能的一半， 因此线圈离开磁场仍继续运动。答案： D9. 如图 8 所示的正方形线框 abcd 边长为 L，每边电阻均为 r
10、 ，在磁感应强度为 B 的匀强磁场中绕 cd 轴以角速度 转动， c、 d 两点与外电路相连，外电路电阻也为 r ，那么以下说法中正确的选项是()2A、 S 断开时，电压表读数为2 B L22B、 S 断开时，电压表读数为8 B L2图 82C、 S 闭合时，电流表读数为 10r BL2D、 S 闭合时，线框从图示位置转过BL22 过程中流过电流表的电荷量为7rEmax BL2 ，有效值为Emax2BL2 。解析：电路中产生的感应电动势的最大值为2E2E 2当 S 断开时，电压表读数为cd2，U 4r r 8BLA 选项错误， B 选项正确；S 闭合时，电压表的读数为rErE 2Ucd I 2
11、r 2 7 14 BL2 ，3r 22BL2， C选项错误；电流表读数为14r1E1S 闭合时，线框从图示位置转过2 过程中流过电流表的电荷量为Q It 2Rt 2 /tBL2r t 7r 7r ，3r 2D选项正确。答案： BD10. 如图 9 所示，一导线弯成半径为 a 的半圆形闭合回路。虚线MN右侧有磁感应强度为 B 的匀强磁场， 方向垂直于回路所在的平面。回路以速度 v 向右匀速进入磁场，直径 CD始终与 MN垂直。从 D点到达边界开始到C点进入磁场为止，以下结论正确的选项是()A、感应电流方向不变图 9B、 CD段直导线始终不受安培力C、感应电动势最大值EmBav1D、感应电动势平均
12、值E 4 Bav解析：此题导体切割磁感线而产生的电动势，由右手定那么可知，感生电流方向不变，A 正确；感生电动势最大值即切割磁感线有效长度最大时的电动势，故Em Bav，C 正确； E t 1 B 2 a22at v 1由得E 4 Bav， D正确。答案： ACD【二】 计算题 ( 此题共 2 小题，共 40 分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位11、 (18 上端接有电阻)分 ) 如图 10 甲所示，不计电阻的平行金属导轨竖直放置，导轨间距为R 3 ，虚线 OO下方是垂直于导轨平面的匀强磁场。现将质量L1m，m 0.1kg 、电阻 r 1 的金属杆 ab 从 OO上方某处
13、垂直导轨由静止释放， 杆下落过程中始终与导轨保持良好接触，杆下落过程中的 v t 图像如图乙所示。 ( 取 g 10m/s 2) 求：图 10(1) 磁感应强度 B；(2) 杆在磁场中下落 0.1s 过程中电阻 R产生的热量。解析： (1) 由图像知， 杆自由下落0.1s 进入磁场后以v1.0m/s 做匀速运动。 产生的电动势 E BLvE杆中的电流I Rr杆所受安培力F 安 BIL由平衡条件得mg F 安解得 B 2T(2) 电阻 R产生的热量QI 2Rt 0.075J答案： (1)2T(2)0.075J12、(22 分 )(2018 惠州模拟 ) 在质量为M1kg 的小车上竖直固定着一个质
14、量m0.2kg 、高 h 0.05m、总电阻 R 100 、 n 100 匝的矩形线圈，且小车与线圈的水平长度l 相同。现线圈和小车一起在光滑的水平面上运动，速度为v1 10m/s，随后穿过与线圈平面垂直的磁感应强度 B 1.0T 的水平有界匀强磁场， 方向垂直纸面向里， 如图 11 甲所示。小车运动 ( 包括线圈 ) 的速度 v 随车的位移 x 变化的 v x 图像如图乙所示。求：图 11(1) 小车的水平长度 l 和磁场的宽度 d；(2) 小车的位移 x 10cm时线圈中的电流大小 I 以及此时小车的加速度 a；(3) 线圈和小车通过磁场的过程中线圈电阻产生的热量Q。解析： (1) 由题图
15、可知，从x 5cm 开始，线圈进入磁场，线圈中有感应电流，受安培力作用，小车做减速运动，速度v 随位移 x 减小，当 x 15cm时，线圈完全进入磁场，线圈中感应电流消失，小车做匀速运动。因此小车的水平长度l 10cm。当 x30cm时，线圈开始离开磁场，那么d30cm 5cm 25cm。(2) 当 x 10cm时，由题中图像可知，线圈右边切割磁感线的速度v2 8m/sEnBhvI R2由闭合电路欧姆定律得，线圈中的电流R 0.4A此时线圈所受安培力FnBIh 2NF小车的加速度1.67m/s 2。a M mv 2m/s。(3) 由题中图像可知，线圈左边离开磁场时，小车的速度为3线圈进入磁场和离开磁场时， 克服安培力做功， 线圈的动能减少， 转化成电能消耗在线圈上产生电热。线圈电阻发热量122Q 2( Mm)( v1 v3 ) 57.6J答案： (1)10cm25cm(2)0.4A1.67m/s2(3)57.6J