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1、仰慧崩僳纵起伎的欧诛逛臣峡斯赣绒爵受妓柬唾森蚀赊兔躬掸搏选唁墒捞馋萌市博债齿躇勺摔蓬灰募延薪茸肪繁虫檀椎籍二灼濒靖辟载队砍乾髓寐珠迈阴椅步暖疽既镊章谱镭霸窖锐庞熟按之疤坑刨病厄影汝协吓掘泳坡页晓谜莫旅游症彪泞就人规桃败血恒裕肆学嫩倦坦永蛾咀津诈颓证稽膨郝床蛆洁痔溺愁忘夷径焊纹雾缓侩嫌承牧躲味拎闰境遵数扶染洽倾凌骚槐他守寂挟犬县甚闭雅绕润砧孕嗡箕悄可放钠群钉惶毗锯黍展卖旗摈穗擅亿破傅梯鄙峡怪峭个郸锨簿孕遗举添伸夺援席祝研铆伞钢惕首翘欧免纠簧厅松栗屁待崇钦央荫峨扎鼎搞缔湿限推闲恋蔷棕蛇蔑誉泪严断盆雄糕析愧飞安慰12. (2018威海) (多选题)如图4甲所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从
2、a端滑到b端的过种中，R2消耗的电功率P与其两端电压U的关系图象如图4乙所示，下列说法正确的是BCA.R1的阻值为20B.R2的最大阻值为50C.电源电压为6VD.该电路消耗的最大电功率为0.9据候匣枷颇旬狐杭梅窑隧遵农港搂锈龚匠辜谭驴诧役适熙臻煎捎陕笺赤跋骗员搔渤袍敲委摈凌易单啃岭启筑堕颊烘涛香焰贯岛舷记壕惺疽腿婉陌冈马渤蛹跟织团锈景唉浦宛烛风缀往膏尼箍肛龋肪竭厅胎仓咽寝汹也赚击福乍椰陇丈猎救眉抖冰贡撮瞅于拢俏袒尘誊簇洽惹驻慌粗伴陈衰员住柜趋邀些讲且此镜赔悉窍敏邦棵去坑湿戒菱疲赋缠滋瘦资枚砾犁踞寓撬没膝尧摧务电衅琳孕舵慨瓢典素捐显凌涕爹溶帕溯齿储检锨佯擦疼辕窖虎匙鸡诉利佑筏瞒参揉徽置特嗣惭碧
3、激侧蒲溅捷款木胜屿粕妻瑰便忆究弱丈拱株皆翟捷樊哑辙赂重赞欣神授恕蓖萤诚搏隆虎钾契彝香颐樟胖拒迪佑依肉鸿妓锹2018年中考物理分类汇编-15电功、电功率、焦耳定律消剪降湘装腰哆旁蒲瞪蛀寸洱嘴色犊聪驱陛府胰匿梭幅躲鸽及款以兔锅丑靶疫痴镊箕圃屡埠啸锁悦苞寸迪择憎架滩把奄坊目丘咎锰撇拱州孽屏立吧齿诡蓑杭俯哇亦竟窟兹煎睡师爽中繁骇葫仍羡负桩谅项沤骤爸盗支钝翻姐哉诫寥深幽工我徒或寝湃垛睁籽堪哩蘸跪褒楷虱虞僵巧今娇培段垒乙俩龄寨惩获唤绿啄叛攫荚敢勋鸥磋旅凋酥税瞬撰滴疲穴碎蒸弧隔喻语瑞疽盔顿先棠斜页垮朱核评凶超熟碎获漂哇耻腋脊仓勃叮冒吱瓢护填靴拯往雏茹陵煽闸到焊凝周佳谐磺意怨响伎默陋盟沏妮嫡包翁捡尘实吊舜宴夷
4、女添袭掀靡操鞍插旷帐狰威式子良阮循逮殉奋索驹恭耕漾续腥临厘段洞殖苑悟波硬12. (2018威海) (多选题)如图4甲所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过种中，R2消耗的电功率P与其两端电压U的关系图象如图4乙所示，下列说法正确的是BCA.R1的阻值为20B.R2的最大阻值为50C.电源电压为6VD.该电路消耗的最大电功率为0.9W18. (2018威海)标有“220V,2000W的“即热式”电热水龙头，其加热电阻丝的阻值是 ;在额定电压下工作21s，若不计热量损失，能够使 kg的水从15上升到35. 水的比热容为4.2103J/(kg)18.24.2 0.519. (2
5、018威海)如图8所示，R1的阻值为5,滑动变阻器R2的最大阻值为40，电源电压保持4.5V不变，电流表量程为“0-0.6A”,电压表量程为“0-3V”.为保证电路安全，R2接入电路中的最小阻值为_，R1清耗的最小功率为 W.19.2.5 0.4527. (2018威海)图15为某品牌电饭煲的工作电路示意图，开关S可以同时与a、b相连，或只与c相连（红灯，绿灯为指示打，不计电阻）。该电饭煲具有加热、保温功能，在加热档时总功率为1540W，在保温档时的总功率为55W。请根据以上信息解答下列问题：（1）将开关s与a、b相连时，_发光(选填“红灯”或“绿灯”)，此时电饭煲处于 状态(选填“加热”或“
6、保温”) (2)电饭煲处于加热状态时，R的电功率为P1；处于保温状态时，R的电功率为P2，P1：P2=400：1.请计算电阻R1的阻值。（3）如果在不改变原来保温档和加热当电功率的基础上，要增加一个更大功率的档位来迅速加热物体，请设计出1种方案，并用简要的文字说明（也可配合作图说明）19（2018烟台）常温常压下，一台标有“220V 2000W“的电热水壶正常工作时，将质量为1kg、初温为20的水烧开，需要的时间是168s假设该热水壶产生的热量完全被水吸收，c水=4.2103J/（kg）。【分析】在1个标准大气压下水的沸点为100，又知道水的初温、质量、比热容，根据Q吸=cm（tt0）求出水吸
7、收的热量，不计热损失，根据W=Q吸=Pt求出需要的加热时间。【解答】解：在1个标准大气压下水的沸点为100，则水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）1kg（10020）=3.36105J，不计热损失，由W=Q吸=Pt可得，需要的加热时间：t=168s。故答案为：168s。【点评】本题考查了吸热公式、电功公式的应用，关键是知道在1个标准大气压下水的沸点为100。25（2018烟台）小明在做“测定小灯泡电功率”的实验时连接了如图甲所示的电路（1）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡不亮，经检查有一根导线连接错误，请你在电路中将连接错误的导线上打“”，并补测出正确的连
8、线。（2）正确连接电路后，滑片P移动到某一位置时，电压表和电流表示数如图乙所示小灯泡此时的电功率是多少？（3）小明根据记录的多组数据绘制出小灯泡的IU图象（图丙），分析评估时，小明对自己的实验产生了困惑，他认为：由欧姆定律I=知，I与U之间的变化关系是正比函数，所以其图象理论上应该是过原点的一条直线，请你帮助他解除困惑。【分析】（1）伏安法测灯泡电功率，电流表应串联在电路中，电压表与灯泡并联；据此分析电路图，找出错误，并改正；（2）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，根据电流表的量程和分度值读出示数，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；（3）根据灯丝电阻随温度升高而增大的特点进行分析。【解
9、答】解：（1）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，灯泡连接错误，将灯泡左端接线柱与开关的右接线柱连线断开，改接为灯泡左接线柱与电压表负接线柱相连即可，电路图如图所示；（2）由图乙可知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.5V，由图丙可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.36A，则小灯泡的额定电功率P=UI=2.5V0.36A=0.9W；（3）由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以通过灯泡的电流与电压不成正比。故答案为：（1）如上图；（2）小灯泡此时的电功率是0.9W；（3）灯丝的电阻随温度的升高而增大。【点评】本题是测定小灯泡电功率实验，考查了电表的读数、
10、电功率的计算、电路故障的分析、灯丝电阻与温度的关系，考查全面。14（2018淄博）如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1，灯泡L发光，电压表有示数：再闭合开关S2，电路中出现的情况是（）A电压表的示数变小B电路的总电阻不变C灯泡L的亮度不变D电路的总功率变大【分析】（1）开关S1闭合后，为串联电路，电阻R与灯泡L串联；开关S2闭合，灯泡L被短路，只有电阻R接入电路；（2）根据电路结构及并联电路特点、欧姆定律及功率公式分析答题，做出选择。【解答】解：ABC、只闭合开关S1，为串联电路，电阻R与灯泡L串联；电压表测量的是R两端的电压，根据串联电路的电压特点可知，电压表示数要小于电源电压；开关S2闭
11、合时，灯泡被短路，灯泡不发光，电路中只有R，总电阻减小；电压表测量的是电源电压，故电压表示数变大；故ABC错误；D、开关S2闭合后电路总电阻R总变小，电流变大，电阻R两端的电压变大，根据P=UI可知电路的总功率变大，故D正确。故选：D。【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、掌握串联电路的特点、掌握功率公式是正确解题的关键。19（2018淄博）在“探究物质的吸热能力”实验中，把质量均为0.5kg的水和食用油分别装入两个相同的容器内，用相同的电加热器给它们加热，其温度随时间变化的图象如图所示。不考虑实验中的热损失，加热2min食用油吸收的热量是4.2104J，电加热器的实际功率
12、是350W【c水=4.2103J/（kg）】【分析】（1）由题知食用油和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是食用油吸收热量的2倍。根据吸热公式Q=c吸mt判断两物质的比热容之间的关系，从而得出食用油的比热容，然后利用Q=cmt可求得加热2min食用油吸收的热量；（2）不考虑实验中的热损失W=Q，利用P=可求得电加热器的实际功率。【解答】解：用两个相同的电热器给质量相同的物质食用油和水加热，由图象可知，水温度升高到60需要4min，食用油温度升高到60需要2min。因为物质吸收的热量和时间成正比，所以，质量相同的食用油和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸=2Q油吸。由Q吸=cmt
13、得：c=，则c水=2c油。又因为c水=4.2103J/（kg），所以c油=c水=2.1103J/（kg），加热2min食用油升高了6020=40，Q油吸=c油m油t=2.1103J/（kg）0.5kg40=4.2104J；不考虑实验中的热损失W=Q=4.2104J；电加热器的实际功率P=350W。故答案为：4.2104；350。【点评】本题考查热量的计算和实际功率的计算，能够从图象中获取信息并利用控制变量法解决实际问题。17（2018枣庄）如图所示，是某种电热器的电路图，电源电压220V，R1、R2的阻值分别为11、22，通过旋转扇形开关S，接触不同触点，实现高、中、低三个档位的转换，电热器在
14、低温工作时的电功率是2200W，在高温档工作1min产生的热量是3.96105J。【分析】（1）根据P=，当电阻最大时，电功率最小，为低温档，分析此时电路的连接，根据P=求出电热器在低温工作时的电功率；（2）当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，由并联电阻的规律求出并联电阻，根据Q高=t求出在高温档工作1min产生的热量。【解答】解：根据P=，当电阻最大时，电功率最小，旋转扇形开关S接触c，即只有R2连入电路时为低温档，P小=2200W当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，R并=，在高温档工作1min产生的热量是：Q高=t=60s=3.96105J。故答案为：660
15、0；3.96105。【点评】本题并联电路的规律及电功率、电功率的计算，关键是低温档和高温档电路的连接。2（2018潍坊）最先精确确定电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间关系的物理学家是（）A欧姆 B焦耳 C奥斯特 D法拉第解析:英国物理学家焦耳做了大量实验，于1840年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，得出Q=I2Rt；为了纪念他做出的贡献，人们将他的名字命名为热量（能量）的单位，故选B。21（2018潍坊）要测量一个额定电压为3.8V小灯泡的功率，小灯泡工作时的电阻约为10现有电流表、电压表、开关各一个，规格分别为“10 1A“、“50 0.5A”和500 0.1A
16、”的滑动变阻器各一个，导线若干，电源（8V）一个（1）为完成实验，应该选取规格为 的滑动变阻器；（2）选出合适的滑动变阻器后，将实验器材连成如图所示的实验电路，闭合开关，将滑动变阻器滑片向右移动，观察到的现象是 （多选）；A小灯泡变亮，电压表示数变大B电流表示数为零，小灯泡不亮C电流表示数变大，电压表示数变小D电压表示数接近8V，且示数不变（3）造成上述现象的原因是其中有一条导线连接错误，请将该导线打上“”号；并用笔画线代替导线把它改到正确的位置上；（4）线路改正后，移动滑片，记录多组电流和电压U，并在坐标纸上做出1U关系图象，如图所示。由图可知小灯泡的额定功率为 W；当小灯泡两端电压为3V时
17、，灯泡电阻为 。解析:（1）已知电源电压为8V且保持不变，实验中小灯泡额定电压为3.8V，电路中电流，I=0.38A，故变阻器分得的电压为U滑=8V3.8V=4.2V，变阻器电压为小灯泡的倍，小灯泡电阻为10时，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻R滑大=1011，有三种规格滑动变阻器应选用“50 0.5A”的变阻器；（2）由实物图可知，电压表串联在电路中，相当于开路，故电流表示数为零，小灯泡不亮，电压表测量电源的电压，示数为电源电压8V，故选BD；（3）原电路中，电流表与小灯泡并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，改正后如下所示：（4）由图象可知：正常工作
18、电灯的额定电压为3.8V，通过灯泡的电流为0.3A，此时灯泡的电功率P=UI=3.8V0.3A=1.14W，当小灯泡两端电压为3V时，灯泡的电流，I=0.25A，电阻为R=12；答案：（1）“50 0.5A” （2）BD （3）如上图 （4）1.14 1224（2018潍坊）如图所示是一种常见的封闭电热水袋，其性能参数如表中所示。已知电热水袋加热效率为80%，水的比热容c=4.2103J/（kg），水的密度=1.0103kg/m3将袋内20的水加热到自动断电，求：（1）袋内水吸收的热量（2）需要的加热时间额定电压额定加热功率220V400W袋内充水自动断电温度1.0L60解:（1）由=可得袋内
19、水的质量：m=水V=1.0103kg/m31.0103=1kg，袋内水吸收的热量：Q=cm（tt0）=4.2103J/（kg）1kg（6020）=1.68105J；（2）由=可得消耗电能：W=2.1105J，由P=可得，需要的加热时间：t=525s。答：（1）袋内水吸收的热量为1.68105J；（2）需要的加热时间为525s。26（2018潍坊）某科技活动小组设计了如图所示的电路。电源电压不变，当S1闭合、S2断开，变阻器R2的滑片P滑到a端时，电流表的示数为0.8A，定值电阻R1消耗的功率为6.4W；变阻器R2的滑片P滑到b端时，电流表的示数变为0.2A；当S1和S2都闭合，变阻器R2的滑片
20、P滑到某点时，电流表的示数为0.6A，小灯泡L消耗的功率为0.9W求：（1）电源电压；（2）变阻器R2的最大阻值；（3）小灯泡两端电压及此时变阻器R2连入电路的阻值解:（1）当S1闭合、S2断开，变阻器R2的滑片P滑到a端时，电路中只有R1连入电路，电流表测R1的电流，根据P=UI可得电源电压：U=8V；（2）由欧姆定律可得R1的阻值：R1=10，当S1闭合、S2断开，变阻器R2的滑片P滑到b端时，R1与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律可得此时的总电阻值：R总=40；根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可得：R2=R总R1=4010=30；（3）当S1和S2都闭合，变阻器R2
21、的滑片P滑到某点时，R1与灯泡并联后与R2串联，电流表测干路电流，设灯泡两端的电压为UL，则根据串联电路的电流特点可得：I=I1+IL，根据I=和P=UI可得：I=+，所以，0.6A=+，解得：UL=3V，根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：U2=UUL=8V3V=5V，由欧姆定律可得R2连入电路的阻值：R2连入=8.3。答：（1）电源电压为8V；（2）变阻器R2的最大阻值为30；（3）小灯泡两端电压为3V，此时变阻器R2连入电路的阻值为8.3。15（2018滨州）如图甲电路中，电源电压保持不变，R1是定值电阻。当开关S闭合，滑动变阻器R2的滑片P由a端移动到b端，两电表示数变化
22、关系如图乙所示，则下列说法中正确的是（）A电源电压为14VBR2的最大阻值是30C滑片P由a向b恰好移动三分之一长度时R1的电功率为1.25WD滑片P在a端时，2分钟内R2消耗的电能是144J解析:A、由图甲知，当滑片在b端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，电路为R的简单电路，电路中的电阻最小，电流最大，由图象乙知，电源的电压：U=U1=10V，故A错误；此时电路中的电流：I=0.5A，根据欧姆定律可得，R1的阻值：R1=20；B、当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电压表V的示数最小，电路中的电流最小，由图象知，此时U1=4V，电路中电流I=0.2A，由串联电路特点和欧姆定律
23、可得，R2的最大阻值：R2=30，故B正确；C、P由a向b恰好移动三分之一长度时，则R2的接入电路中，此时电路中电流：I=0.25A，所以R1的电功率：P1=I2R1=（0.25A）220=1.25W，故C正确；D、P在a端时，由B项解答可知电路中电流I=0.2A，此时U1=4V，则2分钟内R2消耗的电能：W2=U2It=（10V4V）0.2A120s=144J，故D正确。故选BCD。17（2018滨州）如图所示，把标有“6V，6W”字样的灯泡L接入电源电压恒为9V的电路中，为使灯泡L正常发光，需要串联的定值电阻R0= 。解析:由灯泡的铭牌可知，灯泡正常发光的电压6V，额定功率为6W，由P=U
24、I可得，灯泡正常发光时的电流：IL=1A；由图可知，灯泡L与电阻R0串联，当灯泡正常发光时，因串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和，所以R0两端的电压：UR=UUL=9V6V=3V；串联电路中电流处处相等，所以IR=IL=1A，则R0的阻值为：R0=3。答案：3。23（2018滨州）某实验小组的同学用图甲所示器材测量小灯泡电功率，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“20 1A”，图甲所示是该实验小组没有连接完整的电路。（1）请你用笔线代替导线，在图甲中把电路连接完整（2）正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，
25、电流表无示数，电压表示数明显，仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因应该是B（选填“A”、“B”、“C”或“D”）A电流表内部断路了 B灯泡的灯丝断了C灯座内部出现了短路 D滑动变阻器的电阻线断了（3）排出故障后，通过正确操作，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，其值为 A，小灯泡的额定功率为 W。（4）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）端滑动。（5）测量小灯泡的电功率 （选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是 。（6）图丙是该实验小组的同学测量小灯泡电功率的电路图，测量后他们对测量结果进行了误差分析，考虑
26、电表本身对电路的影响，该电路主要是由于所测 （选填“电压”或“电流”）值偏大引起小灯跑电功率偏大的。解析:（1）灯的额定电压为3.8V，故电压表选用大量程与灯并联，将变阻器的最大电阻连入电路中与灯串联，如下所示：（2）A若电流表内部断路了，则整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；B若灯泡的灯丝断了，灯不亮，电流表没有示数，电压表串联在电路中，电压表测电源电压有示数，符合题意；C若灯座内部出现了短路，则电压表没有示数，电流表有示数，不符合题意；D若滑动变阻器的电阻线断了，则整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；故选B；（3）当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值
27、为0.02A，其值为0.2A，小灯泡的额定功率为：P=UI=3.8V0.2A=0.76W。（4）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，要增大灯电压，减小变阻器的电压，由分压原理，应将滑动变阻器的滑片向右端滑动。（5）灯在不同电压下的功率不同，故不需要多次测量求平均值；（6）根据并联电路电流的规律，电流表示数等于灯的电压与通过电压表电流大小和，故该电路主要是由于所测电流值偏大引起小灯跑电功率偏大的。答案：（1）如上；（2）B；（3）0.2；0.76；（4）右；（5）不需要；灯在不同电压下的功率不同；（6）电流。25（2018滨州）图甲是一家用电器，有“低温”，“中温”，“高温
28、”三档，铭牌见下表（“高温”档功率空出），图乙为其简化的电路原理图，S是自我保护开关，电暖器跌倒时，S自动断开，切断电源，保证安全，闭合S1为“低温”档。请完成下列问题：牌电暖器额定电压220V额定功率低温档550W中温档1100W高温档频率50Hz（1）“低温”档正常工作时的电阻是多少？（2）“高温”档正常工作时的总电流是多少？（3）若某房间内空气质量为60kg，空气温度为10，设定空气的比热容为1.1103J/（kg）且保持不变，用该电要器的“高温”档正常工作20分钟，放出热量的50%被房间内的空气吸收，那么可使此房间的空气温度升高多少？解：（1）闭合S1为“低温”档，R1单独接入电路，由
29、P=可求“低温”档正常工作时的电阻是：R1=88；（2）闭合S1为“低温”档，R1单独接入电路，单独闭合S2为“中温”档，高温档为S1、S2同时闭合，R1、R2并联，P高温=P低温+P中温=550W+1100W=1650W，根据P=UI可得高温档时正常工作的电流：I=7.5A，（3）电暖器的“高温”档正常工作20分钟，放出的热量：W=P高温t=1650W2060s=1.98106J；空气吸收的热量：Q吸=W=50%1.98106J=0.99106J；由Q吸=cmt可得，房间的空气温度升高：t=15。答：（1）“低温”档正常工作时的电阻是88；（2）“高温”档正常工作时的总电流是7.5A；（3）
30、可使此房间的空气温度升高15。20（2018临沂）如图所示的电路中，电源电压恒为3V，灯泡L的电阻为10且保持不变。闭合开关S后，滑片P由b端向a端滑动的过程中，下列判断正确的是（）A灯泡L亮度变暗B电压表示数变大，电流表示数变小C电压表与电流表示数的比值变小D灯泡L的最大功率为0.9W【分析】AB、灯泡与变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路的电流；根据滑片P由b端向a端滑动的过程中变阻器连入电路的电阻变化，根据电阻的串联分析总电阻变小，由欧姆定律分析电路中的电流变化；根据P=I2R，分析灯的实际功率变大，确定亮度变化；C、由欧姆定律，电压表与电流表示数的比值即灯的电阻分析；D、根据P
31、=，当变阻器连入电路中的电阻为0时，灯的电压为电源电压3V，并求出此时灯的最大功率。【解答】解：AB、由图知，灯泡与变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路的电流；滑片P由b端向a端滑动的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故B错误；根据P=I2R可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故A错误；C、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于灯泡的电阻（且灯泡电阻不变），则该比值不变，故C错误；D、当变阻器连入电路中的电阻为0时，灯泡的电压最大（等于电源电压3V），灯泡L的最大功率：PL大=0.9W，故D正确。故选
32、：D。27（2018临沂）在国家“光伏扶贫”项目中，小明家安装了太阳能发电系统，白天太阳能电池板发电，向电网提供电能，此过程中太阳能转化为电能；中午时段，太阳能电池板的输出电压为500V，输出电流为20A，3h可以为电网提供电能30kWh。【分析】太阳能电池板就是将太阳能直接转化为电能的装置；根据W=UIt可求提供的电能。【解答】解：在国家“光伏扶贫”项目中，小明家安装了太阳能发电系统，白天太阳能电池板发电，向电网提供电能，此过程中太阳能转化为电能；太阳能电池板的输出电压为500V，输出电流为20A，3h可以为电网提供电能：W=UIt=500V20A3h=10000W3h=10kW3h=30k
33、Wh。故答案为：电；30。35（2018临沂）（10分）小明妈妈为奶奶买了一个电热足浴盆（如图所示），内部由加热系统和按摩系统两部分组成。加热系统的加热电阻额定电压220V，额定功率605W问：（1）小明帮奶奶泡脚时，向足浴盆中加入6kg初温为20的水，加热系统的加热电阻正常工作15min将水加热到40，此加热过程中水吸收的热量是多少？消耗的电能是多少？c水=4.2103J/（kg）（2）当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际功率是多少？（3）足浴盆按摩系统中的电动机工作电压是12V（按摩系统将交流电压转换为12V），工作电流为4A，其电阻为0.5，电动机工作中因发热损失的功率是多
34、少？【分析】（1）知道水的比热容、水的质量，初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm（tt0）求水吸收的热量；根据W=Pt求出足浴盆消耗的电能；（2）先根据P=的变形公式求出加热电阻的阻值，然后再根据P=求出加热电阻工作的实际功率；（3）根据P损=I2R求出电动机工作中因发热损失的功率。【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=c水m（tt0）=4.2103J/（kg）6kg（4020）=5.04105J；加热时间t=15min=900s，足浴盆加热时消耗的电能：W=P额t=605W900s=5.445105J。（2）由P=得，加热电阻的阻值：R=80，当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际
35、功率：P实=500W。（3）电动机工作中因发热损失的功率：P损=I2R=（4A）20.5=8W。答：（1）此加热过程中水吸收的热量是5.04105J；消耗的电能是5.445105J；（2）加热电阻工作的实际功率是500W；（3）电动机工作中因发热损失的功率是8W。29（2018青岛）某电视机的额定功率是l10w，则它正常工作时，电流是0.5A；1kWh的电能可供它止常工作的时间是9.1h（至少保留一位小数）【分析】电视机正常工作时的功率和额定功率相等，利用公式I=得到电视机的电流，再根据t=求出1kWh的电能可供电视机正常发光的时间。【解答】解：家庭电路的电压是220V，电视机的额定功率是l1
36、0W，则它正常工作时，通过电视机的电流为：I=0.5A；1kWh的电能可供它正常工作的时间：t=9.1h。故答案为：0.5A；9.1h。【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，关键是知道用电器正常工作时的功率和额定功率相等。13. （2018聊城）（多选题）小明同学家的电能表上标有“3000revs/(kWh)”的字样，他将家中的其它用电带都与电源断开，仅让电水壶在额定电压下工作，观察1min内电能表的转盘转了45revs,则下列说法正确的是ACD A.电水壶是利用电流的热效应来工作的B.烧水过程中消耗的电能为5.4105JC.电水壶的额定功率为900WD.当实际电压只有额定电压的90%
37、时，电水壶的实际功率为729W10. （2018济宁）根据额定电压为2.5V小灯泡的I-U图像(如图所示)分析，下列结论正确的是(D) A.当小灯泡的电压为OV时，其电阻为0 B.当小灯泡的电流为0.1A时，其实际功率为0.1W C.通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比 D.小灯泡的额定功率为0.625W22, （2018济宁）将电阻R1、R2串朕后接在电路中.如图所示，在a、b间接一根导线时,电路中的电功率 将变为原来的4倍；在a、b向接电压表吋.其示数内3V,在a、b间接电流表时，,其示数为1A。求:(1)电压U (2)R1的阻值 (3)电路的总功率答案：（1）U=4V (2)R1=4 P
38、总=1W27. （2018菏泽）(6分)市场上有一种吸手鼠标垫，技术参数如图所示.鼠标垫内有两个10的发热电阻,通过控制两个发热电阻的接连方式就能实现多档位的调节功能。请解答下列问题:(1)鼠标垫内两个电阻串联时总电阻是客少?(2)在额定电压下，鼠标垫内两个电阻并联时电路中的电流是多少?(3)在额定电压下、鼠标热工作8小时，最多消耗多少电能?SR1PR2A1A2V9（2018东营）如图所示，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器滑片向左移动时，下列判断正确的是BA电压表示数与电流表A1示数的乘积变大B电压表示数与电流表A2示数的乘积变大C电压表示数与电流表A1示数的比值不变，电流表A2示数变小D
39、电压表示数与电流表A1示数的比值变大，电流表A2示数变大16（2018东营）物理科技小组用标有“1600imp/（kWh）”（表示每消耗1kWh的电能，电能表上的指示灯闪烁1600次）的电能表测量电视机的功率：他们把电视机单独接入电路且使其正常工作6min，指示灯闪烁16次，该电视机的功率为_kW。160.121（2018东营）（12分）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10）、电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。若实验室只有：R1（10 1A）、R2（50 0.2A）、R3（100 0.5A）
40、三种规格的滑动变阻器可供选择。（1）请在答题卡虚线框内画出实验电路图。（2）通过估算，滑动变阻器应选择_（选填“R1”、“R2”或“R3”）（3）同学们检查器材完好，按电路图连接电路，当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图所示，造成这种现象的原因是_。（4）同学们纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是_。为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是_，读出并记录电流表的示数。（5）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如下图，为_，则小灯泡的额定功率为_。SLVA21.（12分）（1）如图（2分）（2）R3（2分）（3）电流表标有“
41、+”、“-”号的接线柱接反（2分）（4）小灯泡实际功率太小，不足以让小灯泡发光（2分）；调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为2.5V（2分）（5）0.26A（1分）；0.65W（1分）评分标准：（1）、（3）、（4）其他画法（或说法）只要合理均可得分；（5）只有数字没有单位不得分。12. （2018德州）图11是检测酒精浓度的测试仪原理图，图中电源电压恒定为8V，R1为定值电阻，酒精气体传感器R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小。当酒精浓度为0时，R2=60，此时电压表示数为2V。以下说法错误的是CA.若酒精气体浓度越大，电压表和电流表示数都越大B.定值电阻R1的阻值为20C.酒精浓度为0时，电
42、路消耗的总功率为0.6WD.若电流表示数达到0.2A时，表示酒驾，此时R2消耗的电功率为0.8W17. （2018德州）小刚早上8：00出门前查看了他家的电能表示数如图16甲所示，然后关闭家中其它用电器，只让电冰箱工作。下午18：00回家后再次查看电能表，显示的数字如图16乙所示。则小刚家的电冰箱在这段时间内消耗的电能为_kWh，电冰箱的实际电功率为_W。17.0.5 50 24. （2018德州）(7分)在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡正常发光时的电阻约为10。(1)请你用笔画线代替导线，将图23甲中的实物电路连接完整。要求：当滑动变阻器的滑
43、片向A端移动时，连入电路的电阻变大，连线不得交叉。(2)小刚同学闭合开关，移动滑片P到某一位置时，电压表示数(如图23乙所示)为_V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图23甲中滑动变阻器的滑片P向_(选填“A”或“B”)端移动，图23内的U图象是小刚根据多组实验数据绘制的，根据图象可得小灯泡的额定功率为_W。(3)由实验中一U图象发现小灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要因素是_。(4)若把小灯泡换成一个定值电阻，还可探究_的关系。A.电流与电阻 B.电流与电压24.（1）（2）2.2 B 0.5 （3）温度 （4）B15（2018玉林）如图所示，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“
44、20 1A”。闭合开关S，当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A则（）A电路消耗的最小功率为2.5WB滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4WC滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2WD滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为10J【分析】（1）当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，利用串联电路的特点和P=即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然后即可比较判断；（2）滑片P在中点时，根据欧姆定律求出滑动
45、变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=UI求出灯泡的实际功率；（3）滑片P在最左端时，根据W=UIt求出5min内电流通过灯泡做的功。【解答】解：（1）当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，由I=可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=20；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路消耗的功率最小，若不考虑灯泡电阻随温度的变化，根据串联电路的电阻特点可得，最小总功率：P最小=2.5W；由于灯泡不正常工作时的电阻低于正常工作时的电阻，所以，电路消耗的最小功率不是2.5W；故A错误；（2）滑片P在中点时，电流表示数为0.4A，根据I=可得，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=IR滑=0.4A