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1、2019 课堂新坐标物理二轮练习课时知能练习- 第十章第 2 讲注意事项 ：认真阅读理解，结合历年的真题，总结经验，查找不足！重在审题，多思考，多理解！无论是单选、多选还是论述题，最重要的就是看清题意。在论述题中， 问题大多具有委婉性， 尤其是历年真题部分，在给考生较大发挥空间的同时也大大增加了考试难度。考生要认真阅读题目中提供的有限材料，明确考察要点， 最大限度的挖掘材料中的有效信息，建议考生答题时用笔将重点勾画出来，方便反复细读。 只有经过仔细推敲，揣摩命题老师的意图，积极联想知识点，分析答题角度，才能够将考点锁定，明确题意。( 时间： 45 分钟总分值： 100 分 )【一】单项选择题
2、( 本大题共 5 小题，每题 6 分，共 30 分、在每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求， 选对的得 6 分，选错或不答的得0 分、)、如图图 10 2 19n1n2 ，110 2 19所示，理想变压器原、副线圈匝数之比4 1原线圈两端连接光滑导轨，副线圈与电阻 R 相连组成闭合回路、当直导线 AB在匀强磁场中沿导轨匀速地向右做切割磁感线运动时， 电流表 A1 的读数是 12 毫安，那么电流表 A2 的读数是 ()A、0B、3 毫安C、48 毫安、与 R值大小有关D【解析】当直导线 AB在匀强磁场中沿导轨匀速地向右做切割磁感线运动时，原线圈中产生恒定的电流， 不能在铁芯中产生变化的
3、磁场， 副线圈中不会产生感应电流， A 正确、【答案】 A2、(2018 华南师大附中模拟 ) 在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流， 所用的器材叫电流互感器、 如下所示的四个图中， 能正确反映其工作原理的是 ()【解析】电流互感器应是测电流的，应串联在火线上，故 B、D 选项错误、同时，由 I 1n1I 2n2 知要使 I 2n1，故 A 选项正确， C 选项错误、【答案】 A3、(2018 珠海模拟 ) 图 10 2 20 甲、乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化、以下说法正确的选项是 ()甲乙图 10 2 20A、图甲表示交流电，图乙表示直流电B、两种电压
4、的有效值相等C、图甲所示电压的瞬时值表达式为u 311sin100 t V1D、图甲所示电压经匝数比为101 的变压器变压后，频率变为原来的10【解析】由题图可知两个电流的大小和方向均作周期性变化， 所以都是交流 Em电，故 A 错；有效值 E2只对正弦交流电适用， 虽然最大值一样， 有效值不同，所以 B 错、由题图可知， C对、变压之后频率不变，D 错、【答案】 C4、(2017 福建高考 ) 图 10 2 21 甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比 n1 n2 51，电阻 R 20，L1、L2 为规格相同的两只小灯泡， S1 为单刀双掷开关、原线圈接正弦交变电源， 输入电压 u 随时间 t
5、的变化关系如图乙所示、 现将 S1 接 1、S2 闭合，此时 L2 正常发光、以下说法正确的选项是 ()图 10 2 21A、输入电压 u 的表达式 u202sin(50 t )VB、只断开 S2 后， L1、L2 均正常发光C、只断开 S2 后，原线圈的输入功率增大D、假设 S1 换接到 2 后， R消耗的电功率为0.8W2【解析】由图象可知Um202V，T0.02s ，故 T 100，即输入电压 u 的表达式 u 202sin(100 t )V ，所以 A 项错误、断开 S2 后两灯泡串联，U2总电压仍为 4V，所以 L1、L2 均不能正常发光， B 项错误、根据 P 入 P 出 R可知U
6、242断开2 后 R 增大，P 入变小，C项错误、假设1 接，由 P 可得 P，SS 2R20W 0.8W故答案为 D.【答案】 D5、(2017 山东高考 ) 一理想变压器原、副线圈的匝数比为10 1，原线圈输入电压的变化规律如图 10222 甲所示，副线圈所接电路如图 10222乙所示， P 为滑动变阻器的触头、以下说法正确的选项是 ()图 10 2 22A、副线圈输出电压的频率为50HzB、副线圈输出电压的有效值为31VC、P 向右移动时，原、副线圈的电流比减小D、P 向右移动时，变压器的输出功率减小【解析】由图甲知，原线圈两端输入电压的最大值为U1m310V，有效值为U1m1U1 2
7、220V，周期为 T 2 10 2s，频率 f T 50Hz，变压器不改变电压的频U1 n1U2n2U1，项错误；变压器原、副线圈的电流率， A 项正确；由 U2 n2知，n122V B比与匝数成反比，由于匝数未变，所以原、副线圈的电流比不变，C 项错误； P向右移动时，滑动变阻器的有效阻值减小，副线圈中电流增大，由P2 U2I 2 知变压器的输出功率增加， D项错误、【答案】 A【二】双项选择题 ( 本大题共 5 小题，每题 8 分，共 40 分、全部选对的得 8分，只选 1 个且正确的得 4 分，有选错或不答的得0 分、 )6、为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有
8、效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1 、L2，电路中分别接理想交流电压表 V1、 V2 和理想交流电流表 A1、 A2 ，导线电阻不计，如图10 2 23 所示、当开关 S 闭合后 ()图 10 2 23A、A1 示数变大，B、A1 示数变大，C、V2 示数变小，D、V2 示数不变，A1 与 A2 示数的比值不变A1 与 A2 示数的比值变大V1 与 V2 示数的比值变大V1 与 V2 示数的比值不变U1n1【解析】交流电源的电压有效值不变，即V1 示数不变，因 U2 n2，故 V2 示数不变，1 与2示数的比值不变， D对、S闭合使负载总电阻减小，I 2U2，所以RVVI 1n
9、2I 2 增大、因 I 2 n1，所以 A1 示数增大， A1 与 A2 示数比值不变， A 对、【答案】 AD7、如图 10 224 所示，是通过变压器给用户供电的示意图，变压器的输入电压是电网电压， 基本稳定，输出电压通过输电线输送给用户、 输电线的电阻用 R0 表示，用变阻器的电阻 R表示用户用电器的总电阻， 当变阻器的滑动触头 P 向上移动时，以下说法正确的选项是 ()图 10 2 24A、相当于增加用电器的个数B、V1 的示数随 V2 示数的增大而增大C、A1 的示数随 A2 示数的减小而减小D、变压器的输入功率减小【解析】当变阻器的滑动触头P 向上移动时， 用电器的总电阻增大， 相
10、当于并联的用电器的数目减少，同时变压器的输入功率减小，由于电网电压 u 不变，所以两个电压表的示数不变，故 A、B 均错， D 正确；由于变压器的输出功率决定输入功率，所以 A1 随 A2 示数的减小而减小，故 C正确、【答案】 CD图 10 2 258、学校的变压器把电压为 1000V的交流电降压为 u311sin100 t V 后供给各教室，输电线的零线 b 上保持零电势不变， 而火线 a 上的电势随时间周期性变化、为保证安全用电，教室里电灯的开关要接在火线上，如图 10 2 25 所示、以下说法正确的选项是 ()A、变压器原线圈与副线圈的匝数比为5011B、此交流电的频率为100HzC、
11、开关断开时其两触点间的电压为220VD、火线上的最高电势与最低电势之差为311Vn1U1U2311，故匝数比【解析】教室需要的交变电压有效值2 V220Vn2U21 000100220 50 11，A 正确；变压器不能改变交流电的频率， 故 f 1 f 2 2 2Hz50Hz，B 错误；开关断开时两点电压为有效值，即为 220V，C 正确；火线上最高电势为 311V，最低电势为 311V，故电势之差为 622V，D错误、【答案】 AC9、(2018 南通模拟 ) 如图 10226 甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为 201，R110，R2 20，电容器电容 C100 F. 电阻 R1 两端
12、的正弦交流电压如图乙所示，那么 ()图 10 2 26A、原线圈输入电压的最大值为 400V B、交流电的频率为 100Hz3C、电容器所带电荷量恒为210C【解析】由图乙可知变压器输出的电压最大值为 20V，变压器原、副线圈的匝数比为 201，所以原线圈输入电压的最大值为 400V，A 选项正确；副线圈交流电的周期为 0.02s ，频率为 50Hz，原、副线圈交流电的频率一致， B 选项不正确；电容器所带电荷量 Q CU1.414 10 3C，C 选项不正确； R1 消耗的电功率 PU2 R120W，D 选项正确、【答案】 AD10、(2018 辽宁协作体模拟 ) 如图 10227 甲所示，
13、为一种可调压自耦变压器的结构示意图，线圈均匀绕在圆环形铁芯上，假设 AB间输入如图乙所示的交变电压，转动滑动触头 P 到如图甲中所示位置，在 BC间接一个理想的交流电压表 ( 图甲中未画出 ) ，那么 ()图 10 2 27A、AB间输入的交流电的电压瞬时值表达式为u2202sin(100 t )VB、该交流电的频率为100HzC、t 110 2s 时电压表的读数为零 2【解析】由乙图可读出交流电的最大值为Um2202V，周期 T 2 10s， T 100 rad/s.那么交流电的电压瞬时值uUm t 220 2sin(100sin1 t )V ，A 正确、由 f T50Hz，知 B 错、因电
14、压表测交流电电压时，读数为交流电压的有效值，不能读出瞬时值，所以读数为220V，那么 C错、由于 BC间接U2理想电压表， RV无穷大，那么PRV 0， D 正确、【答案】 AD【三】非选择题 ( 此题共 2 小题，共 30 分、要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位、 )11、 (14 分) 如图 10228 所示，交流发电机电动势的有效值E20V，内阻不计，它通过一个R 的指示灯连接变压器、变压器输出端并联24只彩色6小灯泡，每只灯泡都是“6V0.25W”，灯泡都正常发光，导线电阻不计、求：图 10 2 28(1) 降压变压器原、副线圈匝数比；(2) 发电机的输出功率、P1【
15、解析】 (1) 彩色小灯泡额定电流I LU24A，副线圈总电流I 224I L 1A.变压器输入功率等于U1I 1U2I 2 6W变压器原线圈电路中，利用欧姆定律可得U2I 26EU1I 1R I 1 I 1RI 1 6I 1，1代入 E 值解得 I 13A(I 1 3A应舍去，根据题意是降压变压器， 应 I 1I 2 1A)，n1I 23所以 n2I 1 1.(2) 发电机的输出功率 P I 1 E 6.67W.【答案】 (1)3 1(2)6.6712、(16 分) 发电机的端电压为 220V，输出功率为 44kW，输电导线的电阻为 0.2 ，如果用原、副线圈匝数之比为 110 的升压变压器
16、升压， 经输电线路后，再用原、副线圈匝数比为 10 1 的降压变压器降压供给用户、(1) 画出全过程的线路图；(2) 求用户得到的电压和功率；(3) 假设不经过变压而直接送到用户，求用户得到的功率和电压、【解析】该题是输电线路的分析和计算问题， 结合电路结构和输电过程中的电压关系和电流关系可解此题、(1) 线路图如下图、(2) 升压变压器副线圈上的输出电压U2n2，U1n12200Vn1升压变压器副线圈上的输出电流I 2 n2I 1，升压变压器原线圈上的输入电流，由PU1I 1 得I 1P44103U1，220 A200An1P44103所以 I 2n2U110220A20A.输电线路上的电压损失和功率损失分别为URI 2R4V，PRI 22R0.08kW.降压变压器原线圈上的输入电流和电压分别为I 3I 2 20A，U3U2UR 2196V.降压变压器副线圈上的输出电压和电流分别为n4n3U4n3U3219.6V， I 4 n4I 3200A.用户得到的功率 P4 U4I 4 43.92kW.(3) 假设不采用高压输电，线路损失电压为UR I 1 R 40V，用户得到的电压 U U1 UR 180V，用户得到的功率为P UI 136kW.【答案】 (1) 见解析 (2)219.6V43.92kW(3)180V36kW